2023年新疆乌鲁木齐市沙依巴克区四中物理高二下期末联考模拟试题含解析

2022-2023学年高二下物理期末模拟试卷注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、把一支枪水平固定在小车上，小车放在光滑的水平面上，枪发射出一颗子弹时，关于枪、弹、车，下列说法正确的是A．枪和弹组成的系统，动量守恒B．枪和车组成的系统，动量守恒C．三者组成的系统，因为枪弹和枪筒之间的摩擦力很小，使系统的动量变化很小，可以忽略不计，故系统动量近似守恒D．三者组成的系统，动量守恒，因为系统只受重力和地面支持力这两个外力作用，这两个外力的合力为零2、太阳因核聚变释放出巨大的能量，同时其质量不断减少。太阳每秒钟辐射出的能量约为4×1026J，根据爱因斯坦质能方程，太阳每秒钟减少的质量最接近A．1036kgB．1018kgC．1013kgD．109kg3、如图为法拉第圆盘发电机的示意图，铜圆盘安装在竖直的铜轴上，两铜片P、Q分别与圆盘的边缘和铜轴接触，圆盘处于方向竖直向上的匀强磁场B中，圆盘以角速度ω顺时针旋转（从上往下看），则A．圆盘中心电势比边缘低B．穿过圆盘的磁通量不断变化C．产生的电动势大小与圆盘半径成正比D．若ω变为原来的2ω，则R上的热功率变为原来的4倍4、如图所示，物块放在木板上处于静止状态，现将木块略向右移动一些使倾角减小，则下列结论正确的是（）A．木板对的作用力不变B．木板对的作用力减小C．物块与木板间的正压力减小D．物块所受的摩擦力不变5、如图所示，被激发的氢原子从较高能级向较低能级跃迁时，分别发出的波长为λ1、λ2、λ3

的三条谱线，则下列关系正确的是（）A．B．C．D．6、如图所示，一半径为r的圆环上均匀分布着电荷，在垂直于圆环且过圆心c的轴线上有a、b、d三个点，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q(q>0)的固定点电荷．已知d点处的场强为零，静电力常量为k，则A．圆环可能带正电B．c点的场强为C．b点场强为D．圆环在d点产生的场强大小为二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列说法正确的是A．图甲为浸润现象，图乙为不浸润现象B．图甲中附着层的液体分子比液体内部的分子间距小C．图乙中附着层的液体分子比液体内部的分子间距小D．图甲中表面层分子比液体内部稀疏，而图乙中表面层分子比内部密8、如图所示，以点电荷Q为圆心的圆上有B、C两点，已知将正点电荷q从A点移至B点，克服电场力做功为W，W>0则（）A．Q为负电荷B．将负电荷从C点移至A点，电势能增加C．将正点电荷q从B点沿圆周移至C点，电场力不做功D．将正点电荷q从C点沿直线移至A点，电场力做功大于W9、如图物体在一个竖直向上的拉力作用下，在斜面上静止不动，则关于该物体受力情况正确的是A．可能受四个力B．可能受两个力C．不可能只受两个力D．可能只受三个力10、在图示的远距离输电电路图中，发电机通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电．已知升压变压器的原、副线圈匝数之比为1：3，输电线的总电阻R＝2.5Ω，降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为5：1，降压变压器的副线圈与滑动变阻器组成闭合电路．当负载R0＝1.1Ω时，降压变压器副线圈两端交变电压u＝220sinl00πt（V）．若将变压器视为理想变压器，则A．通过R的电流为25AB．升压变压器的输入功率为4.8×104WC．发电机的输出电压为400VD．当负载电阻R0增大时，发电机的输出功率增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用打点计时器测量重力加速度的实验装置如图所示．当纸带在钩码带动下向下运动时，打点计时器在纸带上打下一系列的点．（1）该实验中,下列方法有助于减小实验误差的是___________.A．应从纸带上的第一个点迹开始测量、计算B．选用的钩码的质量应尽可能小些C．操作时，应先释放纸带，后接通电源D．打点计时器的上下两限位孔应在同一竖直线上（2）某同学在正确操作下，选取了一条点迹清晰的纸带，并测得连续三段相邻点的距离，但不小心将该纸带撕成了三段，并丢失了中间段的纸带，剩余的两段纸带如图所示，其中A、B两点的距离x1=9.8mm,C、D两点的距离x2=17.6mm.已知电源的频率为50Hz.在打点计时器打下C、D两点的过程中，钩码的平均速度v=_____m/s.（3）实验测得当地的重力加速度g=____________12．（12分）“探究求合力的方法”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示:（1）某次实验中，拉OC细绳的弹簧秤指针位置如甲图所示，其读数为____N；乙图中的F与F´两力中，方向一定沿AO方向的是____；（2）关于此实验下列说法正确的是____．A．两个分力、的方向一定要垂直B．两个分力、间夹角越小越好C．两次拉橡皮筋时，要将橡皮筋结点拉至同一位置D．拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮筋、细绳可与木板平面不平行四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，足够长的水平传送带逆时针匀减速转动直到停止，加速度大小为3m/s2，当传送带速度为v0=10m/s时，将质量m=3kg的物块无初速度放在传送带右端，已知传送带与物块之间的动摩擦因数为0.2，重力加速度g=10m/s2，求：（1）物块运动过程中的最大速度；（2）物块从放在传送带到最终停止，相对传送带运动的位移14．（16分）如图所示，一端封闭、粗细均匀的U形管开口向上竖直放置，管内用水银将一段气体封闭在管中．当被封闭气体的空气柱长为l0cm时，开口端水银面比封闭端水银面低15cm，已知U形管武器端足够长，大气压强为求：(1)此时被封闭气体的压强大小；(2)若在开口端缓慢加入水银，当U形管两端水银柱液面等高时，加入水银柱的长度．15．（12分）如图所示，两气缸AB粗细均匀，等高且内壁光滑，其下部由体积可忽略的细管连通；A的直径为B的2倍，A上端封闭，B上端与大气连通；两气缸除A顶部导热外，其余部分均绝热．两气缸中各有一厚度可忽略的绝热轻活塞a、b，活塞下方充有氮气，活塞a上方充有氧气；当大气压为P0，外界和气缸内气体温度均为7℃且平衡时，活塞a离气缸顶的距离是气缸高度的，活塞b在气缸的正中央．①现通过电阻丝缓慢加热氮气，当活塞b恰好升至顶部时，求氮气的温度；②继续缓慢加热，使活塞a上升，当活塞a上升的距离是气缸高度的时，求氧气的压强．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】试题分析：当系统不受外力或所受的外力之和为零，系统动量守恒，枪和弹组成的系统中枪受到小车的作用力，外力不为零，系统动量不守恒，A错误；在枪和车组成的系统中，枪受到子弹的作用力，系统外力不为零，B错误；枪、弹、车组成的系统，它们之间相互作用的力为内力，比如枪弹和枪筒之间的摩擦力，系统所受外力之和为零，系统动量守恒，故C错误D正确考点：考查了动量守恒定律2、D【解析】根据△E=△mc2得：Δm=ΔEc2=4×10263、D【解析】

A．若从上向下看，圆盘顺时针转动，根据右手定则可知圆盘中心电势比边缘要高，A错误．B．穿过圆盘的磁通量都是常数，穿过圆盘的磁通量保持不变，B错误．C．圆盘转动过程产生的感应电动势：，与半径平方成正比，C错误．D．若ω变为原来的2ω，电动势变为原来的2倍，根据可知，产热功率变为原来的4倍，D正确．4、A【解析】

物块放在木板上处于静止状态，将木块略向右移动一些使倾角减小，仍保持静止，所以木板对的作用力仍与的重力等大反向，故正确，错误；物块与木板间的正压力，减小，所以正压力增大，故C错误；物块所受的摩擦力，减小，所以摩擦力减小，故D错误.5、C【解析】吸收或辐射光子的能量等于两能级间的能级差，因为Em-En=hv，知E3=E1+E2，所以得：；由能级图可知：E3>E2>E1，则即；故选C．6、C【解析】

AD．电荷量为q的点电荷在d处产生电场强度为，向右；d点处的场强为零，故圆环在d处产生的场强为：，向左，故圆环带负电荷，故A错误，D错误；B．结合对称性和矢量合成法则，圆环在c点产生的场强为零；电荷q在c点产生的场强为，向右；故c点的场强为，向右；故B错误；C．结合对称性，圆环在b处产生的场强为：，向右；点电荷q在b处产生的场强为，向右；故b点场强为：，向右；故C正确.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】

A．由图可知，图甲为浸润现象，图乙为不浸润现象，选项A正确；BCD．根据浸润与不浸润的特点可知，浸润时，表面层分子比内部密集，附着层的液体分子比液体内部的分子间距小，附着层内的分子引力小于固体对分子的引力；而不浸润时，表面层分子比内部稀疏，附着层的液体分子比液体内部的分子间距大，附着层内的分子引力大于固体对分子的引力．故B正确，CD错误；故选AB.8、BC【解析】

A.将正电荷从A移到B点，电场力做负功，则电势能升高，可知B点的电势高于A点，则Q为正电荷，A错误；B.将负电荷从C点移到A点和从B点移到A点，电场力做功相同，将负电荷从B点移动A电，电场力做负功，电势能增加，B正确；C.B、C两点处于同一等势面上，将正点电荷q从B点沿圆周移至C点，电场力不做功，C正确；D.将正电荷从C点移到A点，与从B点移到A点电场力做功相同，均为，D错误。故选BC。【点睛】根据电场力做功得出电势能的高低，从而得出电势的高低，判断出点电荷Q的电性。根据电场力做功判断电势能的变化，在等势面上移动电荷，电场力不做功。9、AB【解析】

对物体受力分析，拉力F是已知的；地球表面附近的物体一定受到地球的重力，故一定受到向下的重力；如果拉力与重力平衡，斜面体对A没有支持力，就没有摩擦力，故物体只受2个力；如果拉力F小于重力，会与斜面体相互挤压，故物体还会受到支持力和沿斜面向上的静摩擦力，即共受4个力。故AB正确，CD错误。10、BC【解析】

用电器的电流为，降压变压器原线圈的电流为，故A错误；升压变压器的输入功率为：，发电机的输出电压即为升压器原线圈的电压,因为，所以得：，故BC正确；当用电器的电阻R0增大时，由于电压不变，电流减小，输电线上损失的功率减小，发电机的输出功率减小，故D错误。故选BC．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D0.889.75【解析】

第一空．不一定要从纸带上第一个点开始计算验证机械能是否守恒，故A错误；选用的钩码的质量应尽可能大些，密度尽量大一些，可以减小受到的阻力的影响，可减少实验误差，故B错误；操作时，应先接通电源，后释放纸带，以保证纸带充分利用，该次序不能颠倒．故C错误；打点计时器的上下两限位孔应在同一竖直线上，以减小摩擦造成的误差，故D正确．第二空．电源的频率为50Hz，则T=0.02s，根据平均速度公式可知第三空．中间段的纸带有1个计时点，根据匀变速直线运动的推论△x=aT2可得：xCD-xAB=2aT2，解得a=9.75m/s212、2.8F´C【解析】

（1）［1］弹簧秤最小刻度为0.2N，图示其读数为2.8N［2］F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F′是通过一个弹簧秤沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到同样的结点O点，使得一个弹簧秤的拉力与两个弹簧秤的拉力效果相同，测量出的合力，F´方向一定沿AO方向．

（2）［3］A.两个分力、的方向不一定要垂直，原则上两个分力可以成任意角度，故A错误；B.两个分力、间夹角不是越小越好，为了保证实验的准确性，两个分力之间的夹角要适当，太小或者太大都会增大实验的误差，故B错误；C.本实验采用的是等效替代法，所以两次拉橡皮筋时，要将橡皮筋结点拉至同一位置，保证用F′拉的作用效果与用两个力、拉的效果相同，故C正确；D.拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮筋、细绳一定要与木板平面平行，如果不平行，拉力在垂直木板方向就会产生分力，增大实验的误差，故D错误．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)最大速度为(2)块相对传送带位移,方向向右【解析】

（1）对物块由牛顿第二定律解得：设物块在运动过程中的最大速度为v1，物块与传送带