中学年上学期期中考试高二物理试卷

试卷满分：110目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有的得0分 如图所示，套在足够长的绝缘粗糙直棒上的带正电小球，其质量为m，带电荷量为q，小球可在棒上球由静止下滑的过程中（） 强度大小为B的均匀磁场（环形区域的宽度非常小。质量为m、电荷量为+q的粒子可在环中做半径为R的圆周运动。A、B为两块中心开有小孔的距离很近的极板，原来电势均为零，每当带电粒子经过A板准备进入AB之间时，A板电势升高为+U，B板电势仍保持为零，粒子在两板间的电场中得到加速。每当粒子离开B板时，A板电势又降为零。粒子在电场中一次次加速下动能不断增大，而在环形磁场中绕行半径R不变。（设极板间距远小于R）下列说法正确的是（ NARxOyBm、qyAyα45°的速度垂直磁场方向射入磁场，如图所示，已知OA=a，不计粒子的重力，则下列说法正确的是（）大小为m

如图所示,P、Q是两根竖直且足够长的金属杆(电阻忽略不计),处在垂直纸面向里的匀强磁场B中,MN是一个螺线管,它的绕线方式没有画出,P、Q的输出端a、b和MN的输入端c、d之间用导线相连,A是在MN的正下方水平放置在地面上的金属圆环。现将金属棒ef由静止释放,在下滑中始终与P、Q杆良好接触且无摩擦,则在金属棒释放后（ 匀强磁场后，线圈开始做运动，直到其上边cd刚刚穿出磁场时，速度减为ab边进入磁场时的一半，磁场的宽度也为L，则线框穿越匀

＋

＋ 如图所示，一金属棒AC在匀强磁场中绕平行于磁感应强度方向的轴（O点）匀速转动，OA=2OC=2LBωr，内、C、A、DA、DR相接（没画出属环圆心皆为O且电阻均不计，则（）

2(3R

2(3RL化的图象正确的是（设逆时针电流方向为正方向，取时间t0=v作为计时单位 霍尔式位移传感器的测量原理如图所示，有一个沿z轴方向均匀变化的匀强磁场，磁感应强度B=B0+kz(B0、k均为常数)I不变(方向如图)，当zyU也不同。则（D．电流越大，上、下表面的电势差U越小 如图所示，L1、L2、L3是完全相同的灯泡，LS原来接通，当开关 B．L2闪亮一下后恢复原来的亮度C．L3变暗一下后恢复原来的亮度 所在平 一质量m的金属棒ab与导轨始终保持良好接触，由静止开始释放，释放 ab距地高度为h，（重力加速度为g，一切摩擦及电阻均不计）在金属棒下 的电势能为mCB2如图所示，S处有一电子源，可向纸面内任意方向发射电子，平板MO垂直于纸面，在纸θ，板所在平面有电子源的一侧区域有方向垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度B θ=60°时，l 二、填空及实验探究题（214分 E8Vr30Ω，已知该电池允许输出的最大电流为40mA。为防止调节滑动变阻器时造成短路，电路中用了一个定值 接入符合要求的用电器后，闭合开关S，调滑动 电动势E为 V，内阻r为 三、分析计算题（本题共4小题，共48分。分析解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。如图所示，等腰直角三角形ACD的直角边长为2a，PAC边的中点，QCD边上的一点，DQ=a．在△ACDB、方向垂直纸面向里的匀强磁场，又有电场强度EPAD的直线通过△ACD区域，不计粒子的重从Q点射出磁场，求粒子的比荷；如图所示，两条平行的金属导轨相距L＝1m，金属导轨的倾斜部分与水平方向的夹角为37°，整个MNPQm＝0.2kgRMN＝1ΩRPQ＝2Ω.MNμ＝0.5，PQ置于光滑的倾斜导轨上，t＝0时刻起，MNF1的作用下由静止开始以a＝1m/s2的加速度向右做匀加速直线运动，PQ则在平行于斜面方向的力F2作用下保持静止状态．t＝3s时，PQ8W，不计导轨的电阻，水平导轨足够长，MN始终在水平导轨上运t＝6sF2F1MNvx满足关系：v＝0.4x，PQ棒仍MN、PQ与传送带运动方向垂直，MN与PQ间的距离为d，磁场的磁感应强度为B。各线框质量均为m，电阻均为功功h=9m，与板等高处有一水平放置的篮筐，筐口的中心离挡板s=3m．板的左侧以及板上端与筐口的连线上方存在匀强磁场和匀强电场，磁场方向垂直纸况g10m/s2，求：123456789ABCCBDAD二、填空及实验探究题（214分13．5.975-5.978mm（2分 9.982-9.986cm（2分14 （2分 （3）（3分15（10分） ①（1分解得

E（1分BA指向C.（1分

②（2分HOQ中：HO2HQ2R2③（1分 2)a2HO= ⑥（2分联立①②⑥qm

⑦（2分16（12分）解析（1）t＝3sMNv1，则v1＝at＝3m/sE1＝BLv1（1分）代入数据得：B＝2T.（1分（2）E＝Δt（1分Eq＝

代入数据可得：q＝3C（1分v2＝at＝6m/sE2＝BLv2＝12I I＝ F安＝BI2L＝8N（1分F安cos37°＝mgsin37°（1分）代入数据：F2＝－5.2N（负号说明力的方向沿斜面向下）（1分MNx＝5m时，v＝0.4x＝0.4×5m/s＝2m/s（1分）W＝－

J（1分

MN＋ R Q＝－W安＝3J.（1分17（13分）解：（1）闭合铜线框右侧边刚进入磁场时产生的电动势E=BLv0 （1分）产生的电流I=EBLv0 （1分） R

（1分线框以速度v0进入磁场，在进入磁场的过程中，受力而运动；进入磁场后，在摩擦力PQv0。因此，线框在刚进入磁场时，所受力最大，加速度最大，设为am；线框全部进入磁场的瞬间速度最小，设此时线框的速度v。 （1分解得am= 0μg

（1分 （1分 0线框受摩擦力f=μmg

（1分由功的 （1分解得 （1分场后到加速至与传送带速度相同的过程中，设其位移x由动能定理有μmgx1mv21 （2分 x=d- （1分框做的功W=Wf1+Wf2=2μmgd （1分） …1

1分Emg10NCαvα R

…………1且T v 1Rs 1h要目标必有

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