四川省成都市郫都区2022-2023学年高三年级下册学期阶段性检测（三）数学（文）数学试题【含答案】

郫都区高2020级阶段性检测（三）数学（文）本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）.第Ⅰ卷1至2页，第Ⅱ卷2至4页，共4页.满分150分，考试时间120分钟.考生作答时，必须将答案写在答题卡上，在本试卷、草稿纸上答题无效.考试结束后，只将答题卡交回.第Ⅰ卷（选择题，共60分）一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.已知复数，若，则复数在复平面内对应的点位于（）A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限【答案】D【解析】【分析】根据给定条件，求出a值，即可求出复数对应点的坐标作答.【详解】依题意，，即，又，因此，解得，则有，所以在复平面内对应的点位于第四象限.故选：D2.某程序框图如图所示，则输出的S=（）A.8 B.27C.85 D.260【答案】C【解析】【分析】直接运行程序框图即可求解.【详解】由图可知,初始值；第一次循环，，不成立；第二次循环，，不成立；第三次循环，，成立；退出循环，输出的值为.故选：C.3.设集合，则（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】求得，，根据集合的交集运算解决即可.【详解】由题知，，在中，，解得，所以，在中，，解得，所以，所以.故选：B4.一个几何体的三视图如图所示，则这个几何体是下面的（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】根据三视图的定义判断即可.【详解】根据正视图可知A,B错误，根据俯视图可知D错误，结合三视图可知C符合题意，故选:C.5.若直线是曲线的一条切线，则实数的值为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】根据导数的几何意义分析运算．【详解】，则，设直线l与曲线C的切点，则直线l的斜率，由于直线斜率为，则，解得，所以，即切点为，故，解得．故选：C.6.下列说法正确的有（）①对于分类变量与，它们的随机变量的观测值越大，说明“与有关系”的把握越大；②我校高一、高二、高三共有学生人，其中高三有人.为调查需要，用分层抽样的方法从全校学生中抽取一个容量为的样本，那么应从高三年级抽取人；③若数据、、、的方差为，则另一组数据、、、的方差为；④把六进制数转换成十进制数为：.A.①④ B.①② C.③④ D.①③【答案】A【解析】【分析】利用独立性检验可判断①；利用分层抽样可判断②；利用方差公式可判断③；利用进位制之间的转化可判断④.【详解】对于①，对于分类变量与，它们的随机变量的观测值越大，说明“与有关系”的把握越大，①对；对于②，由分层抽样可知，应从高三年级抽取的人数为，②错；对于③，记，则，所以，数据、、、的平均数为，其方差为，③错；对于④，把六进制数转换成十进制数为：，④对.故选：A.7.程大位（1533~1606），明朝人，珠算发明家.在其杰作《直指算法统宗》里，有这样一道题：荡秋千，平地秋千未起，踏板一尺离地，送行二步与人齐，五尺人高曾记.仕女佳人争蹴，终朝笑语欢嬉，良工高士素好奇，算出索长有几？将其译成现代汉语，其大意是，一架秋千当它静止不动时，踏板离地一尺，将它向前推两步（古人将一步算作五尺）即10尺，秋千的踏板就和人一样高，此人身高5尺，如果这时秋千的绳索拉得很直，请问绳索有多长？（）A.14尺 B.14.5尺 C.15尺 D.15.5尺【答案】B【解析】【分析】根据勾股定理即可得解.【详解】设绳索长度为尺,则秋千被推送10尺时,踏板距绳索顶端的距离为,此时踏板距绳索顶端距离、往前推送10尺的水平距离、绳索长刚好构成一直角三角形.则根据勾股定理可列方程：

解得,,即绳索长度为尺,

故选：C.8.函数的图象大致为（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【分析】利用函数的奇偶性及在上的函数值正负逐个选项判断即可．【详解】因为，定义域为R，所以，所以为奇函数，又因为时，所以由图象知D选项正确，故选D．9.在中，已知，，，则的面积为（）A. B.或 C. D.【答案】B【解析】【分析】先用余弦定理求得b，然后由三角形面积公式计算．【详解】因为中，已知，，，所以，由余弦定理得，解得或2，所以的面积或．故选：B.10.如图，在中，，以为直径的半圆上有一点M，，则（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】以为原点，为轴，为轴建立平面直角坐标系.,得出以为直径的圆的方程，根据向量坐标用表示出的坐标，代入圆的方程可得答案.【详解】以为原点，为轴，为轴建立平面直角坐标系.则，则以为直径的圆的圆心为的中点.则以为直径的圆的方程为：则，所以由点在圆上，可得即，解得或（舍）故选：A11.已知抛物线的焦点为F，过点的直线l与抛物线C交于，P，Q两点，则的最小值是（）A.8 B.10 C.13 D.15【答案】C【解析】【分析】利用韦达定理和抛物线的定义表示出，利用基本不等式求解.【详解】设直线，，，联立，整理得，则，故.因为，，所以，当且仅当即时，等号成立.故选:C.12.已知定义在R上的函数的导函数为，若，且，则不等式的解集是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【分析】构造函数，求导可得的单调性，进而可求解.【详解】设，则，因为，所以，即，所以在R上单调递减.不等式等价于不等式，即.因为，所以，所以.因为在R上单调递减，所以，解得.故选:B第Ⅱ卷（非选择题，共90分）二、填空题：本大题共4小题；每小题5分，共20分，把答案填在题中横线上.13.已知实数x，y满足约束条件，则的最大值为______.【答案】4【解析】【分析】画出可行域，结合的几何意义求解.【详解】画出可行域如图，设，即经过时，截距最小，此时z取得最大值，最大值为4.故答案为:4.14.已知圆C：与直线l：交与A，B两点，当|AB|最小值时，直线l的一般式方程是___________.【答案】【解析】【分析】根据直线的方程得到直线过定点，根据几何知识得到当垂直直线时，最小，然后根据垂直列方程，解方程得到即可得到直线的方程.【详解】由圆的方程可得圆心为，直线的方程可整理为，令，解得，所以直线过定点，当垂直直线时，最小，所以，解得，所以直线的方程为，即.故答案为：.15.在直三棱柱中，是等边三角形，，在该三棱柱的外接球内随机取一点，则点在三棱柱内的概率为_____________.【答案】【解析】【分析】分别求出三棱柱的体积及其外接球的体积，利用体积型几何概型的概率公式计算.【详解】设，则，由题意可知三棱柱是正三棱柱，如图所示，为正的中心，为外接球的球心，则该三棱柱的体积.因为是等边三角形，且，，所以外接圆的半径.设三棱柱外接球的半径为，有，，，由平面，则，即，从而，故该三棱柱外接球的体积.由几何概型可知所求概率.故答案为：16.函数在上有唯一的极大值，则的取值范围是______.【答案】【解析】【分析】由题知函数在上有唯一极大值，进而得，再解不等式即可得答案.【详解】解：当时，，因为函数在上有唯一的极大值，所以函数上有唯一极大值，所以，，解得.故答案为：.三、解答题：本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明，证明过程或推演步骤.17.已知等差数列的公差为，前项和为，且满足______（从①；②，，成等比数列；③这三个条件中任选两个补充到题干中的横线位置，并根据你的选择解决问题）．（1）求；（2）设，数列的前项和为，求．【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）由①可得，由②可得，由③可得，选择①②､①③､②③条件组合，均得，，即得解析式；（2）可得，由裂项相消法求出即可.小问1详解】①由，得，即；②由，，成等比数列，得，，即；③由，得，即；选择①②､①③､②③条件组合，均得，，故.【小问2详解】∴.18.从某居民区随机抽取10个家庭，获得第i个家庭的月收入（单位：千元）与月储蓄（单位：千元）的数据资料，计算得，，，.（1）求家庭的月储蓄对月收入的线性回归方程；（2）判断变量与之间是正相关还是负相关，并利用（1）中的回归方程，分析2021年该地区居民月收入与月储蓄之间的变化情况，并预测当该居民区某家庭月收入为7千元，该家庭的月储蓄额.附：线性回归方程系数公式.中，，，其中，为样本平均值.【答案】（1）＝0.3x－0.4（2）正相关，分析见解析，1.7(千元)【解析】【分析】（1）由题意得到n＝10，求得，进而求得，写出回归方程；.（2）由判断变量与之间是正相关，将x＝7代入回归方程求解.【小问1详解】由题意知n＝10，.则.所以所求回归方程为＝0.3x－0.4.【小问2详解】因为，故x与y之间是正相关，2021年该地区居民月收入随月储蓄的增加而增加.将x＝7代入回归方程可以预测该家庭的月储蓄为＝0.3×7－0.4＝1.7(千元)19.如图，在三棱锥中，是外接圆的直径，垂直于圆所在的平面，D、E分别是棱PB、PC的中点.（1）求证：平面；（2）若，，求点到平面距离.【答案】（1）证明见解析（2）【解析】【分析】（1）先利用线面垂直的判定定理可得到平面，通过即可得证；（2）利用线面垂直的判定定理可得平面，可得，然后利用等体积法即可求解小问1详解】因为是圆的直径，所以，因为垂直平面，平面，所以，又因为，平面，平面PAC，所以平面.因为分别是棱的中点.所以.从而有平面.【小问2详解】因为垂直于平面，平面，所以，因为，则.又，得，所以，因为且，平面，，故平面，又平面，所以，因为，，所以设点到平面的距离为，则由知，,即,解得20.已知椭圆：的左、右焦点分别为、，是椭圆上一点，且与轴垂直．（1）求椭圆的标准方程；（2）设椭圆的右顶点为A，为坐标原点，过作斜率大于0直线交椭圆于、两点，直线与坐标轴不重合，若与的面积比为，求直线的方程．【答案】（1）；（2）.【解析】【分析】(1)根据P的坐标和⊥轴可得的值，根据可求a，再由、、之间的关系求出的值，进而求出椭圆的方程；(2)设直线的方程为，，，M在第一象限．联立直线与椭圆方程，根据，以及面积比可得、关系，结合韦达定理即可求出m的值，从而求出直线l的方程．【小问1详解】由题意得，，，则，即，∴，故的方程为；【小问2详解】设直线的方程为，，，不妨设M在第一象限．与椭圆方程联立，，消去，得，，，∵，，与的面积比为，∴，整理得，∴，，即，解得，∵，∴，直线的方程为，即.21.设函数.（1）讨论的单调性；（2）若函数有两个零点，，求实数a的范围.【答案】（1）当时，在区间上单调递减；当时，单调递减区间，单调递增区间.（2）【解析】【分析】（1）求出函数的导数，分类讨论a的取值范围，根据导数的正负，即可得答案;（2）分类讨论a的取值，确定的单调性，若为单调函数，不可能有两个零点;当先减后增时，要使有两个零点，需要其最小值小于0，求得a的取值范围，再证明确实有两个零点.【小问1详解】由于，则定义域为，可得：，当时，∵，∴，故在区间上单调递减；当时，∵，∴由可得，由得，故在区间上单调递减，在区间上单调递增.【小问2详解】，，，当时，，为单调函数，不可能有两个零点，舍去;当时，由得或(舍去).当时，，为减函数，当时，，为增函数，所以当时取得最小值，要使有两个零点，，需要，即，解得，又，且，所以在上有唯一的零点，令，，当时，，为减函数，当时，，为增函数，所以当时取得最小值，故，即（当且仅当时取等号），，且，所以在上有唯一的零点，综上:当时，有两个零点.【点睛】方法点睛：利用导数确定函数零点或方程根个数的常用方法:(1)将函数可方程变形构建新函数，利用导数研究函数的单调性、极值，并确定定义区间端点值的符号(或变化趋势)等，画出的图象草图，数形结合求解函数零点的个数.(2)利用零点存在性定理，先用该定理判断函数在某区间上有零点，然后利用导数研究函数的单调性、极值(最值)及区间端点值符号，进而判断函数在该区间上零点的个数.请考生在22、23题中任选一题作答，共10分，如果多作，则按所作的第一题计分.作答时，请用2B铅笔在答题卡上将所选题目题号的方框涂黑.选修4-4：坐标系与参数方程22.已知在平面直角坐标系中，直线的参数方程为（为参数），以坐标原点为极点，轴的正半轴为极轴，建立极坐标系，曲线的极坐标方程为，点的极坐标为.（1）求直线的极坐标方程以及曲线的直角坐标方程；（2）记为直线与曲线的一个交点，求的面积.【答案】（1），（2）12【解析】【分析】（1）根据参数方程转化为直角坐标方程，直角坐标方程与极坐标方程互化的知识求解即可；（2）解法一：联立直线与曲线的方程，求得的坐标，根据极坐标知识求得的面积.解法二：，故无论在何处，为定值，而，为到的距离，求解即可得出答案.【小问1详解】由直线的参数方程可得直线的普通方程为.将代入得故直线的极坐标方程为.而曲线，即，则.故曲线的直角坐标方程为.【小问2详解】解法一：由，可得或，因为点的极坐标为，直线的普通方程为.所以，故无论在何处，为定值.因此不妨取点，转化为极坐标为.由于点的极坐标为.故面积.