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文档简介
→→→→5·5||→→→→→5·5||→第3空向与体何专题强化训练1在正方体ABCDAB中,分为和的点则直线AE与F所角的余弦值为()1A.33C.5
2B.53D.7解析:选B.以D为原,别以DA、DD所直线为轴y轴z轴建空间直角坐标系(图略).若棱长为2,则(2,0,0)(0,1,0)(0,0,2)F(0,2,1).所以=(2,-1,0),DF=(0,2,-1),→→·-2cos〈,〉===→→5||2则直线AE与F所角的余弦值为.52正体ABCDABD中,点E为中点则面与平面所的锐二面角的余弦值为)1A.2
2B.3C.
33
D.
22解析选B.以A为点建立如图所示的空间直角坐标系A,设棱长1为1,则A(0,0,1),2D(0,1,0),所以=(0,1,-1),→1A=-2
,设平面A的个法向量为n=(1,y,),
y,2→→→·PQ→→→y,2→→→·PQ→→→|·|PQ|→→2=0,则1所1-z,所以n=(1,2,2).因为平面的一个法向量为=(0,0,1),22所以〈,n〉=3×132即所成的锐二面角的余弦值为.33.(2019·浙江省十校联合体期联在三棱锥O中已知OA,,两两垂直且相11等点分别是线段BC和上动点,且满足≤BC,AQ≥则PQ和所角的余弦22的取值范围()2A.,132C.,5
3B.,122D.,5解析选B.根据题意以O为点建如图所示的空间直角坐标不妨设=OBOC=2,OB=(2,0,0),设11P(,,0),(0,0,),为BP,AQ≥AO,所以≤≤2,0≤≤122且+=2,0≤1,PQ=(-,-2,OB=→→-=2x-4+4+z
,→→3当=1,=1时|cos〈,PQ〉|=;3→→25当=2,=1时|cos〈,PQ〉|=;5当=2,=0时|cos〈,PQ〉|→→2当x=1,=0时OB,PQ〉|=,结合四个选项可知PQ和OB所成角的余弦的取值23范围是
.π4.(2019·宁波市镇海中学高考)在直三棱柱B中,∠BAC=,==AA
255255=1,知G和E别为和的点与F分别为线段AC和AB的动(不包括端)若GD⊥,则线段的长度的取值范围()5A.,15C.5
5B.,15D.,15解析:选A.建立如图所示的空直坐标系则11AE,1
,(x,0,0),D(0,,0),由于GDEF所以x+2-1DF=x+=
5
25
1+,51由=1-2y>0,得<,221所以当y时,线段长度的最小值是,5当=0时,段DF长的大值是1而包括端故=0能故选A.5.已知直三棱柱ABC中,∠ABC=120°,=2,=则面直线与BC所成角的余弦值()A.
32
B.
15510C.D.5
33解析:选C.如图所示将直三棱柱ABCA成直四棱柱ABCDABC,连接AD,,∥所以∠B其补角为异面直线与BC所的角.因为=120°,=2,BC==1,以=5,=2.在中∠D=60°,B=1,C=2,所以D=1+2-2×1×2×cos60°=3,5+210所以∠AD==,择C.2×5×26.(2019·杭州市学军中学高考学模拟)如图,在二角中⊥==2,点A直线AD上,满足AD⊥,AB=3.现将平面沿CD进行翻折在翻折的过程,段长取值范围是.
→→→→→→→=+,所以平方得→→→→→→→=+,所以平方得B=+DC+AD·DC+2CB·AD+2·CB,→→→解析:由题意得DC,⊥,设平面沿着进行翻折过程中,二面角AB夹角为θ,DA,CB因为AB→→→→→→→→→→→→→设AD因为BC=2,=3,所以9=+4-4cosθx-1即-4xcosθ-1=0,即cos=.4x-1因为-≤cosθ≤1,以-1≤≤1,4x即,即5≤≤2+5,则+5x≤-2-5.因为>0,以5-2x≤5+2,即AD的值范围[5-2,5+2].答案:55+2]7台市考模拟)如在棱长为2的正四面体A,、F分别直线AB、CD上的点且EF3.若记EF中P的迹为,则等于________注|表L的测度在题L为曲面形、空间几何体,L|分别对应长度、面积、体)解析:如图当EAB中点,分在,D处满|EF|=3,此时EF的中点P在,ED中点P,P的置上;当F为中分别在,处满|EF|=3,时的点在,的点,的位置上,连接PP,P相交点O则四点P,P,,P共,圆为O圆的半11径为,则EF中P轨迹为以O为心以为径的圆其测度L|221=2=2答案:π8.(2019·金丽衢十二校联考)如,三棱锥D中,已知AB=→→2,·=设ADaBCb,=,则的最小值为_______.ab+1解析:设A=aCBbDC=,为AB=2,所ab+|=4a+
→→ab+1ab+1ab+1→→ab+1ab+1ab+1b++2(·+·c·)=4,因BD=所(c-b-)=-3a·b+bc+·+
=3,a++22+2所以a++2(3-)=4=++2,以≥=2,当且仅当=时等成,即
c
的最小值是答案:9.(2019·宁波诺丁汉大学附中三期中考试)如形中=1,=3,将△对角线BD向上翻折,若翻折过程中AC10长度在,.
内变化,则点A所成的运动轨的长度为解析:过A作⊥,垂足为,连接CEA′因为矩形中,=1,BC=3,37所以AE,=.22所以A点轨迹为以E为圆心,
32
为半径的圆弧′为面A′的平面角.以E原点以EB,′所在直线为x轴,y轴立如图所示空间直角坐标系E,设∠′=,则
0,
33cos,sinθ22
3,,02
,所以AC
331+(cosθ)+sin44
θ=
5,2所以
102
≤
5+3cosθ13≤,221解得0≤cos≤2所以60°≤≤90°,所以A点迹的圆心角为30°,π33π所以点迹的长度为·=.6212答案:
312
π10.(2019·宁波十校联考模)图,四棱锥PABCD中∠=120°,==2,△是边三角形,E是的点AC与BD交于点O,且⊥面.(1)求证:∥面ACE
→→→22||·|PA→→→→22||·|PA→(2)当OP=1求直线与平面所成角的正弦值.解:(1)证明:因为在四棱锥ABCD中∠BAD=120°,AB==2,BCD等边三角形所以△≌ACD,因为E是BP中点AC与BD交点O所O是中点连接,则OEPD因为平,OE平面ACE,所以PD∥平面ACE(2)因为BD⊥,PO⊥平面ABCD以为,,,所直线为坐标轴建立空间直角坐标则(0,0,1),A(0,-1,0),(3,0,0),(0,3,0),,02
,→EA=
-
3131,-1,-,3-=(0,-1,-1),2222设平面的一个法向量n,,z=+2+=0则,取x得n-3),=3-6+=0设直线PA与平面ACE所角为,|·|36则sin===,→4所以直线PA与平面所成角的正弦值为
64
.11.(2019·浙江暨阳4月联)在四棱锥P-ABCD,PC平面,∥,⊥PB=AD=2,AB=BC=1,E为棱PD上点.1(1)若PE=,求证:∥平面;3(2)若是PD的点,求直线与平面ACE所成角的正弦值.解:(1)证明:过A作Az⊥平面,A为点如图建立直角坐标,由题意解得,PC=
3,所以
B(1,0,0),(1,1,
3),所以=(0,1,3),C(0,2,0),
→→2423333→→→133222→2→→2423333→→→133222→210||||6→1→2423设(,y,z),P=PD得(,),3333设平面的法向量为n=(,,z),nAC=+=0则取z=1,n=(=x+y+z=0所以·=0,因为平ACE,所以PB∥平面ACE.
3,-3,1),(2)过作Az⊥面以为点如图建立直角坐标系,由题意解得=3,所以B(1,0,0),(1,1,3),(0,0,0),→3所以=(0,1,3),(1,1,0),D所(,),222→→133AC=(1,1,0),AE=(,222
),设平面的法向量为n=(,,z),nAC=+=0则,=x+y+=0取=2,n=(3,-3,2),所以直线PB与平面所成角的正弦值:|·|330sinθ===.→2012.(2019·嵊州市第二次高考适应性考试)如图,在三棱柱ABCAB中,底面为长为的正三角,棱A的中,CC=(>0)(1)证明:∥平面D;π(2)若直线BC与平面ABB所成角的大小为求的.解:(1)证明:连接交AB于E连接DE
→→||·|n,→→||·|n,,02则DE是ABC中位线.所以DE.又DE平D,BC平AB,故BC∥面ABD.(2)以AB中点为坐标原,OB,OC在直线分别为x轴轴立空间直角坐标,如图所示则B(1,0,0),C3,).易得平面ABBA的个法向量为=(0,1,0)又=(-1,3,h).π→|BCn所以sin=|cos〈,〉|=.6→即
31=解得h=22.h+4213.(2019·温州十五校联)已知菱形中对角线AC与BD相交于一点,BAD=60°,将△BDC沿折得△′,连AC′.(1)求证:平面′平面;(2)若点′平面ABD上的投影恰好ABD重,求直线与面ADC′所成角的正弦值.解:(1)证明:因为′⊥BDAO⊥,′O∩=,以BD⊥平面C′,又因为平面ABD,所以平面AOC′平面ABD(2)如图建系O,令=,则31A,0
,
→|DCm→→→→→→→|DCm→→→→→→→→→1Da2
,36C′,03
,→→312所以==a,,0ADC′法向量为=3,线与22底面ADC′成角为θ则→|·|36sinθ=|cos〈,〉|==,→33||·2故直线CD与底面′所成角的正弦值为
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.14.(2019·宝鸡市质量检测(一))图四棱的面为矩形PA⊥平面,点E是PD中点点是PC的中点.(1)证明:∥面AEC(2)若底面ABCD正方形探在什么条件下,二面角CD的小为60°?解:易知,AP两两直,立如图所示的空间直角坐标系Axyz,设=2,AD,AP=2,则A(0,0,0),(2,0,0),C(2,2,0),D(0,2,0),P(0,0,2.设∩=,接OE,则O(,0),又E是的点,所E(0,b,).(1)证明:因为=(2,0,-2c),=(,0,-),所以=2,所以∥,即PB∥.因为平AEC,EO平,所以PB平面.(2)
因
为
四
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