2023届河北省抚宁一中物理高二第二学期期中质量检测试题含解析

2023届河北省抚宁一中物理高二第二学期期中质量检测试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示是医院里给病人输液的示意图，假设药液瓶挂在高处的位置不变，则在输液过程中（即瓶中液体未流尽之前）a、b两处气体的压强的变化是：a处气体的压强，b处气体的压强，药液进入人体的速度将如何变化（）A．变大不变不变B．变大变小变大C．不变不变变小D．变小变小不变2、以下关于物理学史实的说法正确的是（）A．伽利略通过理想斜面实验指出“力不是维持物体运动的原因”B．牛顿提出了万有引力定律，并指出万有引力常量C．英国剑桥大学的学生亚当斯和法国年轻的天文学家勒维耶根据天王星的观测资料，各自独立地利用万有引力定律计算出了后来被命名为“海王星”的行星，并由勒维耶在1846年在预言的位置附近发现了这颗行星．D．能量守恒定律的建立是由不同国家、不同领域的十几位科学家以不同的形式各自独立提出的，其中迈尔、焦耳、法拉第的工作最有成效．3、如图所示，一个箱子中放有一个物体，已知静止时物体对下底面的压力等于物体的重力，且物体与箱子上表面刚好接触．现将箱子以初速度v0竖直向上抛出，已知箱子所受空气阻力与箱子运动的速率成正比，且箱子运动过程中始终保持图示姿态．则下列说法正确的是（）A．上升过程中，物体对箱子的下底面有压力，且压力越来越小B．上升过程中，物体对箱子的上底面有压力，且压力越来越大C．下降过程中，物体对箱子的下底面有压力，且压力越来越大D．下降过程中，物体对箱子的上底面有压力，且压力越来越小4、“达•芬奇塔”位于阿联酋的迪拜，计划于2020年竣工，该建筑每层楼都能独立旋转，因转速不快，大楼中的人并不会感觉到眩晕，图甲中所示为该建筑五种不同形态，图乙为某层楼的平面图。当图乙所在楼层正在匀速转动时，以下说法正确的是（）A．处于A点和B点的物体合力为0B．处于A点和B点的物体合力方向相同C．处于A点和B点的物体角速度相同D．处于A点和B点的物体线速度相同5、在竖直向下的匀强磁场中，将一水平放置的金属棒AB，以初速度v水平抛出．空气阻力不计，如图示，运动过程中棒保持水平，那么下列说法中正确的是_________A．AB棒两端的电势UA＞UBB．AB棒中的感应电动势越来越大C．AB棒中的感应电动势越来越小D．AB棒中的感应电动势保持不变6、下列说法正确的是（）A．不管入射光的频率多大，只要增加入射光的强度，就一定能发生光电效应B．发生光电效应时，增大入射光的强度，光电子的最大初动能一定会增大C．原子核的比结合能越大，原子核越稳定D．原子从基态跃迁到激发态时，会辐射光子二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列说法中正确的有()A．金属铁有固定的熔点，是晶体B．液晶的光学性质具有各向异性C．由于液体表面分子间距离小于液体内部分子间的距离，故液体表面存在表面张力D．随着高度的增加，大气压和温度都在减小，一个正在上升的氢气球内的氢气内能减小8、如图所示，一根长度为L的直导体棒中通以大小为I的电流，静止放在导轨上，垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B，B的方向与竖直方向成θ角．下列说法中正确()A．导体棒受到磁场力大小为BILB．导体棒对轨道压力大小为mg－BILcosθC．导体棒受到导轨摩擦力为μ(mg－BILsinθ)D．导体棒受到导轨摩擦力为BILcosθ9、如图甲为远距离输电示意图，变压器均为理想变压器。升压变压器原、副线圈匝数比为1∶100，其输入电压如图乙所示。远距离输电线的总电阻为100Ω。降压变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R1为一定值电阻，R2为用半导体热敏材料制成的传感器，当温度升高时其阻值变小。电压表V显示加在报警器两端的电压（报警器未画出），未出现火警时，升压变压器的输入功率为750kW。下列说法中正确的是A．降压变压器副线圈输出的交流电频率为50HzB．远距离输电线路损耗功率为180kWC．当传感器R2所在处出现火警时，电压表V的示数变小D．当传感器R2所在处出现火警时，输电线上的电流变小10、一小水电站，输出的电功率为P＝20kW，输出电压U0＝400V，经理想升压变压器T1升为2000V电压远距离输送，输电线总电阻为r＝10Ω，最后经理想降压变压器T2降为220V向用户供电。下列说法正确的是()A．变压器T1的匝数比n1∶n2＝1∶5B．输电线上的电流为50AC．输电线上损失的电功率为5kWD．变压器T2的匝数比n3∶n4＝95∶11三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）小明同学要粗测一长木板与小滑块之间的动摩擦因数，除了长木板和小滑块外手边只有一个手机，手机里面带有计时和测倾斜角并可得其三角函数值的APP，他采用了如下的测量步骤：(1)将长木板一端抬高，倾斜一个较大的角度，并固定好;(2)将小滑块以一定初速度从底端沿斜面推出，到最高点后又沿板滑下;(3)为了使小滑块能沿长木板下滑，动摩擦因数μ和倾角θ应满足_____;(4)在这个过程中小明同学需分别测出_____（用文字描述并表示出相应符号）；(5)动摩擦因数可表示为______12．（12分）兴趣小组利用图甲装置做“探究碰撞中的不变量”的实验，小车A的前端粘有橡皮泥，后端连有纸带，推动小车A使之做匀速运动，然后与原来静止在前方的小车B相碰并粘合成一体，继续做匀速运动．根据打出的纸带研究碰撞中的不变量。(1)长木板右端下面垫放一合适厚度小木片的目的是___________。(2)关于实验操作和分析，下列说法正确的有___________。A．实验开始时，A、B两车间距应控制在30cm左右B．A车的质量不需要大于B车的质量C．实验时，应先释放A车再接通计时器电源D．碰撞时机械能的损失是本实验误差的主要原因之一(3)实验中打出的纸带如图乙所示，在纸带上选取A、B、C、D、E五个打点为计数点，相邻计数点间的打点个数依次为3个、3个、2个、4个，A为运动的起点，各计数点间距分别记为AB、BC、CD和DE，处理数据时，应选取___________段计算A车碰前的速度，选取___________段计算碰后一起运动的速度；若测得A、B两车的质量分别为mA、mB，测得计数点间的距离、、、，本实验可探究得到的表达式为___________（用题中所测物理量的字母表示）。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）小球A和B的质量分别为mA和mB，且mA＞mB．在某高度处将A和B先后从静止释放．小球A与水平地面碰撞后向上弹回，在释放处的下方与释放处距离为H的地方恰好与正在下落的小球B发生正碰．设所有碰撞都是弹性的，碰撞时间极短．求小球A、B碰撞后B上升的最大高度．14．（16分）如图所示，水平导轨间距为L=1.0m，导轨电阻忽略不计，导体棒ab的质量m=0.75kg，电阻R0=1.0Ω，与导轨接触良好，电源电动势E=9.0V，内阻r=0.50Ω，电阻R=4.0Ω，外加匀强磁场的磁感应强度B=1.5T，方向垂直于导体棒ab，且与导轨平面成角，导体棒ab与导轨间动摩擦因数为µ=0.20（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力），定滑轮摩擦不计，细线对ab的拉力为水平方向，g取，导体棒ab处于静止状态。求：(1)ab受到的安培力大小和方向；(2)重物的重力G的取值范围。15．（12分）如图所示是一种延时继电器的示意图，铁芯上有两个线圈A和B．当S1闭合时，电磁铁将吸引衔铁D，使触头C接通电路工作．（1）如果闭合S2，当S1断开时，要延迟一段时间，弹簧才将衔铁D拉起使触头C断开电路，这种延迟是由于线圈A还是B的作用？是应用了什么物理原理？（2）如果断开S2，当S1断开时，是否还有延时作用？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

a部分气体压强与液体产生的压强之和等于大气压，液面下降，产生的压强减小，故a处气体的压强变大；b处压强为大气压与输液管中液体产生的压强之和保持不变，所以在输液完成前b处压强不变；当输液瓶的悬挂高度与输液软管的内径确定时，由于A管上端处的压强与人体血管中的压强都保持不变，故B管中的气体的压强也不变，所以药液滴注的速度是恒定不变的，故选A．2、A【解析】伽利略通过理想斜面实验推出力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动的原因，A正确；万有引力常量是卡文迪许测得的，牛顿发现万有引力定律，B错误；德国的伽勒在勒维耶预言的位置附近发现了“海王星”，C错误；能量守恒定律是不同国家、不同领域的十几位科学家各自独立提出的，其中迈尔、焦耳、亥姆霍兹的工作最有成效，D错误．3、C【解析】

AB.对箱子和物体整体受力分析，如图所示：由牛顿第二定律可知Mg+kv=Ma，得，又整体向上做减速运动v减小，所以a减小；再对物体单独受力分析如图：因a＞g，所以物体受到箱子上底向下的弹力，由牛顿第二定律可知，，则，而a减小，则FN减小，所以上升过程中物体对箱子上底面有压力且压力越来越小；故A项，B项均错误.CD.同理，当箱子和物体加速下降时，物体对箱子下底面有压力且压力越来越大，当Mg=kv后，箱子匀速下降，此时物体对箱子下底面压力等于它的重力mg，故C正确，D错误.4、C【解析】

由于A、B两点都做匀速圆周运动，故合外力不等于0且指向圆心，故AB错误；由图可知A、B两点的角速度相同，A点的半径大于B点的半径，根据v＝ωr可知A点的线速度大小于B点的线速度，故C正确，D错误。5、D【解析】由右手定则判断知，AB棒中感应电动势方向由A到B，B端相当于电源的与正极，电势较高，即有，A错误；金属棒AB做平抛运动，其水平方向的分运动是匀速直线运动，水平分速度保持不变，等于v．根据感应电动势公式，是垂直于磁感线方向的分速度，即是平抛运动的水平分速度，等于v，得到金属棒产生的感应电动势为，B、l、v均不变，则AB棒中的感应电动势大小保持不变，BC错误D正确．6、C【解析】

A.根据光电效应规律可知，如果入射光频率低于截止频率，增加光强，无法发生光电效应，A错误。B.根据可知，最大初动能与光强无关，B错误。C.原子核的比结合能越大，结合过程中每个核子平均损失能量越大，越稳定，C正确。D.原子从基态跃迁到激发态时，总能量增加，需要吸收能量，D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】金属铁是晶体，具有固定的熔点，故A正确；液晶的光学性质具有各向异性，选项B正确；由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，故液体表面存在表面张力，选项C错误；随着高度的增加，大气压和温度都在减小，一个正在上升的氢气球内的氢气对外做功，同时要降温，故内能一定减小，故D正确；故选ABD.8、BD【解析】试题分析：根据左手定则可得导体棒受力分析如图所示．导体棒受到磁场力大小为F=BLI，选项A错误；根据共点力平衡规律得：BILsinθ+Fn=mg，得导体棒对轨道的压力大小为Fn=mg－BILsinθ，选项B正确；由于导体棒受到的是静摩擦力，因而受到静摩擦力大小要运用力的平衡规律求解，即为Ff=BLIcosθ，选项C错误，选项D正确．本题的答案为BD．考点：安培力，受力分析．9、AC【解析】

A．由图乙知交流电的周期为0.02s，所以频率为50Hz，变压器不改变频率，A正确；B．由图乙知升压变压器输入端电压有效值为250V，根据电压与匝数成正比知副线圈电压为25000V，所以输电线中的电流为：I＝＝30A，输电线路损耗功率为：ΔP＝I2R＝90kW，B错误；D．当传感器R2所在处出现火警时，其阻值减小，负载总电阻减小，升压变压器的输入功率增大，输电线上的电流增大，D错误；C．输电线的电流增大，所以输电线电压损失增大，降压变压器副线圈两端电压减小，副线圈中的电流增大，R1两端的电压增大，故电压表的示数减小，C正确。故选AC。10、AD【解析】

A．升压变压器T1的输出电压等于2000V，而输入电压为400V，由电压之比等于匝数之比，则有变压器T1的匝数比n1:n2=1:5，选项A正确；B．输出的电功率为P0=20kW,而升压变压器T1变为2000V电压远距离输送,所以根据I=P/U,可知输电线上的电流为B错误；C．根据P损=I2R=102×10W=1000W，C错误；D．降压变压器T2的输入电压等于升压变压器的输出电压减去导线损失的电压,即为U′=2000V−10×10V=1900V根据则有变压器T2的匝数比n3:n4=1900:220=95:11D正确。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、；滑块上滑时间t1，滑块下滑时间t2，长木板倾角斜角【解析】

根据牛顿第二定律有mgsinθ-μmgcosθ=ma，由此可知需要测量的物理量，根据牛顿第二定律的表达式，可以求出摩擦系数的表达式．【详解】(3)手机在倾斜木板上受重力，支持力，摩擦力，要使手机下滑，则，解得：；(4)由于手机可以测量时间，所以可以让手机以一定的初速度向上滑并测出上滑到速度为0的时间，再让手机从静止沿木板下滑并测出下滑到底端的时间，同时手机还可以测木板的倾角即可；(5)根据手机上滑和下滑过程的位移相同，即有：上滑：，其中下滑：，其中联立解得：．【点睛】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，同时要熟练应用所学基本规律解决实验问题．12、平衡摩擦力ABBCDE5mA·s2＝4(mA＋mB)·s4【解析】

本题考察打点计时器的应用和实验：验证动量守恒定律。【详解】(1)[1]动量守恒定律使用条件为合外力为零，需要平衡摩擦力。(2)[2]A．为能准确计算碰撞前后速度，两车应保持一定距离，故A正确；B．A车质量可以小于B车质量，故B正确；C．打点计时器使用时需先接通电源再释放小车，故C错误；D．碰撞时机械能损失不会造成误差，故D错误。故选AB。(3)[3][4]根据打点计时器原理，应选取BC段计算A车碰前的速度，选取DE段计算碰后一起运动的速度。[5]根据动量守恒定律其中，故表达式为5mA·s2＝4(mA＋mB)·s4。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、【解析】

由于AB是从同一高度释放的，并且碰撞过程中没有能量的损失，根据机械能守恒可