贵州省遵义市湄潭县湄江中学2023年高一物理第二学期期末调研试题含解析_第1页
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文档简介

2022-2023学年高一下物理期末模拟试卷注意事项1.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回.2.答题前,请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.4.作答选择题,必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑;如需改动,请用橡皮擦干净后,再选涂其他答案.作答非选择题,必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答,在其他位置作答一律无效.5.如需作图,须用2B铅笔绘、写清楚,线条、符号等须加黑、加粗.一、选择题(本题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分,选不全的得3分,有选错的或不答的得0分)1、让小钢珠在水平桌面上从同一位置以相同的初速度运动,将一条形磁铁放在桌面的不同位置,小钢珠的运动轨迹不同,图中a、b、c、d为其中四条运动轨迹,下列说法正确的是A.磁铁放在位置A时,小钢珠的运动轨迹如图中c所示B.磁铁放在位置B时,小钢珠的运动轨迹如图中b所示C.通过这个实验可以研究曲线运动的速度方向D.通过这个实验可以探究物体做曲线运动的条件2、(本题9分)若加在某导体两端的电压变为原来的3/5时,导体中的电流减小了0.4A。如果所加电压变为原来的2倍,则导体中的电流为()A.1.0A B.1.5A C.2.0A D.2.5A3、两个用相同材料制成的半径相等的带异种电荷的金属小球,其中一个球的带电荷量是另一个的5倍,它们间的库仑力大小是F,现将两球接触后再放回原处,它们间库仑力的大小是A. B.C. D.4、(本题9分)图中K、L、M为静电场中的三个相距很近的等势面(K、M之间无电荷)。一带电粒子射入此静电场中后,只受电场力作用,沿a→b→c→d→e轨迹运动。已知电势,下列说法中正确的是()A.此粒子带负电B.粒子在bc段做加速运动C.粒子在c点时电势能最小D.粒子通过b点和d点时的动能相等5、(本题9分)如图所示,两根完全相同的绝缘细线,把两个质量相等的小球悬挂在同一点O上,甲球的电荷量大于乙球的电荷量,则()A.甲、乙两球都带正电B.甲、乙两球都带负电C.甲球受到的静电力大于乙球受到的静电力D.甲、乙两球受到的静电力大小相等6、(本题9分)有一物体沿直线运动,其v―t图像如图所示,则下列说法正确的是()A.第1s内物体所受的合外力大小不变B.0~1s内的加速度小于3~5s内的加速度C.从第3s末到第5s末物体的加速度逐渐减小D.从第5s末到第7s末物体的速度逐渐减小7、长木板A放在光滑的水平面上,质量为m=2kg的另一物体B以水平速度v0=2m/s滑上原来静止的长木板A的表面,由于A、B间存在摩擦,之后A、B速度随时间变化情况如图所示,则下列说法正确的是()A.木板获得的动能为2JB.系统损失的机械能为2JC.木板A的最小长度为1mD.A、B间的动摩擦因数为0.18、(本题9分)下列关于机械能守恒的判断正确的是()A.拉着一个物体沿着光滑的斜面匀速上升时,物体的机械能守恒B.如果忽略空气阻力作用,物体做竖直上抛运动时,机械能守恒C.一个物理过程中,当重力和弹力以外的力做了功时,机械能不再守恒D.合外力对物体做功为零时,物体机械能一定守恒9、在光滑水平面上A、B两小车中间有一弹簧,如图所示,用手抓住小车并将弹簧压缩后使小车处于静止状态.将两小车及弹簧看做一个系统,下面说法正确的是A.两手同时放开后,系统总动量始终为零B.先放开左手,再放开右手后,在弹簧伸缩的过程中,动量不守恒C.先放开左手,再放开右手后,在弹簧伸缩的过程中,动量守恒且总动量向右D.无论何时放手,两手放开以后,在弹簧伸缩的过程中,系统总动量都保持不变,但系统的总动量不一定为零10、(本题9分)如图所示,长L=0.5m细线下端悬挂一质量m=0.1kg的小球,细线上端固定在天花板上O点.将小球拉离竖直位置后给小球一初速度,使小球在水平面内做匀速圆周运动,测得细线与竖直方向的夹角θ=37°(sin37°=0.6,cos37°=0.8).下列说法正确的是A.细线拉力大小为0.8NB.细线拉力大小为1.25NC.小球运动的线速度大小为1.5m/sD.小球运动的线速度大小为m/s11、(本题9分)在光滑的冰面上,质量为80kg的冰球运动员甲以5.0m/s的速度向前运动时,与另一质量为100kg、速度为3.0m/s的迎面而来的运动员乙相撞,碰后甲恰好静止。假设碰撞时间极短,下列说法正确的是()A.碰后乙的速度的大小是1.5m/s B.碰后乙的速度的大小是1.0m/sC.碰撞中总机械能损失了1500J D.碰撞中总机械能损失了1400J12、(本题9分)如图所示,在两个等量异号的点电荷连线的中垂线上有与连线中点O等距离的两点a、b,在连线上有距中点O等距离的两点,c、d,则下列场强大小关系式正确的是(

)

A.B.C.D.二.填空题(每小题6分,共18分)13、(本题9分)甲、乙俩物体以大小相等的线速度做匀速圆周运动,它们的质量之比为1:3,轨道半径之比为3:4,则甲、乙两物体的角速度大小之比为____,向心加速度大小之比为___。14、(本题9分)在竖直平面内有一条光滑弯曲轨道,一个小环套在轨道上,从3.0m的高处无初速度释放.轨道上各个高点的高度如图所示.则第___高点是小环不可超越的;小环随后将如何运动?_______________________________________。15、(本题9分)某物理小组对轻弹簧的弹性势能进行探究,实验装置如图(a)所示:轻弹簧放置在光滑水平桌面上,弹簧左端固定,右端与一物块接触而不连接,纸带穿过打点计时器并与物块连接.向左推物块使弹簧压缩一段距离,由静止释放物块,通过测量和计算,可求得弹簧被压缩后的弹性势能.(1)实验中涉及到下列操作步骤:①把纸带向左拉直②松手释放物块③接通打点计时器电源④向左推物块使弹簧压缩,并测量弹簧压缩量上述步骤正确的操作顺序是__(填入代表步骤的序号).(2)图(b)中M和L纸带是分别把弹簧压缩到不同位置后所得到的实际打点结果.打点计时器所用交流电的频率为50Hz.由M纸带所给的数据,可求出在该纸带对应的实验中物块脱离弹簧时的速度为__m/s.比较两纸带可知,__(填“M”或“L”)纸带对应的实验中弹簧被压缩后的弹性势能大.三.计算题(22分)16、(12分)(本题9分)如图所示,半径r=0.5m的飞轮绕中心轴OO'转动,轴与飞轮平面垂直。现在飞轮的边缘打进-一个质量m=0.01kg的螺丝钉P(视为质点),让飞轮以n=20r/s的转速做匀速圆周运动。(取π(1)求螺丝钉P所需的向心力大小F;(2)若不转动飞轮,至少要用1250N的力才能把螺丝钉P拔出,求为使螺丝钉P不被甩出,飞轮转动时的最大角速度ωm17、(10分)(本题9分)如图所示,一真空示波管的电子从灯丝K发出(初速度不计),经灯丝与A板间的加速电场加速,从A板中心孔沿中心线KO射出,然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中(偏转电场可视为匀强电场),电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直,电子经过电场后打在荧光屏上的P点。已知加速电压为U1,M、N两板间的电压为U2,两板间的距离为d,板长为L,偏转电场的右端距离荧光屏的距离为l,电子的质量为m,电荷量为e,不计电子重力。(1)求电子穿过A板时的速度大小v0;(2)求电子从偏转电场射出时的侧移量y;(3)求OP的距离Y;(4)电子从偏转电场射出时的侧移量y和偏转电压U2的比叫做示波器的灵敏度,分析说明可采用哪些方法提高示波器的灵敏度。

参考答案一、选择题(本题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分,选不全的得3分,有选错的或不答的得0分)1、D【解析】

A、磁体对小钢珠有相互吸引力,当磁铁放在位置时,即在钢珠的正前方,所以钢珠所受的合力与运动的方向在一条直线上,所以其运动轨迹为直线,故应是,故选项A错误;B、当磁铁放在位置时,小钢珠运动过程中有受到磁体的吸引,小钢珠逐渐接近磁体,其轨迹在曲线的切线方向与受力的方向之间,所以其的运动轨迹是,故选项B错误;CD、实验表明,当物体所受合外力的方向跟物体的运动方向不在同一直线上时,物体做曲线运动,即通过这个实验可以探究物体做曲线运动的条件,故选项D正确,C错误。2、C【解析】

设导体两端原来的电压为U,电流为I,则导体的电阻;又由题,导体两端的电压变为原来的3/5时,导体中的电流减小了0.4A,则有;联立得,解得I=1.0A;当电压变为2U时,I′=2I=2.0A,故选C.3、B【解析】

两电荷异性,设一个球的带电量为Q,则另一个球的带电量为5Q,此时:接触后再分开,带电量各为2Q,则两球的库仑力大小为:ACD.由上计算可知,ACD错误;B.由上计算可知,B正确.4、D【解析】

由图知,粒子轨迹向左弯曲,则带电粒子所受电场力大体向左。电场线与等势面垂直,且指向低电势,电场线的分布大致向左,则可知粒子带正电。故A错误。bc段力与速度方向夹角大于90度;故粒子做减速运动;故B错误。b→c动能减小,根据能量守恒,电势能增加,c点电势能最大;故C错误;bd在同一等势面上,电势能相等,则动能相等,故D正确。故选D。【点睛】本题是轨迹问题,首先根据轨迹的弯曲方向判断带电粒子所受的电场力方向,画电场线是常用方法。5、D【解析】从两球互相远离的现象来看,两球应该带的是同种电荷,但不能肯定小球究竟带的是哪种电荷;由于甲和乙之间的作用力属于作用力和反作用力,故这两个力一定大小相等、方向相反,故D正确.【点睛】甲、乙两球之间的库仑力属于作用力和反作用力,根据作用力和反作用力的特点即可判断.6、A【解析】速度时间图像的斜率表示加速度,0-1s内斜率恒定,加速度恒定,所以合力大小恒定,其加速度大小为,3~5s内斜率恒定,加速度恒定,其加速度大小为,A正确BC错误;从第5s末到第7s末物体的速度反向增大,D错误.【点睛】在速度时间图像中,需要掌握三点,一、速度的正负表示运动方向,看运动方向是否发生变化,只要考虑速度的正负是否发生变化,二、图像的斜率表示物体运动的加速度,三、图像与坐标轴围成的面积表示位移,在坐标轴上方表示正方向位移,在坐标轴下方表示负方向位移7、BCD【解析】

A.根据速度时间图像可知木板最终的速度为v=1m/s,从B刚滑上A开始,到两者共速,过程中,将两者看做一个整体,整体所受合力为零,故整体动量守恒,设木板的质量为M,则根据动量守恒定律可得:mv解得:M=m=2kg故木板获得的动能为EkA错误;B.系统减少的动能为ΔEB正确;C.v-t图像图线与坐标轴围成的面积表示位移,则由图得到:0-1s内B的位移为xBA的位移为xA木板A的最小长度为L=C正确;D.由斜率大小等于加速度大小,得到B的加速度大小为a=Δv根据牛顿第二定律得μm代入解得μ=0.1,D正确.8、BC【解析】

A.拉着一个物体沿着光滑的斜面匀速上升时,动能不变,势能增大,故机械能增大,故A错误;B.物体做竖直上抛运动时,只有重力做功,故机械能守恒,故B正确;C.机械能守恒的条件是除重力和弹力以外的力做功的代数和为0,或者不做功,当重力和弹力以外的力做了功时,物体的机械能不守恒,故C正确;D.合外力对物体做功为零时,如在拉力作用下竖直向上的匀速运动,物体机械能不守恒,故D错误.9、AD【解析】

A.两手同时放开,两车组成的系统所受合外力为零,系统动量守恒,由于系统初动量为零,则系统总动量为零,故A正确;B.先放开左手,再放开右手,在放开两手的过程中,两车与弹簧组成的系统所受合外力不为零,系统动量不守恒;放开两手后,两车组成的系统所受合外力为零,系统动量守恒,故B错误;C.先放开左手,再放开右手,放开左手后系统所受合外力向左,系统所受合外力的冲量向左,系统总动量向左,故C错误;D.无论何时放手,两手放开后,系统所受合外力为零,系统动量守恒;但若是两手不是同时放开,则系统受合外力不为零,则系统的总动量不为零,故D正确;10、BC【解析】

AB.细线拉力在竖直方向分力平衡重力,,T=1.25N,A错误B正确CD.细线拉力和重力的合力提供向心力,根据几何关系可得,小球运动的线速度大小为1.5m/s,C正确D错误11、BD【解析】

AB.设运动员甲、乙的质量分别为m、M,碰前速度大小分别为v1、v2,碰后乙的速度大小为v′2,规定碰撞前甲的运动方向为正方向,由动量守恒定律有:mv1-Mv2=Mv′2,解得:,故A错误,B正确。CD.根据能量守恒定律可知,碰撞中总机械能的损失为:△E=mv12+Mv22-Mv′2,代入数据解得:△E=1400J,故C错误,D正确。12、AC【解析】

因为是等量异种电荷的静电场,根据电场线的疏密分布特点可知:在连线上从c到d,电场强度先变小再变大,根据对称性知,故C正确,D错误;在中垂线上,根据对称性可知,故A正确,B错误.所以AC正确,BD错误.二.填空题(每小题6分,共18分)13、4:34:3【解析】根据角速度表达式得:ω=vr;做圆周运动物体向心加速度为:a=v2r;根据题中所给速度、质量、半径关系,联立可得:ω甲:ω乙=4:3;a14、4;在轨道间来回做往复运动;【解析】

由于小环套在光滑的轨道上,运动过程中只有重力对小环做功,其机械能守恒,根据机械能守恒定律求得小环能上升的最大高度,即可判断哪个点不可越过.并能判断小环的运动情况.【详解】小环套在光滑的轨道上,

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