（水滴系列）山东省滕州市2023届高考化学一轮复习考前特训十一有机化学选择题新人教版

PAGEPAGE1有机化学根底选择题板块一有机物命名、结构与反响类型[2022·上海卷化学5]烷烃的命名正确的选项是A．4−甲基−3−丙基戊烷B．3−异丙基己烷C．2−甲基−3−丙基戊烷D．2−甲基−3−乙基己烷【答案】D【解析】选择分子中含有碳原子数最多的碳链为主链，并从离支链较近的一端给主链的碳原子编号，该物质的名称是2-甲基-3-乙基己烷，应选项D正确。[2022·上海卷化学3]有机物的种类繁多，但其命中是有规那么的。以下有机物命名正确的选项是A．1,4－二甲基丁烷B．3－甲基丁烯C．2－甲基丁烷D．二氯乙烷【答案】C[2022·上海卷化学7]以下各化合物的命名中正确的选项是〔〕A．1,3－二丁烯B．3－丁醇C．甲基苯酚D．2－甲基丁烷【答案】D【解析】选项A应命名为1、3－丁二烯；选项B应命名为2－丁醇；选项C应命名为邻甲基苯酚。[2022·上海卷化学]以下有机物命名正确的选项是A．1，3，4－三甲苯B．2－甲基－2－氯丙烷C．2－甲基－1－丙醇D．2－甲基－3－丁炔【答案】B【解析】有机物命名时，应遵循数值和最小原那么，故应命名为：1，2，4-三甲苯，A错；有机物命名时，编号的只有 C原子，故应命名为：1-甲基-1-丙醇，C错；炔类物质命名时，应从离三键近的一端编号，故应命名为：3-甲基-1-丁炔，D错。[2022·海南卷化学18−Ⅰ]〔双选〕以下有机物的命名错误的选项是A．1，2，4−三甲苯B．3−甲基戊烯C．2−甲基−1−丙醇D．1，3−二溴丙烷【答案】BC[2022·上海卷化学12]根据有机化合物的命名原那么，以下命名正确的选项是A．3－甲基－1,3-丁二烯B．2－羟基丁烷C．2－乙基戊烷D．3－氨基丁酸【答案】D【解析】A项编号有误，应该为2-甲基-1,3-丁二乙烯；B项，叫2-丁醇，C项主链选错了应该为3-甲基乙烷，D正确。[2022·安徽卷理综7]碳酸亚乙酯是锂离子电池低温电解液的重要添加剂，其结构如以下图。以下有关该物质的说法正确的选项是：A．分子式为C3H2O3B．分子中含6个σ键C．分子中只有极性键D．8.6g该物质完全燃烧得到6.72LCO2【答案】A[2022·海南卷化学5]以下化合物分子中的所有碳原子不可能处于同一平面的是：A．甲苯B．硝基苯C．2－甲基丙烯D．2－甲基丙烷【答案】D[2022·海南卷化学]〔双选〕以下化合物的分子中，所有原子都处于同一平面的有A．乙烷B．甲苯C．氟苯D．四氯乙烯【答案】CD【解析】A选项没有常说的平面结构，B选项中甲基有四面体空间结构，C选项氟原子代替苯中1个氢原子的位置仍共平面，D选项氯原子代替乙烯中氢原子的位置仍共平面。[2022·海南卷化学18-I]在核磁共振氢谱中出现两组峰，其氢原子数之比为3：2的化合物是：A．B．C．D．【答案】D【解析】具核磁共振氢谱中出现两组峰的情况分析A中氢原子数之比为3：1，B中氢谱中出现的是三组峰，C中氢原子数之比为3：4[2022·海南化学卷18-I]〔双选〕以下化合物在核磁共振氢谱中能出现两组峰，且其峰面积之比为2︓1的有A．乙酸甲酯B．对苯二酚C．2-甲基丙烷D．对苯二甲酸【答案】BD［2022·海南化学卷18-I］〔双选〕以下化合物在核磁共振氢谱中能出现两组峰．且其峰面积之比为3：1的有A．乙酸异丙酯B．乙酸叔丁酯C．对二甲苯D．对三甲苯【答案】BD【解析】乙酸异丙酯结构简式为，有3种H原子，故A错；乙酸叔丁酯的结构简式为，故B符合题意；对二甲苯的结构简式为：，有两种等效氢，个数比为6:4=3:2，故C不符合题意；均三甲苯的结构简式为：，符合题意。[2022·山东卷理综7]下表中对应关系正确的选项是ACH3CH3+Cl2CH3CH2Cl+HClCH2=CH2+HClCH3CH2Cl均为取代反响B由油脂得到甘油由淀粉得到葡萄糖均发生了水解反响CCl2+2Br－═2Cl－+Br2Zn+Cu2+═Zn2++Cu均为单质被复原的置换反响D2Na2O2+2H2O═4NaOH+O2↑Cl2+H2O═HCl+HClO均为水作复原剂的氧化复原反响【答案】B[2022·全国新课标卷理综]以下反响中，属于取代反响的是①CH3CH=CH2+Br2CH3CHBrCH2Br②CH3CH2OHCH2=CH2+H2O③CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O④C6H6+HNO3C6H5NO2+H2A．①②B．③④C．①③D．②④【答案】B【解析】①属于烯烃的加成反响；②属于乙醇的消去反响；③属于酯化反响，而酯化反响属于取代反响；④属于苯的硝化反响即为取代反响，所以选项B正确。[2022·海南卷化学11]以下有机反响中，不属于取代反响的是：A．+Cl2+HClB．2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2OC．ClCH2CH=CH2+NaOHHOCH2CH=CH2+NaClD．+HO−NO2+H2O【答案】B【解析】B发生的是氧化反响，故B不属于取代反响的是。[2022·海南卷化学9]以下反响不属于取代反响的是A．淀粉水解制葡萄糖B．石油裂解制丙烯C．乙醇与乙酸反响制乙酸乙酯D．油脂与浓NaOH反响制高级脂肪酸钠【答案】B【解析】A、淀粉发生水解反响产生葡萄糖，该反响是取代反响，错误；B、石油裂解制丙烯的反响属于分解反响，不是取代反响，正确；C、乙醇与乙酸发生酯化反响形成乙酸乙酯和水，该反响是取代反响，错误；D、油脂与水发生取代反响产生高级脂肪酸和甘油，产生的高级脂肪酸再与NaOH发生反响形成高级脂肪酸钠和水，因此油脂与浓NaOH发生皂化反响形成高级脂肪酸钠和甘油，该反响属于取代反响，错误。[2022·全国新课标II卷理综8]以下各组中的物质均能发生加成反响的是A．乙烯和乙醇B．苯和氯乙烯C．乙酸和溴乙烷D．丙烯和丙烷【答案】B【解析】苯和氯乙烯中均含有不饱和键，能与氢气发生加成反响，乙醇、溴乙烷和丙烷分子中均是饱和键，只能发生取代反响，不能发生加成反响，答案选B。[2022·全国新课标卷理综9]以下各组中的反响，属于同一反响类型的是A．由溴丙烷水解制丙醇；由丙烯与水反响制丙醇B．由甲苯硝化制对硝基甲苯；由甲苯氧化制苯甲酸C．由氯代环己烷消去制环己烯；由丙烯加溴制1,2－二溴丙烷D．由乙酸和乙醇制乙酸乙酯；由苯甲酸乙酯水解制苯甲酸和乙醇【答案】D【解析】A项由溴丙烷水解制丙醇为取代反响，由丙烯与水反响制丙醇为加成反响；B项由甲苯硝化制对硝基甲苯为硝化反响(取代反响)，由甲苯氧化制苯甲酸为氧化反响；C项由氯代环己烷制环己烯为消去反响，由丙烯加溴制1,2二溴丙烷为加成反响；D项由乙酸和乙醇制乙酸乙酯为酯化反响(取代反响)，由苯甲酸乙酯水解制苯甲酸和乙醇为水解反响(取代反响)。板块二官能团性质[2022·安徽卷理综8]北京奥运会期间对大量盆栽鲜花施用了S－诱抗素制剂，以保证鲜花盛开，S－诱抗素的分子结构如图，以下关于该分子说法正确的选项是A．含有碳碳双键、羟基、羰基、羧基B．含有苯环、羟基、羰基、羧基C．含有羟基、羰基、羧基、酯基D．含有碳碳双键、苯环、羟基、羰基【答案】A[2022·广东卷理基30]三聚氰胺(结构式如图9所示)是一种重要的化工原料，可用于阻燃剂、水泥减水剂和高分子合成等领域。一些不法分子却往牛奶中参加三聚氰胺，以提高奶制品的含氮量。以下说法正确的选项是A．三聚氰胺是一种蛋白质B．三聚氰胺是高分子化合物C．三聚氰胺分子中含有碳碳双键D．三聚氰胺的分子式为C3H6N6【答案】D【解析】三聚氰胺中的含氮量较高，是冒充的蛋白质，其实属于蛋白质，A项错；由键线式可以写出化学式，D项正确。其相对分子质量很小，故不属于高分子化合物，B项错；分子中只含有碳氮双键，C项错。[2022·宁夏卷理综9]以下化合物中既能使溴的四氯化碳溶液褪色，又能在光照下与溴发生取代反响的是A．甲苯B．乙醇C．丙烯D．乙烯【答案】C【解析】能使溴的四氯化碳溶液褪色的物质还有碳碳不饱和键，这样选项只剩下C和D了，再根据能与溴发生取代反响的物质为含有苯环物质或烷烃〔或烷基〕，因此只有C选项符合题意了。[2022·上海卷化学13]催化加氢可生成3－甲基己烷的是A．CH2=CHCH(CH3)CH2CH2CH2CH3B．CH2=CH－CH(CH3)－C≡CHC．CH2=CH－C(CH3)=CHCH2CH3D．CH3CH2CH2CH2C(CH3)=CH【答案】C【解析】A、完全加氢后生成3－甲基庚烷，A不正确；B、完全加氢后生成3－甲基戊烷，B不正确；C、催化加氢可生成3－甲基己烷，C正确；D、催化加氢生成2－甲基己烷，D不正确，答案选C。[2022·全国大纲Ⅱ卷理综12]1mol该物质与足量的NaOH溶液充分反响，消耗的NaOH的物质的量为A．5molB．4molC．3molD．2mol【答案】A【解析】该有机物含有酚，还有两个酯基，要注意该有机物的酯基与NaOH水解时，生成羧酸钠，此外生成的酚还要继续消耗NaOH，故需要5molNaOH，A项正确。[2022·全国新课标Ⅰ卷理综8]某羧酸酯的分子式为C18H26O5，1mol该酯完全水解可得到1mol羧酸和2mol乙醇，该羧酸的分子式为A．C14H18O5B．C14H16O4C．C14H22O5D．C14H10O【答案】A[2022·上海卷化学3]结构为···－CH＝CH－CH＝CH－CH＝CH－CH＝CH－···的高分子化合物用碘蒸气处理后，其导电能力大幅提高。上述高分子化合物的单体是A．乙炔B．乙烯C．丙烯D．1,3－丁二烯【答案】A【解析】试题分析：根据高分子化合物的结构简式可知，该物质属于加聚产物，链节是－CH＝CH－，因此单体是乙炔，答案选A。[2022·海南卷化学18I]〔双选〕：，如果要合成所用的原始原料可以是A．2−甲基−l，3−丁二烯和2−丁炔B．1，3−戊二烯和2−丁炔C．2，3−二甲基−1，3−戊二烯和乙炔D．2，3−二甲基−l，3−丁二烯和丙炔【答案】AD[2022·全国新课标Ⅱ卷理综8]以下表达中，错误的选项是A．苯与浓硝酸、浓硫酸共热并保持55－60℃B．苯乙烯在适宜条件下催化加氢可生成乙基环己烷C．乙烯与溴的四氯化碳溶液反响生成1,2－二溴乙烷D．甲苯与氯气在光照下反响主要生成2,4－二氯甲苯【答案】D【解析】甲苯与氯气在光照下反响主要是甲基上的H被取代。[2022·重庆卷理综11]以下对有机物结构或性质的描述，错误的选项是A．一定条件下，Cl2可在甲苯的苯环或侧链上发生取代反响B．苯酚钠溶液中通入CO2生成苯酚，那么碳酸的酸性比苯酚弱C．乙烷和丙烯的物质的量各1mol，完成燃烧生成3molH2OD．光照下2,2－二甲基丙烷与Br2反响其一溴取代物只有一种【答案】B【解析】B项CO2+H2O+C6H5ONaC6H5OH+NaHCO3，那么碳酸的酸性比苯酚强，B错误。[2022·重庆卷理综5]某天然拒食素具有防御非洲大群蚯蚓的作用，其结构简式如题5图(未表示出原子或原子团的空间排列)。该拒食素与以下某试剂充分反响，所得有机物分子的官能团数目增加，那么该试剂是()A．Br2的CCl4溶液B．[Ag(NH3)2]OH溶液C．HBrD．H2【答案】A【解析】A、根据结构简式可知，分子中含有碳碳双键，与溴水发生加成反响，引入2个溴原子，因此官能团数目增加1个，A正确；B、分子中含有醛基，可发生银镜反响，醛基变为羧基，但官能团数目不变，B不正确；C、碳碳双键与溴化氢发生加成反响，引入1个溴原子，官能团数目不变，C不正确；D、碳碳双键、醛基均能与氢气发生加成反响，官能团数目减少1个，D不正确。[2022·全国大纲Ⅰ卷11]以下图表示4－溴环己烯所发生的4个不同反响。其中，产物只含有一种官能团的反响是A．①④B．③④C．②③D．①②【答案】B【解析】[2022·全国新课标Ⅰ卷理综8]香叶醇是合成玫瑰香油的主要原料，其结构简式如下：以下有关香叶醇的表达正确的选项是A．香叶醇的分子式为C10H18OB．不能使溴的四氯化碳溶液褪色C．不能使酸性高锰酸钾溶液褪色D．能发生加成反响不能发生取代反响【答案】A【解析】A项，碳原子10个，两个不饱和度，所以氢原子有22-4=18个，所以A选项正确；B项，化合物中有双键，能与溴发生加成反响，使溴水褪色，也能与酸性高锰酸钾溶液发生氧化反响使其褪色，故B、C选项错误；化合物中有羟基及甲基，能发生取代，故D选项错误。[2022·山东卷理综11]莽草酸可用于合成药物达菲，其结构简式如图，以下关于莽草酸的说法正确的选项是A．分子式为C7H6O5B．分子中含有两种官能团C．可发生加成和取代反响D．在水溶液中羟基和羧基均能电离出氢离子【答案】C【解析】根据莽草酸的结构式可确定其分子式为：C7H10O5，需要注意不存在苯环，A错；有三种官能团：羧基、羟基、碳碳双键，B错；碳碳双键可以被加成，羧基、羟基可发生酯化反响，C正确；在水溶液中羧基可以电离出H+，羟基不能发生电离，D错。[2022·江苏卷化学11]〔双选〕普伐他汀是一种调节血脂的药物，其结构如右图所示〔未表示出其空间构型〕。以下关系普伐他汀的性质描述正确的选项是A．能与FeCl3溶液发生显色反响B．能使酸性KMnO4溶液褪色C．能发生加成、取代、消去反响D．1mol该物质最多可与1molNaOH反响【答案】BC【解析】A.分子无苯环，不能与FeCl3溶液发生显色反响。BC.分子中的官能团决定了能使酸性KMnO4溶液褪色、能发生加成、取代、消去反响。D.酯基水解，即有两个羧基，1mol该物质最多可与2molNaOH反响。[2022·江苏卷化学10]具有显著抗癌活性的10-羟基喜树碱的结构如下图。以下关于10－羟基喜树碱的说法正确的选项是A．分子式为C20H16N2O5B．不能与FeCl3溶液发生显色反响C．不能发生酯化反响D．一定条件下，1mol该物质最多可与1molNaOH反响【答案】A【解析】根据结构简式，很容易查出C、H、N、O的原子个数，所以分子式为C20H16N2O5，A项对；因为在苯环上有羟基，构成羟基酚的结构，所以能与FeCl3发生显色反响，B项错；从结构简式可以看出，存在，所以能够发生酯化反响，C项错；D项，有三个基团能够和氢氧化钠反响，苯酚上的羟基、酯基和肽键，所以消耗的氢氧化钠应该为3mol。[2022·全国大纲卷理综12]从香荚豆中提取的一种芳香化合物，其分子式为C8H8O3，遇FeCl3溶液会呈现特征颜色，能发生银镜反响。该反响可能的结构简式是A．B．C．D．【答案】A【解析】根据分子式C8H8O3，说明其不饱和度为5，那么D项错误，根据文字信息说明其含有苯环、酚羟基、醛基，那么B、C项错误。[2022·上海卷化学16]霉酚酸酯(MMF)是器官移植中抑制细胞增殖最常用的药物。以下关于MMF的说法正确的选项是()A．MMF能溶于水B．MMF能发生取代反响和消去反响C．1molMMF能与6mol氢气发生加成反响D．1molMMF能与含3molNaOH溶液完全反响【答案】D【解析】选项A中由于分子中除－OH外，其它均为非极性基团，所以它不溶于水；选项B中可以发生取代反响，但不会发生消去反响；选项C中C＝C有4个，C＝O有2个，但－COO－中的C＝O不会发生加成反响，所以只能与4molH2发生加成反响；选项D中含有一个酚羟基，同时含有2个可以水解的酯的结构，所以可以和3molNaOH溶液完全反响。[2022·上海卷化学9]迷迭香酸是从蜂花属植物中提取得到的酸性物质，其结构如右图。以下表达正确的选项是A．迷迭香酸属于芳香烃B．1mol迷迭香酸最多能和9mol氢气发生加成反响C．迷迭香酸可以发生水解反响、取代反响和酯化反响D．1mol迷迭香酸最多能和含5molNaOH的水溶液完全反响【答案】C[2022·全国大纲Ⅰ卷理综12]有关以下图所示化合物的说法不正确的选项是A．既可以与Br2的CCl4溶液发生加成反响，又可以在光照下与Br2发生取代反响B．1mol该化合物最多可以与3molNaOH反响C．既可以催化加氢,又可以使酸性KMnO4溶液褪色D．既可以与FeCl3溶液发生显色反响，又可以与NaHCO3溶液反响放出CO2气体【答案】D【解析】有机物含有碳碳双键，故可以与Br2发生加成反响，又含有甲基，故可以与Br2光照发生取代反响，A项正确；B项，酚羟要消耗一个NaOH，两个酯基要消耗两个NaOH，正确；C项，苯环可以催化加氢，碳碳双键可以使KMnO4褪色，正确；该有机物中不存在羧基，故不能与NaHCO3放出CO2气体，D项错。[2022·上海卷化学9]咖啡酸的结构如右图所示。关于咖啡酸的描述正确的选项是〔〕A．分子式为C9H5O4B．1mol咖啡酸最多可与5mol氢气发生加成反响C．与溴水既能发生取代反响，又能发生加成反响D．能与Na2CO3溶液反响，但不能与NaHCO3溶液反响【答案】C[2022·海南卷化学18]〔双选〕图示为一种天然产物，具有一定的除草成效。以下有关该化合物的说法错误的选项是A．分子中含有三种含氧官能团B．1mol该化合物最多能与6molNaOH反响C．既可以发生取代反响，又能够发生加成反响D．既能与FeC13发生显色反响，也能和NaHCO3反响放出CO2【答案】BD[2022·山东卷理综11]苹果酸的结构简式为，以下说法正确的选项是A．苹果酸中能发生酯化反响的官能团有2种B．1mol苹果酸可与3molNaOH发生中和反响C．1mol苹果酸与足量金属Na反响生成生成1molH2D．HOOC－CH2－CH(OH)－COOH与苹果酸互为同分异构体【答案】A【解析】A、苹果酸中能发生酯化反响的官能团为羧基和羟基，为2种，正确；B、苹果酸分子含有2个羧基，所以1mol苹果酸可与2molNaOH发生中和反响，错误；C、羧基和羟基都可以与Na反响生成氢气，所以1mol苹果酸与足量金属Na反响生成生成1.5molH2，错误；D、HOOC—CH2—CH(OH)—COOH与苹果酸为同一种物质，错误。[2022·山东卷理综9]分枝酸可用于生化研究。其结构简式如图。以下关于分枝酸的表达正确的选项是A．分子中含有2种官能团B．可与乙醇、乙酸反响，且反响类型相同C．1mol分枝酸最多可与3molNaOH发生中和反响D．可使溴的四氯化碳溶液、酸性高锰酸钾溶液褪色，且原理相同【答案】B【解析】[2022·江苏卷化学11]化合物X是一种医药中间体，其结构简式如下图。以下有关化合物X的说法正确的选项是A．分子中两个苯环一定处于同一平面B．不能与饱和Na2CO3溶液反响C．在酸性条件下水解，水解产物只有一种D．1mol化合物X最多能与2molNaOH反响【答案】C【解析】A、根据图示知两个苯环均连在同一个饱和碳原子上，两个苯环不一定共面，错误；B、X中含有羧基，能与饱和碳酸钠溶液反响，错误；C、在酸性条件下水解，水解产物只有一种，正确；D、X的水解过程中，2个羧基和1个酚羟基都能与NaOH反响，故1mol化合物X最多能与3molNaOH反响，错误。答案选C。[2022·重庆卷理综]NM－3和D－58是正处于临床试验阶段的小分子抗癌药物，结构如下：NM－3D－58关于NM－3和D－58的表达，错误的选项是A．都能与NaOH溶液反响，原因不完全相同B．都能与溴水反响，原因不完全相同C．都不能发生消去反响，原因相同D．遇FeCl3溶液都显色，原因相同【答案】C【解析】由结构简式可以看出NM－3中含有酯基、酚羟基、羧基、碳碳双键和醚键，而D－58含有酚羟基、羰基、醇羟基和醚键。酯基、酚羟基和羧基均与NaOH溶液反响，但前者属于水解反响，后两者属于中和反响，A正确；酚羟基和碳碳双键均与溴水反响，前者属于取代反响，后者属于加成反响，B正确；NM－3中没有醇羟基不能发生消去反响，D－58中含有醇羟基，但醇羟基的邻位碳上没有氢原子，故不能发生消去反响，属于选项C不正确；二者都含有酚羟基遇FeCl3溶液都显紫色，D正确。[2022·重庆理综化学卷9]萤火虫发光原理如下：关于荧光素及氧化荧光素的表达，正确的选项是A．互为同系物B．均可发生硝化反响C．均可与碳酸氢钠反响D．均最多有7个碳原子共平面【答案】B【解析】荧光素与氧化荧光素分子所含的官能团不同，二者不是同系物，A项不正确；二者均可与浓硝酸发生苯环上的硝化反响，B项正确；—COOH可以与NaHCO3反响，酚羟基不能与NaHCO3反响，C项不正确；凡直接与苯环相连的原子，一定在同一平面内，故荧光素、氧化荧光素分子中均最少有7个碳原子共平面，D项不正确。[2022·江苏卷理综11]β－紫罗兰酮是存在于玫瑰花、番茄等中的一种天然香料，它经多步反响可合成维生素A1。β－紫罗兰酮中间体X维生素A1以下说法正确的选项是A．β－紫罗兰酮可使酸性KMnO4溶液褪色B．1mol中间体X最多能与2molH2发生加成反响C．维生素A1易溶于NaOH溶液D．β－紫罗兰酮与中间体X互为同分异构体【答案】A【解析】A.β—紫罗兰酮中含有复原性基团碳碳双键，可使酸性KMnO4溶液褪色。B.1mol中间体X含2mol碳碳双键和1mol醛基，最多能与3molH2发生加成反响C.维生素A1以烃基为主体，水溶性羟基所占的比例比拟小，所以难于溶解于水或水溶性的溶液如NaOH溶液。D.β—紫罗兰酮比中间体X少一个碳原子，两者不可能互为同分异构体。[2022·重庆卷理综5]某化装品的组分Z具有美白成效，原从杨树中提取，现可用如下反响制备：以下表达错误的选项是〔〕A．X、Y和Z均能使溴水褪色B．X和Z均能与NaHCO3溶液反响放出CO2C．Y既能发生取代反响，也能发生加成反响D．Y可作加聚反响单体，X可作缩聚反响单体【答案】B[2022·上海卷化学11]合成导电高分子化合物PPV的反响为：以下说法正确的选项是A．PPV是聚苯乙炔B．该反响为缩聚反响C．PPV与聚苯乙烯的最小结构单元组成相同D．1mol最多可与2molH2发生反响【答案】B【解析】A．根据物质的分子结构可知该物质不是聚苯乙炔，错误；B．该反响除产生高分子化合物外，还有小分子生成，属于缩聚反响，正确；C．PPV与聚苯乙烯的重复单元不相同，错误；D．该物质一个分子中含有2个碳碳双键和苯环都可以与氢气发生加成反响，属于1mol最多可以与5mol氢气发生加成反响，错误。[2022·四川卷理综12]胡椒粉是植物挥发油的成分之一。它的结构式为，以下表达中不正确的选项是A．1mol胡椒粉最多可与4mol氢气发生反响B．1mol胡椒粉最多可与4mol溴发生反响C．胡椒粉可与甲醛发生反响，生成聚合物D．胡椒粉在水中的溶解度小于苯酚在水中的溶解度【答案】B【解析】由胡椒粉的结构可以得出：与H2发生加成反响时苯环能与3molH2发生加成，另有碳碳双键也能加成1molH2，总计4molH2，故A对。当与Br2发生加成时只有碳碳双键与反响消耗1molBr2。而在苯酚的结构中与羟基的邻位碳上的2个氢原子能与Br2发生取代反响，消耗2molBr2。总计3molBr2发生反响，B错。胡椒粉分子中有酚羟基，故能与甲醛发生缩聚反响生成高分子化合物。C对。羟基是亲水基团，烃基是憎水基团；胡椒粉分子结构中烃基比苯酚分子中烃基大，故胡椒粉在水中的溶解度小于苯酚在水中的溶解度。D对。[2022·四川卷理综11]中药狼把草的成分之一M具有消炎杀菌作用，M的结构如下图：,以下表达正确的选项是A．M的相对分子质量是180B．1molM最多能与2molBr2发生反响C．M与足量的NaOH溶液发生反响时，所得有机产物的化学式为C9H4O5Na4D．1molM与足量NaHCO3反响能生成2molCO2【答案】C【解析】此题考查有机物的性质：A项M的分子式为：C9O4H6其相对分子质量是178,B项1molM最多能与3mol发生反响，除了酚羟基临位可以发生取代，还有碳碳双键可以发生加成。C项除了酚羟基可以消耗2mol,酯基水解也消耗1mol,水解又生成1mol酚羟基还要消耗1mol所以共计消耗4mol.D项酚与碳酸氢钠不反响。所以此题选择C[2022·浙江卷理综11]一种从植物中提取的天然化合物a−damascone，可用于制作“香水〞，其结构为：，有关该化合物的以下说法不正确的选项是A．分子式为C13H20OB．该化合物可发生聚合反响C．1mol该化合物完全燃烧消耗19molO2D．与溴的CCl4溶液反响生成的产物经水解、稀硝酸化后可用AgNO3溶液检验【答案】C【解析】A.根据键线式，由碳四价补全H原子数，即可写出化学式，正确；B.由于分子可存在碳碳双键，故可以发生加聚反响，正确；C.13个碳应消耗13个O2，20个H消耗5个O2，共为13+5-0.5=17.5，故错；D项，碳碳双键可以与Br2发生加成发生，然后水解酸化，即可得Br－，再用AgNO3可以检验，正确。[2022·全国大纲卷理综13]橙花醇具有玫瑰及苹果香气，可作为香料，其结构简式如下以下关于橙花醇的表达，错误的选项是A．既能发生取代反响，也能发生加成反响B．在浓硫酸催化下加热脱水，可以生成不止一种四烯烃C．1mo1橙花醇在氧气中充分燃烧，需消耗470.4L氧气(标准状况D．1mo1橙花醇在室温下与溴四氯化碳溶液反响，最多消耗240g溴【答案】D【解析】橙花醇含有双键和醇羟基，故能发生取代反响和加成反响，A正确；在浓硫酸催化下加热脱水，发生消去反响，能生成2种四烯烃，B正确；1mo1橙花醇在氧气中充分燃烧，需消耗470.4氧气〔标准状况〕，C正确；1mo1橙花醇在室温下与溴四氯化碳溶液反响，最多消耗3mol溴，480g[2022·江苏卷化学12]〔双选〕去甲肾上腺素可以调控动物机体的植物性神经功能，其结构简式如下图。以下说法正确的选项是A．每个去甲肾上腺素分子中含有3个酚羟基B．每个去甲肾上腺素分子中含有1个手性碳原子C．1mol去甲肾上腺素最多能与2molBr2发生取代反响D．去甲肾上腺素既能与盐酸反响，又能与氢氧化钠溶液反响【答案】BD【解析】A、根据结构简式可知分子中含有2个酚羟基和1个醇羟基，A不正确；B、与醇羟基相连的碳原子是手性碳原子，B正确；C、苯环上的3个氢原子均被溴取代，因此1mol去甲肾上腺素最多能与3molBr2发生取代反响，C不正确；D、含有氨基能与盐酸反响，含有酚羟基能与氢氧化钠溶液，D正确。[2022·重庆卷理综5]有机物X和Y可作为“分子伞〞给药载体的伞面和中心支撑架(未表示出原子或原子团的空间排列)。以下表达错误的选项是A．1molX在浓硫酸作用下发生消去反响，最多生成3molH2OB．1molY发生类似酯化的反响，最多消耗2molXC．X与足量HBr反响，所得有机物的分子式为C24H37O2Br3D．Y和癸烷的分子链均呈锯齿形，但Y的极性较强【答案】B【解析】1molX中含有3mol醇羟基，因此在浓硫酸作用下发生消去反响时，最多可生成3molH2O，A项正确；Y中“-NH2与-NH-〞中H原子可与X中X中羧基发生类似酯化反响的取代反响，结合X、Y结构简式可知1molY发生类似酯化反响的反响，最多可消耗3molX，B项错误；X与HBr在一定条件下反响时，-Br取代X中-OH，C项正确；Y中含有氨基，因此极性大于癸烷，D项正确。[2022·浙江卷理综]核黄素又称为维生素B2，可促进发育和细胞再生，有利于增进视力，减轻眼睛疲劳。核黄素分子的结构为：：有关核黄素的以下说法中，不正确的选项是：A．该化合物的分子式为C17H22N4O6B．酸性条件下加热水解，有CO2生成C．酸性条件下加热水解，所得溶液加碱后有NH3生成D．能发生酯化反响【答案】A【解析】A、分子式的书写可以采用数数或分析不饱和度的方法。先检查C\N\O的个数，正确。再看氢的个数：20。故A错。B、酸性水解是N-CO-N局部左右复原羟基得到碳酸，分解为CO2。C、同样加碱后有NH3生成。D、因其有很多羟基，可以发生酯化反响。[2022·浙江卷理综11]褪黑素是一种内源性生物钟调节剂，在人体内由食物中的色氨酸转化得到。以下说法不正确的选项是A．色氨酸分子中存在氨基和羧基，可形成内盐，具有较高的熔点B．在色氨酸水溶液中，可通过调节溶液的pH使其形成晶体析出C．在一定条件下，色氨酸可发生缩聚反响D．褪黑素与色氨酸结构相似，也具有两性化合物的特性【答案】D【解析】A．正确。氨基酸形成内盐的熔点较高。B．正确。氨基酸在等电点时，形成内盐，溶解度最小，易析出晶体。C．正确。D．错误。褪黑素的官能团为酰胺键，结构不相似。版块三同分异构体[2022·上海卷化学1]轴烯是一类独特的星形环烃。三元轴烯()与苯A．均为芳香烃B．互为同素异形体C．互为同系物D．互为同分异构体【答案】D【解析】轴烯与苯分子式都是C6H6，二者分子式相同，结构不同，互为同分异构体，应选项D正确。[2022·全国大纲Ⅰ卷理综8]以下各组物质不属于同分异构体的是A．2，2-二甲基丙醇和2-甲基丁醇B．邻氯甲苯和对氯甲苯C．2-甲基丁烷和戊烷D．甲基丙烯酸和甲酸丙酯【答案】D【解析】根据有机物的名称，知道各选项中有机物的碳原子数是一样多的。D选项中的甲基丙烯酸中有两个双键〔碳碳双键和碳氧双键〕，而甲酸丙酯中只有一个碳氧双键，故这两种物质不是同分异构体。[2022·宁夏卷理综8]3－甲基戊烷的一氯代产物有〔不考虑立体异构〕A．3种B．4种C．5种D．6种【答案】B[2022·海南卷化学9]〔双选〕以下烃在光照下与氯气反响，只生成一种一氯代物的有A．2-甲基丙烷B．环戊烷C．2,2－二甲基丁烷D．2,2－二甲基丙烷【答案】BD【解析】等效氢的考查，其中A、C均有2种，B、D均只有1种。[2022·全国新课标Ⅱ卷理综8]四联苯的一氯代物有A．3种B．4种C．5种D．6种【答案】C[2022·上海卷化学10]卤代烃的制备有多种方法，以下卤代烃不适合由相应的烃经卤代反响制得的是〔〕A．B．C．D．【答案】C生取代反响产生，，正确D．可有2,2,3,3—四甲基丁烷发生取代反响产生，错误。[2022·上海卷化学]β－月桂烯的结构如以下图所示，一分子该物质与两分子溴发生加成反响的产物〔只考虑位置异构〕理论上最多有A．2种B．3种C．4种D．6种【答案】C【解析】1，3－丁二稀的加成反响。[2022·全国新课标卷理综]根据下表中烃的分子式排列规律，判断空格中烃的同分异构体数目是12345678CH4C2H4C3H8C4H8C6H12C7H16C8H16A．3B．4C．5【答案】A[2022·全国新课标卷理综]分子式为C5H11Cl的同分异构体共有〔不考虑立体异构〕A．6种B．7种C．8种D．9种【答案】C【解析】C5H11Cl属于氯代烃，假设主链有5个碳原子，那么氯原子有3种位置，即1－氯戊烷、2－氯戊烷和3－氯戊烷；假设主链有4个碳原子，此时甲基只能在2号碳原子上，而氯原子有4种位置，分别为2－甲基－1－氯丁烷、2－甲基－2－氯丁烷、3－甲基－2－氯丁烷和3－甲基－1－氯丁烷；假设主链有3个碳原子，此时该烷烃有4个相同的甲基，因此氯原子只能有一种位置，即2，3－二甲基－1－丙烷。综上所叙分子式为C5H11Cl的同分异构体共有8种。[2022·全国新课标卷理综]分子式为C3H6Cl2的同分异构体共有(不考虑立体异构)〔〕A．3种B．4种C．5种D．6种【答案】B[2022·全国新课标II卷理综10]分子式为C4H8Cl2的有机物共有〔不含立体异构〕A．7种B．8种C．9种D．10种【答案】C【解析】试题分析：分子式为C4H8Cl2的有机物可看成是丁烷C4H10中的两个H原子被两个Cl原子取代，C4H10有正丁烷CH3CH2CH2CH3和异丁烷CH3CH(CH3)CH3两种，正丁烷中2个H原子被Cl原子取代，有6种结构，异丁烷中2个H原子被Cl原子取代，有3种结构，共有9种。[2022·海南卷化学19]分子式为C4H10O并能与金属钠反响放出氢气的有机化合物有：A．3种B．4种C．5种D．6种【答案】B【解析】分子式为C4H10O并能与金属钠反响说明它是一种醇，而C4H10O的醇只有四种同分异构体。[2022·全国新课标卷理综10]分子是为C5H12O且可与金属钠反响放出氢气的有机物有(不考虑立体异构)〔〕A．5种B．6种C．7种D．8种【答案】D【解析】可先写出戊烷的同分异构体〔3种〕，然后用羟基取代这些同分异构体中的等效氢原子就可以得出有3+4+1=8种符合要求的醇，有经验和能力的学生还可根据常见烃基的异构结论直接确定。[2022·全国新课标Ⅱ卷理综11]分子式为C5H10O2并能与饱和NaHCO3溶液反响放出气体的有机物有(不含量立体异构)A．3种B．4种C．5种D．6种【答案】B【解析】试题分析：分子式为C5H10O2并能与饱和NaHCO3溶液反响放出气体，这说明该有机物是羧酸，即分子组成为C4H9—COOH，丁基有4种，所以有机物有4种，答案选B。[2022·海南卷化学5]分子式为C4H10O并能与金属钠反响放出氢气的有机物有〔不含立体异构〕A．3种B．4种C．5种D．6种【答案】B【解析】分子式是C4H10O并能与金属Na发生反响放出氢气的物质是醇类，C4H10O可以看作是C4H10的分子中的一个H原子被羟基-OH取代，C4H10有CH3CH2CH2CH3、(CH3)2CHCH3两种不同的结构，前者有2种不同的H原子，后者也有2种不同的H原子，它们分别被羟基取代，就得到一种醇，因此符合该性质的醇的种类是4种，选B。[2022·海南卷化学5]分子式为C10H14的单取代芳烃，其可能的结构有A．2种B．3种C．4种D．5种【答案】C【解析】分子式为C10H14的单取代芳烃为C6H5—C4H9，—C4H9为丁基，而丁基有4种：，所以其单取代芳烃也有4种。[2022·全国新课标Ⅰ卷理综7]以下化合物中同分异构体数目最少的是()A．戊烷B．戊醇C．戊烯D．乙酸乙酯【答案】A【解析】A．戊烷有三种同分异构体；B、戊醇中共有8种同分异构体；C、戊烯的同分异构体有共有9种。D、乙酸乙酯的同分异构体6种。可见同分异构体数目最少的是戊烷。选项为A。[2022·海南卷化学18]〔双选〕以下化合物中，同分异构体数目超过7个的有A．已烷B．已烯C．1,2－二溴丙烷D．乙酸乙酯【答案】BD[2022·全国新课标Ⅰ卷理综12］分子式为C5H10O2的有机物在酸性条件下水解为酸和醇。假设不考虑立体异构，这些酸和醇重新组合可形成的酯共有A．15种 B．28种C．32种D．40种【答案】D【赏析】考察同分异构现象的分析，由于是酯的同分异构现象，可采用数字拆分法处理。根据题意，分子式为C5H10O2的有机物是酯类，水解产生的羧酸有甲酸、乙酸、丙酸、丁酸、2—甲基丙酸5种；醇有甲醇、乙醇、1—丙醇，2—丙醇、1—丁醇、2—丁醇、2—甲基—1—丙醇、2—甲基—2—丙醇8种。可形成5×8=40种酯。板块四有机物性质及应用[2022·海南卷化学1]将等体积的苯、汽油和水在试管中充分混合后静置。以下图示现象正确的选项是：【答案】D[2022·上海卷化学]甲醛与亚硫酸氢钠的反响方程式为HCHO+NaHSO3HO－CH2－SO3Na，反响产物俗称“吊白块〞。关于“吊白块〞的表达正确的选项是A．易溶于水，可用于食品加工B．易溶于水，工业上用作防腐剂C．难溶于水，不能用于食品加工D．难溶于水，可以用作防腐剂【答案】B【解析】根据有机物中含有的官能团可以判断，该物质易溶于水，但不能用于食品加工。[2022·海南卷化学]以下化合物中，在常温常压下以液态形式存在的是A．甲醇B．乙炔C．丙烯D．丁烷【答案】A[2022·海南卷化学1]以下有机化合物中沸点最高的是A．乙烷B．乙烯C．乙醇D．乙酸【答案】D【解析】四项中，C、D两项为液态，沸点明显要高，但学生只注意了乙醇的氢键，易失误。[2022·宁夏卷理综9]以下说法错误的选项是A．乙醇和乙酸都是常用调味品的主要成分B．乙醇和乙酸的沸点和熔点都比C2H6、C2H4的沸点和熔点高C．乙醇和乙酸都能发生氧化反响D．乙醇和乙酸之间能发生酯化反响，酯化反响和皂化反响互为逆反响【答案】D【解析】乙醇和乙酸都是常用调味品的主要成分，A对；在有机化合物中碳原子数目越多，分子量越大沸点和熔点越高，B对；绝大多数有机物都能发生氧化反响，C对；酯化反响和皂化反响不互为逆反响，这是因为皂化反响是指油脂在碱性溶液中发生水解，故D错。[2022·全国大纲Ⅱ卷理综6]2022年北京奥运会的“祥云〞火炬所用的燃料的主要成分是丙烷，以下有关丙烷的表达中不正确的选项是A．分子中碳原子不在一条直线上B．光照下能够发生取代反响C．比丁烷更易液化D．是石油分馏的一种产品【答案】C【解析】烷烃分子结构，是以每个碳为中心的四面体结构，多碳烷烃的碳链是锯齿型的，碳原子不在一条直线上；烷烃的特征反响是在光照条件下发生取代反响；石油分馏所获碳原子在1—4之间的烷烃混合物叫石油气，更进一步别离石油气可获得丙烷。烷烃随分子内碳原子数的增多，状态由气态、液态、固态变化，组成和结构相似的物质，随分子量的增大，分子间作用力增大，因此丁烷比丙烷易液化。[2022·全国新课标III卷理综10]异丙苯的结构简式如下，以下说法错误的选项是A．异丙苯的分子式为C9H12B．异丙苯的沸点比苯高C．异丙苯中碳原子可能都处于同一平面D．异丙苯的和苯为同系物【答案】C【解析】A、分子式为C9H12，故正确；B、相对分子质量比苯的大，故沸点比苯高，故正确；C、苯环是平面结构，当异丙基中间的碳原子形成四个单键，碳原子不能都处于一个平面，故错误；D、异丙苯和苯结构相似，在分子组成上相差3个CH2原子团，故是同系物，故正确。考点：有机物的结构和性质[2022·上海卷化学13]酒后驾车是引发交通事故的重要原因。交警对驾驶员进行呼气酒精检测的原理是：橙色的K2Cr2C7酸性水溶液乙醇迅速生成蓝绿色Cr3+①乙醇沸点低②乙醇密度比水小③乙醇有复原性④乙醇是烃的含氧化合物A．②④B．②③C．①③D．①④【答案】C[2022·全国新课标卷理综12]分析下表中各项的排布规律，按此规律排布第26项应为〔〕12345678910C2H4C2H6C2H6OC2H4O2C3H6C3H8C3H8OC3H6O2C4H8C4H10A．C7H16B．C7H14O2C．C8H18D．C8【答案】C【解析】第一项为哪一项从2个碳原子开始的。比方我们把它分为4循环，26=4×6+2，也就是说第24项为C7H14O2，接着后面就是第25项为C8H16。[2022·上海卷化学1]植物及其废弃物可以制取乙醇燃料，以下关于乙醇燃料的说法错误的选项是〔〕A．它是一种再生能源B．乙醇易燃烧，污染小C．乙醇只能在实验室内作燃料D．粮食作物是制乙醇的重要原料【答案】C【解析】乙醇不仅在实验室内可作燃料，而且还可作还可作内燃机等的燃料。[2022·广东卷化学13]〔双选〕警察常从案发现场的人体气味来获取有用线索，人体气味的成分中含有以下化合物：①辛酸；②壬酸；③环十二醇；④5，9一十一烷酸内酯；⑤十八烷⑥己醛；⑦庚醛。以下说法正确的选项是A．①、②、⑥分子中碳原子数小于10，③、④、⑤分子中碳原子数大于10B．①、②是无机物，③、⑤、⑦是有机物C．①、②是酸性化合物，③、⑤不是酸性化合物D．②、③、④含氧元素，⑤、⑥、⑦不含氧元素【答案】AC【解析】A项根据简单有机物命名可作出判断；B项中①辛酸、②壬酸属于羧酸类当然也属于有机物，故B错；C项根据名称可判断正确；D项中⑥⑦属于醛类物质，含有—CHO，当然含有氧元素，故D错。[2022·山东卷理综12]以下表达正确的选项是A．汽油、柴油和植物油都是碳氢化合物B．乙醇可以被氧化为乙酸，二者都能发生酯化反响C．甲烷、乙烯和苯在工业上都可通过石油分馏得到D．含5个碳原子的有机物，每个分子中最多可形成4个C－C单键【答案】B【解析】植物油是碳氢氧化合物，故A错；乙醇可以被氧化为乙酸，二者都能发生酯化反响，B对；乙烯和苯在工业上都不能通过石油分馏得到，所以C错；含5个碳原子的环状烷就烃含5个C－C单键，故D错。[2022·广东卷化学3]以下涉及有机物的性质或应用的说法不正确的选项是A．干馏煤可以得到甲烷、苯和氨等重要化工原料B．用于奥运“祥云〞火炬的丙烷是一种清洁燃料C．用大米酿的酒在一定条件下密封保存，时间越长越香醇D．纤维素、蔗糖、葡萄糖和脂肪在一定条件下都可发生水解反响【答案】D【解析】由煤制备化工原料通过干馏〔煤在高温下的分解〕，A对。丙烷燃烧生成CO2和H2O，并没有污染大气的气体生成，为清洁燃料，B对。大米发酵生成乙醇，时间越长，乙醇浓度越大越香醇，C对。纤维素水解生成葡萄糖；蔗糖水解生成葡萄糖与果糖；脂肪水解生成高级脂肪酸与甘油；葡萄糖为单糖，不会发生水解，D错。[2022·山东卷理综12]以下关于有机物的说法错误的选项是A．CCl4可由CH4制得，可萃取碘水中的碘B．石油和天然气的主要成分都是碳氢化合物C．乙醇、乙酸和乙酸乙酯能用饱和Na2CO3溶液鉴别D．苯不能使KMnO4溶液褪色，因此苯不能发生氧化反响【答案】D【解析】CCl4可由CH4和氯气光照取代制得，可萃取碘水中的碘，A正确；石油和天然气的主要成分都是烃，B正确；向乙醇、乙酸和乙酸乙酯分别参加饱和Na2CO3溶液分别现象为：互溶；有气泡产生；溶液分层，可以鉴别，C正确；苯虽不能使KMnO4溶液褪色，但可以燃烧，能发生氧化反响，D错误。[2022·广东卷理基31]以下说法不正确的选项是A．苯和乙烯都能与H2发生加成反响B．蔗糖在人体内水解的产物只有葡萄糖C．食醋中含有乙酸，乙酸可由乙醇氧化得到D．煤可与水蒸气反响制成水煤气，水煤气的主要成分为CO和H2【答案】B【解析】苯可以在催化剂作用下与H2发生加成反响，乙烯中含有碳碳双键，故可以与H2加成，A项正确；蔗糖最终水解生成葡萄糖和果糖，B项错；乙醇可以催化氧化得乙醛，乙醛继续氧化可得乙酸，C项正确；水煤气的制取方程式为：C+H2O(g)CO+H2，D项正确。[2022·福建卷理综9]以下关于常见有机物的说法不正确的选项是A．乙烯和苯都能与溴水反响B．乙酸和油脂都能与氢氧化钠溶液反响C．糖类和蛋白质都是人体重要的营养物质D．乙烯和甲烷可用酸性高锰酸钾溶液鉴别【答案】A【解析】苯不与溴水反响，只能液溴反响，A项错。乙酸与NaOH发生酸碱中和，油脂在碱性条件能水解，B项正确；C项，糖类，油脂和蛋白质是重要营养的物质，正确；D项，乙烯可以使高锰酸钾褪色，而甲烷不可以，正确。[2022·广东卷化学4]以下表达不正确的选项是A．天然气和沼气的主要成分是甲烷B．等物质的量的乙醇和乙酸完全燃烧时所需氧气的质量相等C．纤维素乙酸酯、油脂和蛋白质在一定条件都能水解D．葡萄糖和蔗糖都含有C、H、O三种元素，但不是同系物【答案】B【解析】天然气、煤道坑气和沼气的主要成分都是甲烷，故A正确；因为是等物质的量的乙醇和乙酸再根据乙醇和乙酸分子式可知B错；纤维素乙酸酯、油脂和蛋白质都能在一定条件下水解，C正确；葡萄糖属于单糖，分子式为C6H12O6，蔗糖属于糖类中的二糖，分子式为C12H22O11，按照同系物的定义可知，故D正确。[2022·福建卷理综6]以下关于有机物的正确说法是A．聚乙烯可发生加成反响B．石油干馏可得到汽油、煤油等C．淀粉、蛋白质完全水解的产物互为同分异构体D．乙酸乙酯、油脂与NaOH溶液反响均有醇生成【答案】D【解析】A．乙烯加聚反响生成聚乙烯后，双键变单键不能发生加成反响B．石油分馏可得汽油和煤油属于物理变化过程，干馏是指隔绝空气加强热，属于化学变化C．淀粉属于糖类，完全水解生成葡萄糖；蛋白质完全水解生成氨基酸；两者的产物不可能是同分异构体D．乙酸乙酯和油脂都属于酯类，在氢氧化钠溶液反响后均生成醇，前者生成乙醇，后者生成甘油[2022·山东卷理综12]以下表达错误的选项是A．乙烯和苯都能使溴水褪色，褪色的原因相同B．淀粉、油脂、蛋白质都能水解，但水解产物不同C．煤油可由石油分馏获得，可用作燃料和保存少量金属钠D．乙醇、乙酸、乙酸乙酯都能发生取代反响，乙酸乙酯中的少量乙酸可用饱和Na2CO3溶液除去【答案】A【解析】烯烃使溴水褪色的原理是加成反响，苯使溴水褪色的原理是萃取，故A说法错误；淀粉水解的最终产物是葡萄糖，蛋白质水解的产物是氨基酸，故B说法正确；煤油来自石油的分馏，可用作航空燃料，也可用于保存Na，故C说法正确；乙酸和乙醇的酯化反响是取代反响，乙酸乙酯的水解反响也属于取代反响，乙酸能与Na2CO3反响，故可用饱和Na2CO3溶液除去乙酸乙酯中乙酸，故D说法正确。[2022·广东卷理综11]以下说法正确的选项是A．乙烯和乙烷都能发生加聚反响B．蛋白质水解的最终产物是多肽C．米酒变酸的过程涉及了氧化反响D．石油裂解和油脂皂化都有高分子生成小分子的过程【答案】C【解析】乙烷是饱和烃，不能发生加聚反响，A错；蛋白质水解的最终产物是氨基酸，故B错；酒精生成酸的过程发生了氧化反响，故C正确；油脂不是高分子化合物，故D错。[2022·北京卷理综8]以下说法正确的选项是A．的结构中含有脂基B．顺－2－丁烯和反－2－丁烯的加氢产物不同C．1mol葡萄糖可水解生成2mol乳酸(C3H6O3)D．油脂和蛋白质都是能发生水解反响的高分子化合物【答案】A[2022·福建卷理综8]以下关于有机化合物的认识不正确的选项是A．油脂在空气中完全燃烧转化为水和二氧化碳B．蔗糖、麦芽糖的分子式都是C12H22O11，二者互为同分异构体C．在水溶液里，乙酸分子中的－CH3可以电离出H＋D．在浓硫酸存在下，苯与浓硝酸共热生成硝基苯的反响属于取代反响【答案】C【解析】在水溶液里，只有乙酸分子中的—COOH才可以电离出H＋，电离方程式是CH3COOH⇌H++CH3COO－。[2022·广东卷理综7]以下说法正确的选项是A．纤维素和淀粉遇碘水均显蓝色B．蛋白质、乙酸和葡萄糖均属电解质C．溴乙烷与NaOH乙醇溶液共热生成乙烯D．乙酸乙酯和食用植物油均可水解生成乙醇【答案】C【解析】此题考察常见有机物的结构和性质。只有淀粉遇碘水才显蓝色，A错误；在水溶液里或熔融状态下能够导电的化合物叫做电解质。蛋白质属于高分子化合物，是混合物，不是电解质，而葡萄糖属于非电解质，只有乙酸才属于电解质，B不正确；溴乙烷属于卤代烃，在NaOH乙醇溶液中共热发生消去反响，生成乙烯，C正确；食用植物油属于油脂，油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯，水解生成的醇是丙三醇即甘油，D不正确。[2022·山东卷理综11]以下与有机物结构、性质相关的表达错误的选项是A．乙酸分子中含有羧基，可与NaHCO3溶液反响生成CO2B．蛋白质和油脂都属于高分子化合物，一定条件下都能水解C．甲烷和氯气反响生成一氯甲烷，与苯和硝酸反响生成硝基苯的反响类型相同D．苯不能使溴的四氯化碳溶液褪色，说明苯分子中没有与乙烯分子中类似的碳碳双键【答案】B【解析】乙酸属于一元羧酸，酸性强于碳酸的，所以可与NaHCO3溶液反响生成CO2，A正确；油脂是高级脂肪酸的甘油酯，属于酯类，但不属于高分子化合物，选项B不正确；甲烷和氯气反响生成一氯甲烷，以及苯和硝酸反响生成硝基苯的反响都属于取代反响，C正确；只有分子中含有碳碳双键就可以与溴的四氯化碳溶液发生加成反响，从而使之褪色，D正确。[2022·北京卷理综7]以下说法不正确的选项是A．麦芽糖及其水解产物均能发生银镜反响B．用溴水即可鉴别苯酚溶液、2,4－已二烯和甲苯C．在酸性条件下，CH3CO18OC2H5的水解产物是CH3CO18OH和C2H5OHD．用甘氨酸(H2N－CH2－COOH)和丙氨酸(CH3－CH(NH2)－COOH)缩合最多可形成4种二肽【答案】C【解析】麦芽糖属于复原性糖可发生银镜反响，麦芽糖的水解产物是葡萄糖，葡萄糖也属于复原性糖可发生银镜反响，A正确；苯酚和溴水反响生成白色沉淀，2,4-已二烯可以使溴水褪色，甲苯和溴水不反响，但甲苯可以萃取溴水中的溴，甲苯的密度比水的小，所以下层是水层，上层是橙红色的有机层，因此可以鉴别，B正确；酯类水解时，酯基中的碳氧单键断键，水中的羟基与碳氧双键结合形成羧基，所以CH3CO18OC2H5的水解产物是CH3COOH和C2H518OH，因此选项C不正确；两个氨基酸分子〔可以相同，也可以不同〕因此甘氨酸和丙氨酸混合缩合是既可以是自身缩合〔共有2种〕，也可是甘氨酸提供氨基，丙氨酸提供羧基，或者甘氨酸提供羧基，丙氨酸提供氨基，所以一共有4种二肽，即选项D正确。[2022·上海卷化学]某物质的结构为，关于该物质的表达正确的选项是A．一定条件下与氢气反响可以生成硬脂酸甘油酯B．一定条件下与氢气反响可以生成软脂酸甘油酯C．与氢氧化钠溶液混合加热能得到肥皂的主要成分D．与其互为同分异构且完全水解后产物相同的油脂有三种【答案】C【解析】从其结构简式可以看出，该物质属于油脂，且相应的高级脂肪酸各部相同，因此选项A、B均不正确，而选项C正确；与其互为同分异构且完全水解后产物相同的油脂有两种。[2022·海南卷化学2]以下说法正确的选项是A．食用白糖的主要成分是蔗糖B．小苏打的主要成分是碳酸钠C．煤气的主要成分是丁烷D．植物油的主要成分是高级脂肪酸【答案】A【解析】小苏打的主要成分是碳酸氢钠，苏打的主要成分是碳酸钠，B选项错；煤气的主要成分是CO和H2，液化石油气的主要成分是丁烷，C选项错；植物油的主要成分是高级脂肪酸的甘油酯，D选项错。[2022·福建卷理综7]以下关于有机物的表达正确的选项是A．乙醇不能发生取代反响B．C4H10有三种同分异构体C．氨基酸、淀粉均属于高分子化合物D．乙烯和甲烷可用溴的四氯化碳溶液鉴别【答案】D【解析】A是考有机反响类型，乙醇与钠反响可认为是取代反响，乙醇与HBr反响，酯化反响等都是取代反响。B是考同分异构体，丁烷有两种同分异构体。C是考高分子化合物，氨基酸不是高分子化合物。D是考有机物的鉴别。[2022·山东卷理综10]以下与有机物的结构、性质有关的表达正确的选项是A．苯、油脂均不能使酸性KMnO4，溶液褪色B．甲烷和Cl2的反响与乙烯和Br2的反响属于同一类型的反响C．葡萄糖、果糖的分子式均为C6H12O6，二者互为同分异构休D．乙醇、乙酸均能与Na反响放出H2，二者分子中官能团相同【答案】C【解析】油脂中的不饱和高级脂肪酸的甘油酯含有双键，能使酸性KMnO4溶液褪色，A项错误;甲烷和氯气的反响属于取代反响，而乙烯和Br2的反响属于加成反响，B项错误；葡萄搪和果糖的分子式相同，但结构不同，互为同分异构体，C项正确；乙醇、乙酸中的官能团分别为羟基、羧基，D项错误。[2022·北京卷理综11]以下说法正确的选项是A．天然植物油常温下一般呈液态，难溶于水，有恒定的熔点、沸点B．麦芽糖与蔗糖的水解产物均含葡萄糖，故二者均为复原型二糖、C．假设两种二肽互为同分异构体，那么二者的水解产物不一致D．乙醛、氮乙烯和乙二醛均可作为合成聚合物的单体【答案】Ｄ【解析】植物油是混合物，没有固定的熔沸点，Ａ错误；蔗糖是非复原性糖，Ｂ错误；甘氨酸和丙氨酸之间缩水可以形成两种二肽互为同分异构体，但水解产物相同，Ｃ错误。[2022·上海卷化学2]以下关于化石燃料的加工说法正确的选项是A．石油裂化主要得到乙烯B．石油分馏是化学变化，可得到汽油、煤油C．煤干馏主要得到焦炭、煤焦油、粗氨水和焦炉气D．煤制煤气是物理变化，是高效、清洁地利用煤的重要途径【答案】C[2022·广东卷理综7]以下说法正确的选项是A．糖类化合物都具有相同的官能团B．酯类物质是形成水果香味的主要成分C．油脂的皂化反响生成脂肪酸和丙醇D．蛋白质的水解产物都含有羧基和羟基【答案】Ｂ【解析】葡萄糖的官能团是羟基和醛基，而果糖的官能团是羟基和羰基，A错误；酯类一般都是易挥发具有芳香气味的物质，Ｂ正确；油脂在碱性条件水解生成高级脂肪酸盐和甘油，称之为皂化反响，Ｃ错误；蛋白质的水解产物是氨基酸，氨基酸的官能团是羧基和氨基，Ｄ错误。[2022·四川卷理综1]化学与生活密切相关，以下说法不正确的选项是A．二氧化硫可广泛用于食品的漂白B．葡萄糖可用于补钙药物的合成C．聚乙烯塑料制品可用于食品的包装D．次氯酸钠溶液可用于环境的消毒杀菌【答案】A【解析】SO2可被人体吸收进入血液，对全身产生毒性作用，它能破坏酶的活力，影响人体新陈代谢，对肝脏造成一定的损害，慢性毒性试验显示，SO2有全身性毒作用，故不可用于食物漂白。A错。葡萄糖酸钙常被用做补钙剂，B正确；聚乙烯可做食品的包装，而聚氯乙烯不可，C正确；“84〞消毒液的有效成分就是NaClO，可用于环境消毒，D正确。[2022·山东卷理综7]化学与生活密切相关，以下说法正确的选项是A．聚乙烯塑料的老化是由于发生了加成反响B．煤经过气化和液化等物理变化可以转化为清洁燃料C．合成纤维、人造纤维及碳纤维都属于有机高分子材料D．利用粮食酿酒经过了淀粉→葡萄糖→乙醇的化学变化过程【答案】D【解析】聚乙烯塑料的老化是因为被氧化所致，A选项错；煤的气化是化学变化，B错；碳纤维是碳的单质，C错；用粮食酿酒时，先在糖化酶作用下水解为葡萄糖，然后在酵母作用下转变为酒精，都是化学变化。D正确。[2022·福建卷理综7]以下关于有机化合物的说法正确的选项是A．乙酸和乙酸乙酯可用Na2CO3溶液加以区别B．戊烷(C5H12)有两种同分异构体C．乙烯、聚氯乙烯和苯分子均含有碳碳双键D．糖类、油脂和蛋白质均可发生水解反响【答案】A【解析】A项，乙酸中参加碳酸钠溶液有气泡产生，乙酸乙酯中参加碳酸钠溶液会分层，正确；B项，戊烷有三种同分异构体，分别是正戊烷、异戊烷、新戊烷，错；C项，聚氯乙烯无碳碳双键，苯分子的碳碳化学键是介于碳碳单键和碳碳双键之间的一类特殊的化学键，错；D项，糖类中的单糖不能发生水解，错。[2022·全国新课标Ⅱ卷理综7]在一定条件下，动植物油脂与醇反响可制备生物柴油，化学方程式如下:＋3R’OH＋动植物油脂短链醇生物柴油甘油以下表达错误的选项是.A．生物柴油由可再生资源制得B．生物柴油是不同酯组成的混合物C．动植物油脂是高分子化合物D．“地沟油〞可用于制备生物柴油【答案】C【赏析】动植物油脂不是是高分子化合物。[2022·海南卷化学7]〔双选〕以下有关物质水解的说法正确的选项是A．蛋白质水解的最终产物是多肽B．淀粉水解的最终产物是葡萄糖C．纤维素不能水解成葡萄糖D．油脂水解产物之一是甘油【答案】BD【解析】A.蛋白质水解的最终产物是氨基酸。错误。B．淀粉首先水解得到麦芽糖，再继续水解，最终水解得到的错误是葡萄糖。正确。C.纤维素是多糖，能发生水解反响，最终水解成葡萄糖。错误。D.油脂是高级脂肪酸的甘油酯。在酸性条件下水解得到高级脂肪酸和甘油，在碱性条件下水解得到根据脂肪酸钠和甘油，因此水解产物之一是甘油。正确。[2022·福建卷理综6]以下关于乙醇的说法不正确的选项是A．可用纤维素的水解产物制取B.可由乙烯通过加成反响制取C．与乙醛互为同分异构体D.通过取代反响可制取乙酸乙酯【答案】C【解析】A．纤维素的水解产物为葡萄糖，葡萄糖发酵可生成乙醇，方程式为C6H12O6→2C2H5OH+2CO2↑，故A正确；B．乙烯和水发生加成反响可生成乙醇，方程式为C2H4+H2O→C2H5OH，故B正确；C．乙醇和乙醛的分子式不同，分别为C2H6O、C2H4O，二者不是同分异构体，故C错误；D．乙醇和乙酸在浓硫酸作用下加热可生成乙酸乙酯，故D正确．[2022·福建卷理综7]以下关于有机化合物的说法正确的选项是〔〕A．聚氯乙烯分子中含碳碳双键B．以淀粉为原料可制取乙酸乙酯C．丁烷有3种同分异构体D．油脂的皂化反响属于加成反响【答案】B[2022·广东卷理综7]化学是你，化学是我，化学深入我们生活，以下说法正确的选项是A．木材纤维和土豆淀粉遇碘水均显蓝色B．食用花生油和鸡蛋清都能发生水解反响C．包装用材料聚乙烯和聚氯乙烯都属于烃D．PX工程的主要产品对二甲苯属于饱和烃【答案】B【解析】[2022·海南卷化学1]以下物质中，其主要成分不属于烃的是A．汽油B．甘油C．煤油D．柴油【答案】B【解析】甘油为丙三醇，是醇类，不是烃，其余各项都为烃类。应选B。[2022·全国新课标I卷理综9]以下关于有机化合物的说法正确的选项是〔〕A．2−甲基丁烷也称为异丁烷B．由乙烯生成乙醇属于加成反响C．C4H9Cl有3种同分异构体D．油脂和蛋白质都属于高分子化合物【答案】B【解析】A、2-甲基丁烷，其结构简式为，共5个碳，习惯命名法应该为异戊烷，故A错误。B、乙烯生成乙醇的反响方程式为：，符合加成反响的定义，故B正确。C、有4种同分异构体，分别为、、、，故C错误。D、高分子化合物要求分子量在10000以上，油脂是高级脂肪酸甘油酯，不属于高分子化合物，故D错误。[2022·全国新课标III卷理综8]以下说法错误的选项是A．乙烷室温下能与浓盐酸发生取代反响B．乙烯可以用作生产食品包装材料的原料C．乙醇室温下在水中的溶解度大于溴乙烷D．乙酸在甲酸甲酯互为同分异构体【答案】A【解析】A、乙烷和浓盐酸不反响，故错误；B、乙烯可以制成聚乙烯，用于食品包装，故正确；C、乙醇含有亲水基羟基，能溶于水，而溴乙烷不溶于水，故正确；D、乙酸和甲酸甲酯的分子式相同，结构不同，是同分异构体，故正确。[2022·天津卷理综2]以下对氨基酸和蛋白质的描述正确的选项是()A．蛋白质水解的最终产物是氨基酸B．氨基酸和蛋白质遇重金属离子均会变性C．α－氨基丙酸与α－氨基苯丙酸混合物脱水成肽，只生成2种二肽D．氨基酸溶于过量氢氧化钠溶液中生成的离子，在电场作用下向负极移动【答案】A【解析】A．蛋白质是各种氨基酸通过缩聚反响生成的高分子化合物，水解的最终产物是氨基酸，正确；B．氨基酸遇重金属离子反响不属于变性，错误；C．α－氨基丙酸与α－氨基苯丙酸混合物脱水成肽，可以生成4种二肽(α－氨基丙酸与α－氨基苯丙酸可以形成2种、α－氨基丙酸与α－氨基丙酸1种、α－氨基苯丙酸与α－氨基苯丙酸1种)，错误；D．氨基酸溶于过量氢氧化钠溶液中生成酸根阴离子，带负电荷，在电场作用下向正极移动，错误，应选A。[2022·浙江卷理综11]以下说法正确的选项是A．按系统命名法，的名称为2，5，6－三甲基－4－乙基庚烷B．常压下，正戊烷、异戊烷、新戊烷的沸点依次增大C．肌醇与葡萄糖的元素组成相同，化学式均为C6H12O6，满足Cm(H2O)n，因此，均属于糖类化合物D．1.0mol的最多能与含5.0molNaOH的水溶液完全反响【答案】D【解析