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文档简介
2020-2021学年四川省成都市龙泉驿区高一(下)期末化
学试卷
1.2022年成都大运会办赛理念为“绿色、智慧、活力、共享”,提倡“健康生活、
积极运动”是大运会的宗旨和目的。下列有关说法不正确的是()
A.把环境保护作为大运会设施规划和建设的首要条件
B.鼓励观众乘坐公共交通工具、骑行自行车等到赛场观看比赛
C.尽可能佩戴口罩,防止新冠病毒等交叉感染
D.体育场馆建设尽可能使用天然材料,不使用合成材料
2.下列叙述正确的是()
A.符合Cn(H2O)m通式的一定属于糖类
B.疫苗一般应冷藏存放,以避免蛋白质变性
C.植物油氢化过程中发生了取代反应
D.葡萄糖和蔗糖属于同系物,淀粉和纤维素互为同分异构体
3.下列化学用语正确的是()
A.乙醛的结构简式:CH3COH
B.次氯酸的结构式:H-C1-0
C.原子核内有18个中子的氯原子:3scl
D.NH3的电子式:
4.下列性质比较中不正确的是()
A.还原性:F->Cl->Br-
B.熔点:A12O3>A1CI3>HC1
C.碱性:KOH>Ca(OH)2>Mg(OH)2
D.氧化性:Fe3+>Fe2+>Mg2+
5.化石燃料对人类社会的发展具有十分重要的作用。下列说法正确的是()
A.化石燃料十分重要,要尽可能地开发利用
B.天然气是一种清洁的化石燃料,也可用作化工原料合成氨和生产甲爵等
C.煤气化为气体燃料可减少二氧化碳的排放,避免出现温室效应
D.石油分馈可得到乙烯、丙烯、甲烷等重要化工基本原料
6.能用来鉴别苯、己烯和乙醇的是()
A.金属钠B.氢氧化钠溶液
C.漠水D.饱和Na2cO3溶液
7.以乙烯为原料生产环氧乙烷。其经典方法是氯代乙醇法,它包括两步反应:
(T)CH2=CH2+Cl2+H2oTCICH2CH2OH+HC1
②C1CH2cH20H+HC1+Ca(0H)2+CaCl2+2H2O
现代方法中石油化工采用银作催化剂,一步完成,其反应的化学方程式为:
Ag()、
2cH2=CH2+02-^2H.C——CH,°
比较上述两种方法,下列说法不正确的是()
A.现代方法原子利用率更高
B.经典方法更易腐蚀设备
C.经典方法生产成本更高
D.两种方法中都运用了加成、取代反应原理
8.已知化学反应Az(g)+B2(g)=2AB(g)的能量变化曲
线如图所示。
下列叙述不正确的是能量()
A.反应物的总能量低于生成物的总能量
B.生成ImolAB需吸收(a-b)kj的热量
C.A2(g)+B2(g)=2AB(g)AH=+(a-b)kj-moL
D.加入催化剂不会改变该反应的反应热
CH—CH—COOH
9.丙氨酸的结构简式为,下列有关该物质的叙述正确的是()
NH.
A.只有一种官能团—COOH
B.与乙酸互为同系物
C.某些蛋白质分子中含有-CONH-,则丙氨酸在一定条件下能发生分子间反应
D.Imol该物质与足量的碳酸钠溶液反应生成44.0gCC)2
10.NA为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是()
A.标准状况下,11.2!36。2和iso2的混合气体中含有I.ONA个氧原子
B.17gOH-和17g-0H所含电子数均为I.ONA
C.16gCH4与Ck在光照条件下反应,生成的CH3cl分子数为I.ONA
D.38.0g正丁烷和20.0g异丁烷的混合物中共价键数目为12M
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11.下列判断正确的是()
A.酸性H2s03>H2c。3,则硫元素的非金属性比碳元素强
B.向含有Ag+、CM+的溶液中加入足量的Fe粉,先析出Ag,后析出Cu,则金属性
Fe>Cu>Ag
C.向某无色溶液中加入少量BaCk溶液,有白色沉淀产生,则该溶液中一定含有
soi-
D.相同质量的Al和Fe与足量的稀盐酸反应,A1放出的“多,则A1的金属性比Fe强
-1
12.已知:2cH30H(g)+02(g)=2CO2(g)+4H2(g)AH=+380kJ-mol,下列说法正
确的是()
A.CH30H的燃烧热为190kJ-mol-1
B.该反应能说明CO2比CH30H稳定
C.CO2(g)+2H12(g)=CH30H(g)+102(g)AH=-190kJ•mol
D.由于题设没有条件限制,所以反应中的能量变化与反应体系的温度和压强无关
13.X、Y、Z均为短周期元素,Xa+、丫(a+D+、Z-简单离子的电子层结构相同,下列说
法正确的是()
A.原子序数:X>Y>Z
B.离子半径:Xa+>丫(a+i)+>Zb-
C.Xa+的氧化性一定大于丫(a+D+
D.X与Z可能形成既含离子键又含共价键的化合物
14.航天飞机用铝粉与高氯酸铁的混合物为固体燃料,点燃时铝粉氧化放热引发高氯酸
一分解,其反应为:2NH4C104(S)=N2(g)+Cl2(g)+202(g)+4H20(g)AH<0,
下列叙述错误的是()
A.化合反应一定是放热反应,分解反应一定是吸热反应
B.在该反应中,NH4CIO4既是氧化剂,又是还原剂
C.从能量变化看,整个反应过程主要是化学能转变为热能和动能
D.NH4c分解瞬间产生大量的高温气体推动航天飞机飞行
15.下列由实验得出的结论正确的是()
实验结论
产生的气体中一
将石蜡油加强热后产生的气体持续通入酸性KMnCU溶液中,溶
A定含有乙烯和丙
液最终变为无色
烯
乙酸的酸性小于
B用乙酸较长时间持续浸泡水壶中的水垢,水垢最终溶解消除
碳酸的酸性
油脂皂化生成有
C向油脂皂化后的溶液中滴入酚献试液,溶液变红色
碱
蔗糖溶液在稀硫酸存在下水浴加热一段时间后,加氢氧化钠溶蔗糖一定发生了
D
液调溶液至碱性,再加入银氨溶液混合加热,有光亮的银生成水解
A.AB.BC.CD.D
16.常温下,Imol化学键分解成气态原子所需能量用E表示,结合表中信息,下列说法
正确的是()
共价键H-HH-FH-ClH-IF-F
E(kJ-mol-1)436568432298157
A.上述共价键中F-F最稳定
B.断裂H-F需要吸收568kJ的热量
C.298kJ•mol_1<E(H-Br)<432kJ-mol-1
-1
D.H2(g)+F2(g)=2HF(g)AH=+543kJ-mol
17.2021年6月17日,我国神舟十二号载人飞船成功发射,中国空间站和国际空间站将
同时在轨运营,此举开创了国际航天事业的新篇章,制造神舟十二号载人飞船的材
料中含有的主族元素W、X、Y、Z,分布在三个短周期中,其原子序数依次增大,X、
Z同主族,X的最外层电子数是W和丫的最外层电子数之和,它们的单质中只有丫的单
质为金属,能与NaOH溶液反应。下列叙述正确的是()
A.原子半径大小顺序为Z>Y>X>W
B.Z的氧化物为酸性氧化物,能与水反应生成对应的酸
C.W与X形成的化合物分子都呈正四面体结构
D.Z单质可广泛应用于制造光电池、芯片等
18.有机物A的分子式为C2H型可发生如下转化。已知B、D是生活中的两种常见有机物。
下列说法不正确的是()
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H,0。2。2
.催化剂,CuA催化剂△)?
A.有机物E的结构简式为CH3COOCH2cH3
B.由有机物B生成C的化学方程式为:CH3cH20H+0CHC00H+H0
2△32
C.用饱和Na2cO3溶液可鉴别B、D、E
D.由B、D制备E时常用浓硫酸作催化剂和吸水剂
19.短周期元素W、X、丫和Z在周期表中的相对位置如表所示,这四种元素原子的最外
层电子数之和为21,下列分析正确的是()
WXY
Z
A,氢化物的沸点:X<Y
B.化合物的熔点:WX2>ZX2
C.XY2中X的化合价为+2
D.ZX2与W单质反应能生成WX2气体
20.海洋约占地球表面积的70%,对其开发利用具有广阔的前景。对于下列流程说法错
误的是()
A.粗盐中含有的SOt需依次加入BaCk溶液、Na2c。3溶液、稀HC1除去
B.苦卤中提澳反应的离子方程式为2Br++Cl2=Br2+2Cr
C.工业上“试剂1”最好选择石灰乳
D.工业上电解熔融的MgO可冶炼金属Mg
21.已知①C(s)+02(g)=CO2(g)△H=-393.5kJ/mol
②2H2(g)+02(g)=2H20(1)AH=-571.6kJ/mol
(3)CH3COOH(1)+2O2(g)=2CO2(g)+2H2O(1)△H=-870.3kJ/mol
则2c(s)+2H2(g)+02(g)=CH3C00H(l)fi<jAH值为()
A.-488.3kJ-mol-1B.+488.3kJ-mol-1
C.—996.6kJ-mol-1D.+244.15kJ-mol-1
22.A、B、C、D、E为原子序数依次增大的五种短周期主族元素。其中A的原子半径在
短周期主族元素中是最小的:B的阴离子与C的阳离子具有相同的电子层结构,两元
素的单质反应,能生成一种淡黄色的固体甲:D的L层电子数等于K、M两个电子层
上电子数之和。
回答下列问题:
(1)E元素在周期表中的位置为;固体甲的电子式为o
(2)D、E的简单氢化物中,最稳定的是(填化学式),B的简单氢化物沸点较
高,其原因是°B、C、D、E的简单离子的离子半径由大到小的顺序为(
填离子符号).
(3)A、C、D能形成CAD的化合物,该化合物中存在的化学键有;A、C能形
成离子化合物乙,写出物质乙与水反应的化学方程式。
(4)A、B、C、D能组成两种均含该四种元素的化合物,这两种化合物在水溶液中能
发生反应,其反应的离子方程式为=
23.当今,塑料制品的大量生产与使用给环境造成了严重的“白色污染”,亟需寻找有
效途径予以治理。某些废旧塑料可采用如图所示方法进行处理:将废弃塑料隔绝空
气加强热(加热装置略),使其变成有用的物质。已知对废弃塑料加强热得到的产物
有氢气、甲烷、乙烯、丙烯、苯、甲苯、炭等。
回答下列问题:
(1)试管B中收集到的产品有;C处的现象是;D处点燃的气体除可用
作燃料外,还可以(任写另一种用途)。
(2)乙烯、丙烯都是生产塑料的主要原料,其中丙烯的结构简式为;在一定
条件下,由乙烯生产聚乙烯的化学方程式为。
(3)苯、甲苯都是重要的化学试剂与化工原料。实验室可用苯制备漠苯,其实验装
置如图所示。
①圆底烧瓶中发生的有机反应化学方程式为,反应类型为。
②装置b中CC〉的作用是,装置c中Na2cO3溶液的作用是。
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(4)甲苯在一定条件下与溪反应能生成C7H7Br的有机化合物,该有机化合物属于芳
24.某化学课外兴趣小组设计了如下实验装置,用来比较乙酸、碳酸和硅酸的酸性强弱。
回答下列问题:
(1)装置甲、装置乙中所盛药品分别是、o
(2)装置C中发生反应的离子方程式为。
(3)得出的实验结论是。
(4)若去掉装置B进行实验,能否得出上述实验结论?(填“能”或“否”),
理由是o
(5)利用去掉B后的装置来比较Cl、C和Si的非金属性,装置甲中盛放的药品是
(填溶质的化学式):得出的结论是
25.已知:H+(aq)+OH-(aq)=H2O(1)AH=-57.3kJ/moL现用如图所示装置测定中
和热。
回答下列问题:
(1)碎泡沫塑料的作用是;若将A换为“铜丝搅拌棒”测得的AH将!
填“偏大”、“偏小”或“不变”)。
(2)若用0.1molBa(0H)2配制成稀溶液,与足量的稀硝酸反应,放出的热量为
______kJ。
26.2021年5月29日天舟二号货运飞船成功发射,为中国空间站进一步开展在轨建造奠
定了坚实基础,该飞船由长征七号遥三运载火箭搭载。长征七号遥三运载火箭使用
煤油为燃料。
(1)煤油的主要成分为J2H26,已知34gg2H26完全燃烧生成气态水时放出1386.2kJ
热量;H2O(g)=H2O(1)AH=-44.0kJ/moL则表示煤油燃烧热的热化学方程式为
(2)前期的火箭曾用液态肺(N2HQ与双氧水反应来提供能量。已知0.4mol液态脱与
足量的双氧水反应,生成氮气和水蒸气,放出256.7kJ的热量,则此反应的热化学
方程式为。
27.将氧化铁还原为铁的技术在人类文明进步中占据十分重要的地位。高炉炼铁中发生
的部分反应为:
①C(s)+O2(g)=CO2(g)AH=-393.5kJ/mol
②双值)+C(s)=2co(g)AH=+172.46kJ/mol
⑴已知2Fe(s)+|()2(g)=Fe2O3(s)AH=-824.21kJ/mol,则高炉内Fe2。?被CO还
原为Fe的热化学方程式为。
(2)碳(s)在氧气不足的情况下燃烧,会生成CO,但同时也有部分生成CO2,因此无
法通过实验直接测得反应:C(s)+|02(g)=CO(g)的AH,计算时需要测得的实验数
据有。若根据上述信息可计算出该反应的AH=kJ/moL
28.锡、鸨、锦和稀土并称为中国的四大战略资源,工业上主要以锡石(主要成分为SnCh,
还含有WO3、SiO2,S、Cu、Pb、Fe等杂质)为原料制备金属锡,其主要工艺流程如
下:
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查阅资料可知:铝酸钙(CaWOD难溶于水,Sn、Pb在化合物中主要呈现+2、+4两
种化合价。
回答下列问题:
(1)氧化焙烧时加快反应速率的方法有(任填一种),气体甲的主要成分是
(填化学式)。
(2)在固体1中加入10%Na2c溶液并进行熔烧,其目的是将W元素转化为可溶性盐
分离出来,已知该过程中不涉及氧化还原反应,则溶液A中含W元素的溶液的溶质
是(填化学式);固体2中Pb元素的化合价为。
(3)固体3通过还原冶炼可得到粗锡,若使用焦炭在高温条件下进行,其反应原理与
二氧化硅和碳反应相似,则还原制得锡的化学方程式为。
(4)SM+具有强还原性,在酸性条件易被空气中的。2氧化,其反应的离子方程式为
(5)通过下列过程可以测定粗锡中锡的纯度:将粗锡样品溶于盐酸中得到SnCk溶液,
再加入过量的FeCh溶液转化为,然后用已知浓度的KzCrzO7溶液去滴定生成
的Fe?+。现有粗锡样品0.613g,经上述各步反应后,共用去O.lOOmol/LKzCr?。7溶
液16.0mL,则该粗锡样品中锡的质量分数为(假设杂质不参与反应)。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解:A.依照办赛理念,环境保护确实是大运会设施规划和建设的首要条件,故
A正确;
B.减少私家车出行,乘坐公共交通工具、骑行自行车等可有效减少污染物的排放,符合
办赛理念,故B正确;
C.尽可能佩戴口罩可以有效的阻断新冠病毒等交叉感染,故C正确;
D.使用合成材料不影响场馆建设过程中的绿色环保性,故D错误;
故选:Do
办赛理念是环保、低碳、健康。
本题主要考查环境保护和绿色化学,侧重考查学生解决实际问题的能力,试题比较简单。
2.【答案】B
【解析】解:A.符合Cn(H20)m通式的物质不一定为糖类化合物,如甲醛C&0、乙酸C2H4。,
故A错误;
B.温度高,蛋白质会变性,所以疫苗一般应冷藏存放,以避免蛋白质变性,故B正确;
C.植物油氢化过程涉及与氢气的加成反应,不是取代反应,故C错误:
D.同系物的官能团相同、官能团数目也相同,葡萄糖和蔗糖的官能团不同,不是同系物,
淀粉和纤维素的分子式相同,聚合度不同,不是同分异构体,故D错误;
故选:Bo
A.符合Cn(HzO)m通式的物质不一定为糖类化合物;
B.温度高,蛋白质会变性;
C.植物油含有碳碳双键,与氢气发生加成反应;
D.同系物的官能团相同、官能团数目也相同,分子式相同结构不同的互为同分异构体。
本题考查了物质的性质及用途、常见有机物的结构与性质,为高频考点,把握物质的性
质、发生的反应、性质与用途的关系为解答的关键,侧重分析与应用能力的考查,注意
化学与生活的联系,题目难度不大。
3.【答案】C
【解析】解:A.醛基中H直接连在C上,乙醛的结构简式为CH3cH0,故A错误;
B.HC10中0原子分别与H、C1形成共价键,其结构式为H—O-Cl,故B错误;
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C.表示原子时,将质子数表示在元素符号左下角,质量数表示在左上角,含18个中子的
氯原子的质量数为35,表示为衿C1,故C正确;
D.氨气中N原子上有一对孤电子对,氨气的电子式为H:R:H,故D错误;
故选:Co
A.醛基中H直接连在C上;
B.HC10中0原子分别与H、C1形成共价键;
C.表示原子时,将质子数表示在元素符号左下角,质量数表示在左上角;
D.氨气中N原子上有一对孤电子对。
本题考查化学用语的表示方法,涉及电子式、原子的表示方法等,侧重于学生的分析能
力和灵活运用能力的考查,有利于学生养成规范使用化学用语的习惯,题目难度不大。
4.【答案】A
【解析】解:A.非金属性:还原性:F>Cl>Br,则简单阴离子的还原性:F-<Cl-<BL,
故A错误;
B.AI2O3形成的晶体为离子晶体,A1C13,HC1形成的晶体为分子晶体,则AI2O3的熔点最
高,相对分子质量越大分子晶体的熔点越高,则AlCb的熔点大于HQ,所以熔点:A12O3>
A1C13>HCL故B正确;
C.金属性:K>Ca>Mg,则最高价氧化物对应水化物的碱性:KOH>Ca(OH)2>
Mg(0H)2,故C正确;
D.金属性:Mg>Fe,则氧化性:Fe2+>Mg2+,Fe3+的氧化性大于Fe?+,则氧化性:
Fe3+>Fe2+>Mg2+,故D正确;
故选:Ao
A.非金属性越强,简单阴离子的还原性越弱;
B.离子晶体的熔点大于分子晶体,相对分子质量越大分子晶体的熔点越高:
C.金属性越强,最高价氧化物对应水化物的碱性越强;
D.金属性越强,简单阳离子的氧化性越强,铁离子的氧化性大于亚铁离子。
本题考查元素周期律的应用,为高频考点,明确元素周期律的内容为解答关键,试题侧
重考查学生灵活应用基础知识的能力,题目难度不大。
5.【答案】B
【解析】解:A.石油是不可再生资源,不能无尽的开采,故A错误;
B.天然气不仅是清洁燃料,还是一种重要的化工产品,可合成氨和生产甲醇等,故B正
确;
C煤气化为气体燃料.,碳的质量没有减少,故二氧化碳的排放没有减少,故C错误;
D.石油裂解可得到乙烯、丙烯,不是分储得到,故D错误:
故选:B»
A.石油是不可再生资源;
B.天然气不仅是清洁燃料,还是一种重要的化工产品;
C.煤气化为气体燃料,碳的质量没有减少;
D.石油裂解可得到乙烯、丙烯。
本题考查有机物的应用,为高考高频考点,把握有机物的组成、有机反应等为解答的关
键,侧重分析与应用能力的考查,题目难度不大。
6.【答案】C
【解析】解:A.苯、己烯和乙醇三种物质中只有乙醇能与金属钠反应产生无色气体,其
余均不反应,无法鉴别,故A错误;
B.乙爵与氢氧化钠溶液互溶,苯、己烯与氢氧化钠溶液分层,有机层均在上层,无法鉴
别,故B错误;
C.苯能萃取溪水中的澳单质,且有机层即澳的苯溶液层在上层,己烯能使滨水褪色,乙
醇与澳水互溶,三者现象不同,能鉴别,故C正确;
D.苯、己烯与饱和Na2cO3溶液分层,有机层在上层,乙醇与饱和Na2cO3溶液互溶,无
法鉴别,故D错误;
故选:Co
A.乙醇能与金属钠反应产生无色气体,其余均不反应;
B.乙醇与氢氧化钠溶液互溶,苯、己烯与氢氧化钠溶液分层,有机层均在上层;
C.苯能萃取滨水中的浪单质,且有机层即澳的苯溶液层在上层,己烯能使淡水褪色,乙
醇与滨水互溶;
D.苯、己烯与饱和Na2«)3溶液分层,有机层在上层,乙醇与饱和Na2c。3溶液互溶。
本题考查有机物的性质,侧重考查学生基础知识的掌握情况,试题难度中等。
7.【答案】D
第12页,共26页
【解析】解:A.现代方法符合“原子经济性”,原子利用率高,故A正确;
B.经典方法会产生HC1对设备具有腐蚀性,故B正确;
C.经典方法有副产物生成,成本更高,故C正确;
D.经典方法涉及了加成反应和取代反应,现代方法涉及氧化反应,故D错误;
故选:Do
根据题给信息可知,与经典方法相比,现代方法的突出优点有①不需要使用有毒气体
氯气,②原子利用率高,③反应只需要一步完成,据此分析作答即可。
本题主要考查了学生的阅读信息的能力,分析能力,比较能力,属于高考常考题型和高
频考点,难度不大。
8.【答案】B
【解析】解:A.由图知,该反应中反应物的总能量低于生成物的总能量,故A正确;
B.由图可知,该反应是吸热反应,是变△H=+(a—b)kJ/moLA2(g)+B2(g)#2AB(g)△
H=4-(a-b)kj/mol,即每生成ImolAB(g)时吸收g(a-b)kj能量,故B错误;
C.图可知,该反应是吸热反应,焰变△H=+(a-b)kj/mol,则Az(g)+B2(g)W2AB(g)△
H=+(a-b)kj/mol,故C正确;
D.催化剂能降低反应活化能,不能改变反应热,故D正确;
故选:B。
A.根据图中信息即可判断;
B.反应热AH=反应物能量总和-生成物能量总和,写出热化学方程式并且进行计算;
C.反应热△H=反应物能量总和-生成物能量总和;
D.催化剂能降低反应活化能。
本题主要考查反应中的能量变化,侧重考查学生读图、析图的能力,把握反应中能量变
化为解答的关键,此题难度中等。
9.【答案】C
【解析】解:A,丙氨酸含有—NHz、-COOH两种官能团,故A错误;
B.丙氨酸含有氨基,而乙酸没有氨基,含有的官能团种类不同,二者不是同系物,故B
错误;
C.丙氨酸在一定条件下能发生分子间反应形成肽键,故C正确;
D.丙氨酸与足量的碳酸钠溶液反应生成碳酸氢钠,没有二氧化碳生成,故D错误;
故选:Co
A.该有机物含有一NH2、-COOH;
B.同系物具有相同种类和数目的官能团,且碳原子数不同;
C.氨基与竣基之间脱水可以形成肽键;
D.丙氨酸与足量的碳酸钠溶液反应生成碳酸氢钠,没有二氧化碳生成。
本题考查有机物的结构与性质,熟练掌握官能团的结构、性质与转化,理解同系物的内
涵与外延,题目侧重考查学生分析能力、灵活运用知识的能力。
10.【答案】A
【解析】解:A.求标况下11.2L混合气体的物质的量n==0.5mol,而和18。?
N/moi
均为双原子分子,故0.5mol气体中含氧原子为NA个,故A正确;
B.OH-和一0H的摩尔质量均为17g/moL贝l」17gOH-和17g-OH均为ImoL但0H一和一OH
分别含10个和9个电子,故含有的电子个数分别为IONA个和9必个,故B错误;
C.CH4与Cl?在光照条件下的反应为链锁反应,不止生成CH3CI,还生成二氯甲烷、三氯
甲烷和四氯化碳,故得到的CH3cl分子数小于I.ONA,故C错误;
D.正丁烷和异丁烷的摩尔质量均为58g/mol,且均含13条共价键,则38.0g正丁烷和20.0g
异丁烷的混合物中共价键数目为鬻*x13xNA/mol=13NA,故D错误;
□og/moi
故选:A«
A.求出标况下11.2L混合气体的物质的量,然后根据16。2和18。2均为双原子分子来分析;
B.OH-和—0H的摩尔质量均为17g/moL但和—OH分别含10个和9个电子;
C.C*与在光照条件下的反应为链锁反应,不止生成CfQ;
D.正丁烷和异丁烷的摩尔质量均为58g/mol,且均含13条共价键。
本题考查阿伏加德罗常数的有关计算和判断,题目难度中等,注意掌握好以物质的量为
中心的各化学量与阿伏加德罗常数的关系。
11.【答案】B
【解析】解:A.元素最高价氧化物的水化物酸性越强,则元素非金属性越强,H2SO3不
是S的最高价含氧酸,酸性:H2S04>H2C03,可以说明硫元素的非金属性比碳元素强,
故A错误;
B.Ag+、CM+的溶液中加入足量的Fe粉,金属铁优先和氧化性强的离子(Ag+)反应,置
换出金属银,然后置换出金属铜,氧化性强的离子则单质的还原性弱,金属性弱,则金
第14页,共26页
属性Fe>Cu>Ag,故B正确;
C.溶液中加入少量BaC"溶液,有白色沉淀产生,白色的沉淀可以是硫酸根、亚硫酸领、
碳酸锁等,则该溶液中可能含有sot、SO歹、CO歹等离子,故C错误;
D.相同质量的A1和Fe与足量的稀盐酸反应,A1放出的出多,Fe放出的也少,这和金属性
的强弱之间没有联系,应该根据失电子的难易程度判断金属性强弱,故D错误;
故选:B»
A.元素最高价氧化物水化物酸性越强,则元素非金属性越强;
B.Ag+、C/+的溶液中加入足量的Fe粉,金属铁优先和氧化性强的离子反应,氧化性强
的离子单质的还原性弱,据此判断金属的活泼性;
C.溶液中加入少量Ba。2溶液,有白色沉淀产生,白色的沉淀可以是硫酸钢、亚硫酸领、
碳酸钢等:
D.金属和酸反应产生氨气的多少和金属性的强弱之间没有联系。
本题考查化学实验方案的评价,为高频考点,把握元素性质递变规律为解答的关键,侧
重分析与能力的考查,题目难度不大。
12.【答案】C
【解析】解:A.甲醇燃烧应生成二氧化碳和水,该反应生成氢气,不能计算燃烧热,故
A错误;
B.反应只能说明反应物总能量小于生成物总能量,不能确定CH3OH、CO2能量的大小,
则不能确定CH3OH、CO2稳定性,故B错误;
C.因2cH30H(g)+02(g)=2c02(g)+4H2(g)AH=+380kJ•moL,根据盖斯定律,则
CO2(g)+2H2(g)=CH30H(g)+i02(g)AH=-190kJ-moL,故C正确;
D.反应热是在一定温度、压强下测定,与反应体系的温度和压强有关,故D错误;
故选:Co
A.甲醇燃烧应生成二氧化碳和水,该反应生成氢气;
B.反应只能说明反应物总能量小于生成物总能量,不能确定CH3OH、电能量的大小;
C.因2cH30H(g)+02(g)=2c02(g)+4H2(g)AH=+380kJ-moL,根据盖斯定律可得;
D.反应热是在一定温度、压强下测定。
本题考查化学反应热能量,为高频考点,侧重于学生的分析能力的考查,注意知识的归
纳和整理是解题的关键,难度不大。
13.【答案】D
【解析】解:根据分析可知,核电荷数Y>X>Z,且X、丫处于同周期,Z处于Y、X的上
一周期,X、丫为金属元素,Z为非金属元素,
A.X、丫处于同周期,Z处于Y、X的上一周期,原子序数:Y>X>Z,故A错误;
B.核电荷数Y>X>Z,电子层结构相同核电荷数越大离子半径越小,则离子半径Z">
Xa+>丫(a+i)+,故B错误;
C.单质的还原性越强,离子的氧化性越弱,单质的还原性X>Y,离子氧化性Xa+<
丫(a+l)+,故C错误;
D.若X为Na、Z为0,则X与Z可形成既含极性共价键又含非极性共价键的化合物过氧化钠,
故D正确:
故选:D»
X、Y、Z均为元素周期表中前三周期元素,xa+、丫(a+l)+、Z"三种简单离子的电子层结
构相同,可知Z为第二周期的非金属元素,X、丫为第三周期的金属元素,且原子序数丫大
于X,金属性X大于Y,以此来解答。
本题考查原子结构与元素周期律,为高频考点,把握原子序数、离子结构来推断元素为
解答关键,侧重分析与应用能力的考查,注意规律性知识的应用,题目难度不大。
14.【答案】A
高产
【解析】解:A.化合反应不一定是放热反应,如c+c()2二2co属于吸热反应,故A错
误;
B.M2NH4CIO4—N2T+4H2O+C12T+2O2T中,N化合价升高,Cl元素的化合价降低,
所以NH4CIO4既是氧化剂又是还原剂,故B正确;
C.反应是放热的,在反应过程中,化学能转变为热能和动能,故C正确;
△
D.根据发生的反应:2NH4cIO4二%?+4H20+Cl2T+2O2T,化学能转变为热能和动
能,在NH4cIO,分解瞬间,产生大量的高温气体推动航天飞机飞行,故D正确:
故选:Ao
nj^2NH4C104—N21+4H20+Cl2T+2O2T中,N化合价升高,Cl元素的化合价降低,
所以NH4cIO,既是氧化剂又是还原剂,该反应放出大量的热量,反应物只有一种,产物
多种,属于分解反应,据此回答。
本题考查学生氧化还原反应的有关知识,注意反应的吸放热和反应类型之间的关系,知
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识的归纳和梳理是关键,难度不大。
15.【答案】D
【解析】解:A.不饱和烧都可使酸性高镭酸钾褪色,由操作和现象可知生成气体为不饱
和烧,不能确定产生的气体中一定含有乙烯和丙烯,故A错误;
B.用乙酸浸泡水壶中的水垢,说明乙酸能够生成碳酸,则乙酸的酸性大于碳酸的酸性,
故B错误;
C.向油脂皂化后的溶液中滴入酚酬试液变红色的溶液呈碱性,可能为碱,也可能是水解
显碱性的盐溶液,不能说明油脂皂化生成有碱,故C错误;
D.蔗糖为非还原性糖,由操作和现象可知水解生成还原性的葡萄糖,说明蔗糖一定发生
了水解,故D正确;
故选:D。
A.不饱和烧都可使酸性高铳酸钾褪色;
B.结合强酸制取弱酸原理分析;
C.滴入酚酷试液变红色的溶液呈碱性,可能为碱,也可能是水解显碱性的盐溶液;
D.蔗糖为非还原性糖,由操作和现象可知水解生成还原性糖。
本题考查化学实验方案的评价,为高频考点,把握物质的性质、混合物分离提纯、物质
检验、实验技能为解答的关键,侧重分析与实验能力的考查,注意实验的评价性分析,
题目难度不大。
16.【答案】C
【解析】解:A.键能越大,越稳定,则H-F最稳定,故A错误;
B.H-F键能为568kJ/moL断裂ImolH-F需要吸收568kJ的热量,故B错误;
C.非金属性越强,对应氢化物的键能越大,结合表中数据可知432kl-mor1>E(H-
Br)>298kJ-mol-1,故C正确;
D.H2(g)+F2(g)=2HF(g)AH=反应物键能总和一生成物键能总和=(436+157-2x
568)kJ/mol=-543kJ/moL故D错误;
故选:Co
A.键能越大,越稳定。
B.H-F键能为568kJ/mol,断开化学键吸收能量:
C.非金属性越强,对应氢化物的键能越大;
D.H2(g)+F2(g)=2HF(g)AH=反应物键能总和一生成物键能总和。
本题考查反应热与焙变,为高频考点,把握反应中能量变化、焰变计算为解答的关键,
侧重分析与应用能力的考查,注意键能与稳定性关系,题目难度不大。
17.【答案】D
【解析】解:根据分析可知,W为H元素、X为C元素、丫为Al、Z为Si,
A.电子层数越多半径越大,电子层数相同,原子序数大的半径小,原子半径大小顺序为
Y>Z>X>W,故A错误;
B.Z为Si,Z的氧化物为Si。2,为酸性氧化物,Si。?难溶于水,不能与水反应生成对应的
酸,故B错误;
C.Y、Z形成的化合物是烧,很多煌都不是正四面体结构,故C错误;
D.Z为Si,硅单质可广泛应用于制造光电池、芯片等,故D正确;
故选:D。
短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大,X、Z同主族,X的最外层电子数是W
和丫的最外层电子数之和,它们的单质中只有丫的单质为金属,能与NaOH溶液反应,则丫
为A1元素;主族元素W、X、Y、Z,分布在三个短周期中,则W为H,X的最外层电子数
是W和丫的最外层电子数之和,X、Z属于同主族,则X为C,Z为Si元素,据此进行解答。
本题考查原子结构与元素周期律的关系,题目难度不大,推断元素为解答关键,注意掌
握元素周期律内容、元素周期表结构,试题培养了学生的分析能力及逻辑推理能力。
18.【答案】B
【解析】解:A.根据分析,有机物E的结构简式为CH3COOCH2cH3,故A正确;
B.由有机物B生成C的化学方程式为:2cH3cH20H+022CH3CHO+2H2。,故B错误;
A
C.乙酸与碳酸钠反应生成二氧化碳,有气体生成,乙醇与碳酸钠溶液互溶,而乙酸乙酯
与碳酸钠溶液不互溶,溶液分层,现象各不相同,可以进行鉴别,故C正确;
D.乙酸乙酯制备中浓H2sO,作催化剂和吸水剂,故D正确;
故选:Bo
有机物A分子式为C2H4,A与水发生加成反应生成B,B可发生连续氧化反应,则A为CH?=
CH2,B为CH3cH2OH,B发生催化氧化生成C为CH3cH0,C进一步氧化生成D为CH3COOH,
乙酸与乙醇发生酯化反应生成E为CH3COOCH2cH3,以此来解答。
本题考查有机物的推断,为高频考点,把握有机物的结构与性质、有机反应、有机物的
相互转化为解答的关键,侧重分析与推断能力的考查,注意选项D中浓硫酸的作用,题
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目难度不大。
19.【答案】C
[解析]解:设W的最外层电子数为x,则X、Y、Z的最外层电子数分别为(x+2)、(x+3)、
X,由于这四种元素原子的最外层电子数之和为21,即4x+5=21,x=4;则W、X、丫、
Z分别为C、0、F、Si;
A.常温下,H2O是液体,HF是气体;氢化物的沸点:X>Y,故A错误;
B.常温下,CO?是气体,Si。2是固体;熔点:WX2<ZX2,故B错误;
C.XYz为OFZ,其中氧元素的化合价为+2价,故C正确;
DSC)2和C反应生成Si和C0,故D错误;
故选:Co
设W的最外层电子数为x,则X、Y、Z的最外层电子数分别为(x+2)、(x+3)、x,由于
这四种元素原子的最外层电子数之和为21,即4x+5=21,x=4;则W、X、Y、Z分
别为C、0、F、Si;
A.利用氢化物在常温的状态判断其沸点;
B.利用常温下的物质状态判断其熔点大小;
C.0F2中氧元素的化合价为+2价;
DS02和C反应生成C0气体;
本题利用各元素在周期表中的位置推知元素,题目比较简单。考查物质的物理、化学性
质。
20.【答案】D
【解析】解:A.粗盐中含有的S0『需依次加入BaCk溶液除去硫酸根离子、加入Na2c。3溶
液除去过量的钢离子、过滤后加入稀HQ除去过量的碳酸钠,故A正确;
B.氯气能将滨离子氧化为溟单质,从苦卤中提取Br2的反应的离子方程式为:2BL+
Cl2=2C1-+Br2,然后采用萃取的方法从溶液中获取浪,故B正确;
C.燃烧贝壳得到CaO,将CaO溶于水得到石灰乳,石灰乳和镁离子反应生成氢氧化镁沉
淀,试剂1廉价且原料来源广泛,故C正确;
D.氧化镁熔点很高,氯化镁熔点较氧化镁低,电解氧化镁冶炼镁增加成本,所以工业上
采用电解熔融氯化镁的方法冶炼镁,故D错误;
故选:D»
海水分离得到粗盐和苦卤,苦卤中加入稀硫酸通入氯气,氧化澳离子生成澳单质,除去
分液分离出溟单质,水溶液中加入试剂1为氢氧化钙,沉淀镁离子,过滤得到氢氧化镁
沉淀,受热分解生成氧化镁,
A.粗盐中含有的SO/需依次加入Bad2溶液除去硫酸根离子、Na2c溶液除去过量的馔
离子、稀HQ除去过量的碳酸钠;
B.氯气具有强氧化性,能将嗅离子氧化为澳单质:
C.石灰乳和镁离子反应生成氢氧化镁沉淀;
D.工业上电解熔融氯化镁冶炼镁。
本题考查了海水资源的开发和利用,涉及氧化还原反应、除杂、金属的冶炼等知识点,
明确物质的性质是解本题关键,知道根据金属活动性强弱选取合适的冶炼方法,题目难
度不大。
21.【答案】A
【解析】解:已知①C(s)+02(g)=CO2(g)△H=-393.5kJ/mol
②2H2(g)+02(g)=2H20(l)△H=-571.6kJ/mol
(3)CH3COOH(1)+2O2(g)=2CO2(g)+2H2O(1)△H=-870.3kJ/mol
根据盖斯定律,①x2+②+③可得2c(s)+2H2(g)+02(g)=CH3COOH(1)△H=
(一393.5kJ/mol)x2+(-571.6kJ/mol)-(-870.3kJ/mol)=-488.3kJ/moL
故选:A«
已知①C(s)+02(g)=CO2(g)△H=-393.5kJ/mol
②2H2(g)+02(g)=2H2O(1)△H=-571.6kJ/mol
(3)CH3COOH(1)+2O2(g)=2CO2(g)+2H2O(1)△H=-870.3kJ/mol
根据盖斯定律,①x2+②+③可得2c(s)+2H2(g)+O2(g)=CH3(X)0H。),以此计
算其焙变。
本题考查用盖斯定律进行有关反应热的计算,为高频考点,把握盖斯定律的内容为解答
关键,试题侧重考查学生的分析能力及化学计算能力,题目难度不大。
22.【答案】第三周期第VHA族HC1水分间存在氢键S2->CP>
2
0->Na+离子键和共价键(或极性共价键)NaH+H20=NaOH+H2THSO3+
+
H=H2O+SO2T
【解析1解:由题意可知,A、B、C、D、E分别为H、0、Na、S、Cl;
(1)C1元素在周期表中的位置为第三周期第VHA族,固体甲为Naz。2,其电子式为
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故答案为:第三周期第VHA族;N.-[:o:o:]:N.*;
(2)D、E的简单氢化物分别为HQ和&S,非金属越强,氢化物越稳定,故最稳定的是HC1,
B的简单氢化物为电0,沸点较高,其原因是水分间存在氢键。B、C、D、E的简单离子
分别为。2-、Na+、S2-,C1-,电子层数越多,离子半径越大;电子层数相同,核电荷
数越小,离子半径越大;故离子半径由大到小的顺序为S2->C「>02->Na+,
故答案为:HC1;水分间存在氢键;S2->Cr>O2->Na+;
(3)化合物CAD为NaHS,Na+和HS」之间存在离子键,HS―中H原子核S原子间存在极性共
价键,故该化合物中存在的化学键有离子键和共价键(或极性共价键);A、C能形成离子
化合物乙为NaH,其与水反应的化学方程式NaH+H20=NaOH+H2T,
故答案为:离子键和共价键(或极性共价键);NaH+H20=NaOH+H2T;
(4)A、B、C、D能组成两种均含该四种元素的化合物分别为NaHSC)3和NaHSO"这两种
化合物在水溶液反应的离子方程式为HSO]+H+=H20+S02T,
+
故答案为:HSO3+H=H20+S02TO
A的原子半径在短周期主族元素中是最小的,则A为H;B的阴离子与C的阳离子具有相同
的电子层结构,两元素的单质反应,能生成-一种淡黄色的固体甲可知,B为0,C为Na;
D的L层电子数等于K、M两个电子层上电子数之和,则D为S;
(1)C1元素在周期表中的位置C1元素在周期表中的位置和Naz。2的电子式;
(2)非金属越强,氢化物越稳定;分子间作用力对氢化物沸点的影响;电子层数越多,
离子半径越大;电子层数相同,核电荷数越小,离子半径越大;
(3)复杂型离子化合物中含有离子键和共价键;NaH与水反应的化学方程式;
(4)酸式盐之间反应的离子方程式。
本题考查位置、结构与性质,为高频考点,题目难度不大。侧重考查元素周期律的相关
知识,注意规律性知识及化学用语的使用。
23.【答案】苯、甲苯有气泡产生,淡水褪色还原剂CH2=CHCH3nCH2=CH2催3剂
-ECH,—CH,i+的------+HBr取代反应吸收澳蒸气吸
收HBr气体4
【解析】解:(1)常温下苯和甲苯为液态,所以在试管B收集到的产品是苯和甲苯;乙烯
和丙烯会与漠水发生加成反应而褪色;D处气体是氢气,具有还原性,
故答案为:苯和甲苯;有气泡产生,浪水褪色;还原剂;
(2)丙烯的分子式为C3H6,含有一个双键,故结构简式为:CH2=CHCH3;乙烯发生加
聚反应生成聚乙烯的化学方程式为:式心=CH?催2剂一(:比-(:氏、,
故答案为:CH2=CHCH3;nCHz=CH2催2剂三CH,(:H,
(3)①实验室由澳和苯在溪化铁的催化剂作用下发生取代反应生成溪苯
②四氯化碳的作用是吸收漠蒸气,碳酸钠和产生的演化氢发生反应,
故答案为:吸收澳蒸气;吸收HBr气体;
(4)甲苯分子中含有4种H原子,其一溟代物有4种,
故答案为:4。
(1)苯和甲苯的沸点较低,泽尔试管B收集到的产品是苯和甲苯,烯烽会使溪水褪色;D处
气体是氢气;
(2)丙烯的分子式为C3H6,乙烯发生加聚反应生成聚乙烯,据此写出反应的化学方程式;
(3)①浪和苯在溪化铁的催化作用下生成漠苯;
②四氯化碳的作用是吸收漠蒸气;碳酸钠和产生的溟化氢发生反应;
(4)有几种氢原子就有几种一浪代物。
本题考查有机物结构与性质等知识,题目难度中等,掌握基本概念和基本反应为解答关
键,试题培养了学生的分析能力。
24.【答案】乙酸饱和碳酸氢钠溶液H20+C02+SiOg=H2SiO3i+C0"酸性:乙
酸〉碳酸〉硅酸否乙酸具有挥发性,也能使硅酸钠转化为硅酸;HC104非金属性:
Cl>C>Si
【解析】解:(1)先用醋酸与碳酸钠反应
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