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广东省广州市大学附属中学2021-2022学年高三物理上学期期末试题含解析一、选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意1.图甲为一女士站在台阶式自动扶梯上匀速上楼(忽略扶梯对手的作用),图乙为一男士站在履带式自动扶梯上匀速上楼,两人相对扶梯均静止.下列关于力做功判断正确的是()A.甲图中支持力对人做正功 B.甲图中摩擦力对人做负功C.乙图中支持力对人做正功 D.乙图中摩擦力对人做负功参考答案:A【考点】功的计算.【分析】甲图中支持力方向竖直向上,不受摩擦力,乙图中支持力垂直斜面,摩擦力沿斜面向上,根据支持力和摩擦力的方向与速度方向的关系确定做功情况【解答】解:AB、图甲中,人匀速上楼,不受静摩擦力,摩擦力不做功,支持力向上,与速度方向为锐角,则支持力做正功,故A正确,B错误.CD、图乙中,支持力与速度方向垂直,支持力不做功,摩擦力方向与速度方向相同,做正功.故CD错误.故选:A2.下列描述的运动中可能存在的是A.速度为正,加速度为负B.速度越来越小,加速度越来越大C.速度变化方向为正,加速度方向为负D.速度变化越来越快,加速度越来越小参考答案:AB3.如右图所示,A、B两物体的重力分别是GA=3N、GB=4N,A用悬绳挂在天花板上,B放在水平地面上,A、B间的轻弹簧上的弹力F=2N,则绳中张力F1和B对地面的压力F2的可能值分别为A.7N和10N

B.5N和2N

C.1N和6N

D.2N和5N参考答案:BC4.如图所示,两根相同的轻弹簧S1、S2劲度系数都为k=4×102N/m,悬挂重物的质量分别为m1=2kg,m2=4kg,取g=10m/s2,则静止时S1、S2的伸长量分别为(

)A.5cm,10cm

B.10cm,5cmC.15cm,10cm

D.10cm,15cm参考答案:C5.质量为m的小球带电量为+q,由长为l的绝缘绳系住,在竖直向上场强为E的匀强电场中,为使小球在竖直平面内做完整的圆周运动,则在小球运动的过程中A.如果Eq>mg,最大速度不能大于B.如果Eq>mg,最大速度不能小于C.如果Eq<mg,最小速度不能大于D.如果Eq<mg,最小速度不能小于参考答案:B二、填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分6.如图所示,一弹簧振子在M、N间沿光滑水平杆做简谐运动,坐标原点O为平衡位置,MN=8cm.从小球经过图中N点时开始计时,到第一次经过O点的时间为0.2s,则小球的振动周期为________s,振动方程的表达式为x=________cm。参考答案:0.8

(1)从小球经过图中N点时开始计时,到第一次经过O点的时间为0.2s,故有:T=4×0.2s=0.8s(2)简谐运动,从正向最大位移处开始计时,其位移时间关系公式为:x=Acosωt;A=4cm;所以,位移时间关系公式为:7.在均匀介质中选取平衡位置在同一直线上的9个质点,相邻两质点间的距离均为0.1m,如图(a)所示.一列横波沿该直线向右传播,t=0时到达质点1,质点1开始向下运动,振幅为0.4m,经过时间0.6s第一次出现如图(b)所示的波形.该列横波传播的速度为___________________;写出质点1的振动方程_______________.参考答案:解:由图可知,在0.6s内波传播了1.2m,故波速为

(2分)

该波周期为T=0.4s,振动方程为,代入数据得8.(5分)如图所示,质量为m,横截面为直角三角形的物块ABC,∠ABC=α,AB边靠在竖直墙面上,F是垂直于斜面BC的推力,现物块静止不动,则摩擦力的大小为

。参考答案:答案:mg+Fsinα9.利用水滴下落可以测出当地的重力加速度。调节水龙头,让水一滴一滴地流出,在水龙头的正下方放一盘子,调节盘子的高度,使一个水滴碰到盘子时恰好有另一水滴从水龙头开始下落,而空中还有两个正在下落中的水滴。测出水龙头到盘子间距离为,再用秒表测时间,以第一个水滴离开水龙头开始计时,到第个水滴落在盘中,共用时间为,则重力加速度。参考答案:)10.如下图所示,是某次利用气垫导轨探究加速度与力、质量关系的实验装置安装完毕后的示意图,图中A为沙桶和沙砂,B为定滑轮,C为滑块及上面添加的砝码,D为纸带,E为电火花计时器,F为蓄电池、电压为6V,G是开关,请指出图中的三处错误:(1)______________________________________________________________;(2)______________________________________________________________;(3)______________________________________________________________.参考答案:(1)定滑轮接滑块的细线应水平(或与导轨平行)(2)滑块离计时器太远(3)电火花计时器用的是220V的交流电,不能接直流电11.做匀变速直线运动的小车带动纸带通过打点计时器,打出的部分计数点如图所示.每相邻两计数点间还有四个点未画出来,打点计时器使用的是50Hz的低压交流电.(结果均保留两位小数)①相邻两计数点间的时间间隔是

s,打点计时器打“2”时,小车的速度v2=

m/s.②小车的加速度大小为________m/s2(要求用逐差法求加速度)③请你依据本实验原理推断第7计数点和第8计数点之间的距离大约是

cm参考答案:①

01

0.49

;②

0.88

;③

9.74

12.(4分)如图所示,放置在水平地面上的支架质量为M,一长为L的细线连接一小球后另一端固定在支架顶端的前面,现将细线拉至水平后无初速释放小球,小球将来回摆动,且此过程支架始终不动,则小球在最低位置时,支架对地面的压力大小为

。参考答案:

答案:(M+3m)g

13.如图,在匀强磁场中,单位长度质量为m0的“U型”金属导线可绕水平轴OO′转动,ab边长为L1,bc边长为L2.若导线中通以沿abcd方向的电流I,导线保持静止并与竖直方向夹角为θ,则磁场的磁感应强度至少为,此时方向为沿ba方向.参考答案:考点:安培力;力的合成与分解的运用;共点力平衡的条件及其应用.分析:先对导体棒受力分析,根据平衡条件并结合合成法得到安培力的最小值;然后结合安培力公式FA=BIL和左手定则分析.解答:解:对导体棒受力分析,受重力、安培力和拉力,如图所示:根据平衡条件,当安培力与ab边垂直向上时,安培力最小,为:FA=mgsinθ故磁感应强度为:B=sinθ根据左手定则,磁感线方向沿悬线向上故答案为:,沿ba方向点评:本题关键是先根据平衡条件确定安培力的最小值,然后结合左手定则分析磁感线的方向,基础题.三、简答题:本题共2小题,每小题11分,共计22分14.如图,一竖直放置的气缸上端开口,气缸壁内有卡口a和b,a、b间距为h,a距缸底的高度为H;活塞只能在a、b间移动,其下方密封有一定质量的理想气体。已知活塞质量为m,面积为S,厚度可忽略;活塞和汽缸壁均绝热,不计他们之间的摩擦。开始时活塞处于静止状态,上、下方气体压强均为p0,温度均为T0。现用电热丝缓慢加热气缸中的气体,直至活塞刚好到达b处。求此时气缸内气体的温度以及在此过程中气体对外所做的功。重力加速度大小为g。参考答案:试题分析:由于活塞处于平衡状态所以可以利用活塞处于平衡状态,求封闭气体的压强,然后找到不同状态下气体参量,计算温度或者体积。开始时活塞位于a处,加热后,汽缸中的气体先经历等容过程,直至活塞开始运动。设此时汽缸中气体的温度为T1,压强为p1,根据查理定律有①根据力的平衡条件有②联立①②式可得③此后,汽缸中的气体经历等压过程,直至活塞刚好到达b处,设此时汽缸中气体的温度为T2;活塞位于a处和b处时气体的体积分别为V1和V2。根据盖—吕萨克定律有④式中V1=SH⑤V2=S(H+h)⑥联立③④⑤⑥式解得⑦从开始加热到活塞到达b处的过程中,汽缸中的气体对外做的功为⑧故本题答案是:点睛:本题的关键是找到不同状态下的气体参量,再利用气态方程求解即可。15.图所示摩托车做腾跃特技表演,沿曲面冲上高0.8m顶部水平高台,接着以4m/s水平速度离开平台,落至地面时,恰能无碰撞地沿圆弧切线从A点切入光滑竖直圆弧轨道,并沿轨道下滑.A、B为圆弧两端点,其连线水平.已知圆弧半径为2m,人和车的总质量为200kg,特技表演的全过程中,空气阻力不计.(计算中取g=10m/s2.求:(1)从平台飞出到A点,人和车运动的水平距离s.(2)从平台飞出到达A点时速度大小及圆弧对应圆心角θ.(3)若已知人和车运动到圆弧轨道最低点O速度为6m/s,求此时人和车对轨道的压力.参考答案:(1)1.6m

(2)m/s,90°

(3)5600N【详解】(1)车做的是平抛运动,很据平抛运动的规律可得:竖直方向上:水平方向上:可得:.(2)摩托车落至A点时其竖直方向的分速度:到达A点时速度:设摩托车落地时速度方向与水平方向的夹角为,则:即,所以:(3)对摩托车受力分析可以知道,摩托车受到的指向圆心方向的合力作为圆周运动的向心力,所以有:

当时,计算得出.由牛顿第三定律可以知道人和车在最低点O时对轨道的压力为5600

N.答:(1)从平台飞出到A点,人和车运动的水平距离.(2)从平台飞出到达A点时速度,圆弧对应圆心角.(3)当最低点O速度为6m/s,人和车对轨道的压力5600

N.四、计算题:本题共3小题,共计47分16.(18分)质量的物块(可视为质点)在水平恒力F作用下,从水平面上A点由静止开始运动,运动一段距离撤去该力,物块继续滑行停在B点,已知A、B两点间的距离,物块与水平面间的动摩擦因数,求恒力F多大。()参考答案:解析:设撤去力F前物块的位移为,撤去力F时物块速度为,物块受到的滑动摩擦力

对撤去力F后物块滑动过程应用动量定理得

由运动学公式得

对物块运动的全过程应用动能定理

由以上各式得

代入数据,解得F=15N17.如图所示,在xoy平面内有以虚线OP为理想边界的匀强电场和匀强磁场区域,OP与x轴成45°角,OP与y轴之间的磁场方向垂直纸面向外,OP与x轴之间的电场平行于x轴向右,电场强度为E,在y轴上有一点M,到O点的距离为L,现有一个质量为m,带电量为+q的带电粒子从静止经电压为U的电场加速后从M点以垂直y轴的速度方向进入磁场区域(加速电场图中没有画出),不计带电粒子的重力,求(1)从M点进入匀强磁场的带电粒子速度的大小?(2)为使带电粒子刚好不能进入电场区域,则磁感应强度为B应为多大?(3)改变匀强磁场的磁感应强度的大小,使带电粒子沿y轴负方向进入匀强电场,则带电粒子从x轴离开电场时的位置到O点的距离为多少?参考答案:解:(1)从M点进入磁场的带电粒子速度的大小为v,根据动能定理得:qU=解得:v=(2)带电粒子刚好不能进入电场区域轨迹如题所示,设磁感应强度为B,由图可知:OM=R+=L

解得:R==由洛伦兹力提供向心力可得:qvB=m,解得:B=(﹣1)(3)由图可知带电粒子沿y轴负方向进入匀强电场时,在磁场中运动的轨道半径为,在电场中做类平抛运动,加速度a=,Y轴方向匀速运动,有:R1=vtX轴方向匀加速运动,有:x=联立解得:x=,到O点的距离为;答:(1)从M点进入匀强磁场的带电粒子速度的大小为;(2)为使带电粒子刚好不能进入电场区域,则磁感应强度为B应为(﹣1);(3)改变匀强磁场的磁感应强度的大小,使带电粒子沿y轴负方向进入匀强电场,则带电粒子从x轴离开电场时的位置到O点的距离为.【分析】(1)对加速过程根据动能定理列式求解即可;(2)粒子在磁场中做匀速圆周运动,画出临界轨迹,结合几何关系求解出轨道半径,然后结合

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