高中物理人教版1本册总复习总复习（省一等奖）2

2023学年山东省枣庄市滕州一中高二（上）段考物理试卷（12月份）一、选择题（本题共有10小题，每小题4分，共40分．其中第2、4、7、8、10小题仅有一个选项正确；第1、3、5、6、9小题有多个选项正确，全部选对的给4分，选对但不全的得2分，有选错的或不选的得0分）1．把长度L、电流I都相同的一小段电流元放入某磁场中的A、B两点，电流元在A点受到的磁场力较大，则（）A．A点的磁感应强度一定大于B点的磁感应强度B．A、B两点磁感应强度可能相等C．A、B两点磁感应强度一定不相等D．A点磁感应强度可能小于B点磁感应强度2．如图所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线1和2为等势线．a、b两个带电粒子以相同的速度从电场中M点沿等势线1的切线飞出，粒子仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示，则在开始运动的一小段时间内，以下说法不正确是（）A．a的电场力较小，b的电场力较大B．a的速度将减小，b的速度将增大C．a一定带正电，b一定带负电D．两个粒子的电势能均减小3．两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置，构成以平行板电容器，与它相连接的电路如图所示，接通开关K，电源即给电容器充电（）A．保持K接通，减小两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减小B．保持K接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的电量增大C．断开K，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小D．断开K，在两极板间插入一块介质，则极板上的电势差增大4．两个固定的点电荷分别固定于左右两侧，左侧电荷带电量为+Q1，右侧电荷带电量为﹣Q2，且Q1=4Q2，另取一个可自由移动的点电荷q，放在+Q1和﹣Q2的连线上，欲使q平衡，则q的带电性质及所处位置可能为（）A．负电，放在Q1的左方 B．负电，放在Q2的右方C．正电，放在Q1的左方 D．正电，放在Q2的右方5．+Q和﹣Q是两个等量异种点电荷，以点电荷+Q为圆心作圆，A、B为圆上两点，MN是两电荷连线的中垂线，与两电荷连线交点为O，下列说法正确的是（）A．A点的电场强度大于B点的电场强度B．电子在A点的电势能小于在B点的电势能C．把质子从A点移动到B点，静电力对质子做功为零D．把质子从A点移动到MN上任何一点，质子的电势能变化都相同6．如图所示电路中，电源内阻不可忽略，L1、L2两灯均正常发光，R1为定值电阻，R为一滑动变阻器，P为滑动片，若将滑动片向下滑动，则g（）A．L1灯变亮 B．L2灯变暗C．R1上消耗功率变大 D．总电流变小7．如图所示，圆形区域内有垂直纸面的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c，以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入磁场，其运动轨迹如图．若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法正确的是（）A．a粒子动能最大B．c粒子速率最大C．b粒子在磁场中运动时间最长D．它们做圆周运动的周期Ta＜Tb＜Tc8．两根平行通电直导线，电流方向相同，I1＜I2，初速度为v0的电子沿平行于两根导线的中间线方向射出，直导线中电流方向与电子的初始运动方向如图所示，则（）A．电子将向右偏转，速率不变 B．电子将向左偏转，速率改变C．电子将向左偏转，速率不变 D．电子将向右偏转，速率改变9．利用如图所示装置可以选择一定速度范围内的带电粒子．图中板MN上方是磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，板上有两条宽度分别为2d和d的缝，两缝近端相距为L．一群质量为m、电荷量为q，具有不同速度的粒子从宽度为2d的缝垂直于板MN进入磁场，对于能够从宽度d的缝射出的粒子，下列说法正确的是（）A．粒子带正电B．射出粒子的最大速度为C．保持d和L不变，增大B，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大D．保持d和B不变，增大L，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大10．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，滑动变阻器电阻为R，开关K闭合．两平行极板间有匀强磁场，一带电粒子（不计重力）正好以速度v匀速穿过两板．以下说法正确的是（）A．保持开关闭合，将a极板向下移动一点，粒子将一定向下偏转B．如果将开关断开，粒子将继续沿直线穿出C．保持开关闭合，将滑片p向上滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出D．保持开关闭合，将滑片p向下滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出二、填空题（本大题共20分，把答案填在题中的横线上）11．如图所示（1）如图1，游标卡尺的读数为cm．（2）如图2，螺旋测微器的读数为mm．（3）如图3，电压表的读数为V．（4）用多用电表粗测电阻时选用了“×100”的倍率，指针位置如图4，则电阻测量值为Ω．12．用以下器材测量一待测电阻的阻值．器材（代号）与规格如下：电流表A1（量程250mA，内阻r1为5Ω）；电流表A2（量程300mA，内阻r2约为5Ω）：电压表V1（量程50V，内阻r2约为50KΩ）；待测电阻Rx（阻值约为30Ω）滑动变阻器R0（最大阻值10Ω）电源E（电动势约为4V，内阻r约为lΩ）单刀单掷开关S，导线若干．①要求方法简捷，并能测多组数据，画出实验电路原理图，必须标明每个器材的代号．②实验中，需要直接测量的物理量及其表示该物理量的符号分别是（必须写出相应的文字和符号），用测得的量表示待测电阻RX的阻值的计算公式是Rx=．13．某同学利用电压表和电阻箱测定干电池的电动势和内阻，使用的器材还包括定值电阻（R0=5Ω）一个，开关两个，导线若干，实验原理图如图（a）．①在图（b）的实物图中，已正确连接了部分电路，请完成余下电路的连接．②请完成下列主要实验步骤；A．检查并调节电压表指针指零；调节电阻箱，示数如图（c）所示，读得电阻值是；B．将开关s1闭合，开关s2断开，电压表的示数是；C．将开关s2，电压表的示数是；断开开关s1．③使用测得的数据，计算出干电池的内阻是（计算结果保留二位有效数字）．④由于所有电压表不是理想电压表，所以测得的电动势比实际值偏（填“大”或“小”）．三、计算题（本大题共40分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14．如图所示，导轨间的距离L=，ab棒的质量m=1kg，物块重力G=3N，动摩擦因数μ=，电源的电动势E=10V，r=Ω，导轨的电阻不计，ab棒电阻也不计，问当R=Ω时，磁感应强度至少为多少才可将重物提起？15．如图所示，两个板间存在垂直纸面向里的匀强磁场，一带正电的质子以速度v0从O点垂直射入．已知两板之间距离为d，板长也为d，O点是NP板的正中点，为使粒子能从两板之间射出，试求磁感应强度B应满足的条件（已知质子带电荷量为q，质量为m）．16．如图所示，在xoy直角坐标系中，第Ⅰ象限内分布着方向垂直纸面向里的匀强磁场，第二象限内分布着方向沿y轴负方向的匀强电场．初速度为零、带电量为q、质量为m的离子经过电压为U的电场加速后，从x上的A点垂直x轴进入磁场区域，经磁场偏转后过y轴上的P点且垂直y轴进入电场区域，在电场偏转并击中x轴上的C点．已知OA=OC=d．不计重力．求；（1）粒子到达A点的速度；（2）磁感强度B和电场强度E的大小．17．如图所示，足够大的平行挡板A1、A2竖直放置，间距6L．两板间存在两个方向相反的匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ，以水平面MN为理想分界面，Ⅰ区的磁感应强度为B0，方向垂直纸面向外．A1、A2上各有位置正对的小孔S1、S2，两孔与分界面MN的距离均为L．质量为m、电量为+q的粒子经宽度为d的匀强电场由静止加速后，沿水平方向从S1进入Ⅰ区，并直接偏转到MN上的P点，再进入Ⅱ区，P点与A1板的距离是L的k倍，不计重力，碰到挡板的粒子不予考虑．（1）若k=1，求匀强电场的电场强度E；（2）若2＜k＜3，且粒子沿水平方向从S2射出，求出粒子在磁场中的速度大小v与k的关系式和Ⅱ区的磁感应强度B与k的关系式．

2023学年山东省枣庄市滕州一中高二（上）段考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共有10小题，每小题4分，共40分．其中第2、4、7、8、10小题仅有一个选项正确；第1、3、5、6、9小题有多个选项正确，全部选对的给4分，选对但不全的得2分，有选错的或不选的得0分）1．把长度L、电流I都相同的一小段电流元放入某磁场中的A、B两点，电流元在A点受到的磁场力较大，则（）A．A点的磁感应强度一定大于B点的磁感应强度B．A、B两点磁感应强度可能相等C．A、B两点磁感应强度一定不相等D．A点磁感应强度可能小于B点磁感应强度【考点】安培力．【分析】通电电流元在磁场中受到的磁场力与导线的放置方式有关，即F=BILsinθ，其中θ为电流元与磁场方向的夹角即可判断【解答】解：把长度L、电流I都相同的一小段电流元放入某磁场中的A、B两点，由于电流元的放置方式不同，故根据F=BILsinθ，其中θ为电流元与磁场方向的夹角，故受到的磁场力不同，无法判断磁场的大小，故BD正确，AC错误；故选：BD2．如图所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线1和2为等势线．a、b两个带电粒子以相同的速度从电场中M点沿等势线1的切线飞出，粒子仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示，则在开始运动的一小段时间内，以下说法不正确是（）A．a的电场力较小，b的电场力较大B．a的速度将减小，b的速度将增大C．a一定带正电，b一定带负电D．两个粒子的电势能均减小【考点】等势面；电势能．【分析】电场线的疏密代表电场的强弱，所以出发后的一小段时间内a受到的电场力变小，b受到的电场力变大；正电荷所受电场力的方向就是电场线的方向，而负电荷所受的电场力的方向与电场线的方向相反，由于场强方向未知故不能确定电荷的电性．根据动能定理，合外力做正功，动能增加．【解答】解：A、电场线的疏密代表电场的强弱，由图可知越向左场强越小，故a出发后的一小段时间内其所处的位置的场强越来越小，而b出发后的一小段时间内其所处的位置场强越来越大，但是a、b电荷量关系不清楚，故A错误；B、由于出发后电场力始终对电荷做正功，故两电荷的动能越来越大，故两个电荷的速度都将越来越大，故B错误；C、由于两电荷所受的电场力的方向相反，故a、b两粒子所带的电荷的电性相反，由于不知道场强的方向，故不能确定电场力的方向与场强方向的关系，所以不能确定ab两电荷的电性，故C错误；D、由于出发后电场力对两对电荷均做正功，所以两个粒子的电势能均减小，故D正确；本题选错误的，故选ABC．3．两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置，构成以平行板电容器，与它相连接的电路如图所示，接通开关K，电源即给电容器充电（）A．保持K接通，减小两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减小B．保持K接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的电量增大C．断开K，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小D．断开K，在两极板间插入一块介质，则极板上的电势差增大【考点】电容器的动态分析．【分析】电容器与电源相连，两极板间的电势差不变，通电后断开，则两极板上的电量不变；由平行板电容器电容C=，根据某些量的变化可知电容的变化，则由电容的定义式C=可知电压或电量的变化，由E=可求得电场强度的变化．【解答】解：A、保持K接通，电容器两板间的电势差U不变，因板间距离d减小，由E=可知，两极板间电场的电场场强增大，故A错误；B、保持K接通，两板间的电势差U不变，在两极板间插入介质后，电容C增大，由C=可知，极板上的电量增大，故B正确；C、断开K，两板上所带电量Q不变，减小距离d，电容C增大，由C=可知板间电势差U减小，故C正确；D、断开K，两板上所带电量Q不变，插入介质后电容C变大，由C=可知极板上的电势差U减小，故D错误；故选：BC．4．两个固定的点电荷分别固定于左右两侧，左侧电荷带电量为+Q1，右侧电荷带电量为﹣Q2，且Q1=4Q2，另取一个可自由移动的点电荷q，放在+Q1和﹣Q2的连线上，欲使q平衡，则q的带电性质及所处位置可能为（）A．负电，放在Q1的左方 B．负电，放在Q2的右方C．正电，放在Q1的左方 D．正电，放在Q2的右方【考点】库仑定律．【分析】由于Q1带正电荷，Q2带负电荷，根据同种电荷排斥，异种电荷吸引，要使q处于平衡状态，对其q受力分析，去判断所处的位置．【解答】解：设q所在位置与Q1的距离为r1，q位置与Q2的距离为r2，要能处于平衡状态，应有Q1对q的电场力大小等于Q2对q的电场力大小．即：=由于Q1=4Q2，解得：r1=2r2，所以q位于Q2的右方．根据同种电荷排斥，异种电荷吸引，可判断在此位置q带负电或带正电都可以保持静止．故选：BD．5．+Q和﹣Q是两个等量异种点电荷，以点电荷+Q为圆心作圆，A、B为圆上两点，MN是两电荷连线的中垂线，与两电荷连线交点为O，下列说法正确的是（）A．A点的电场强度大于B点的电场强度B．电子在A点的电势能小于在B点的电势能C．把质子从A点移动到B点，静电力对质子做功为零D．把质子从A点移动到MN上任何一点，质子的电势能变化都相同【考点】电场的叠加；电场强度；电势能．【分析】电场线越密的地方场强越大，电磁线越稀疏的地方场强越小，电场线与等势面相互垂直，电场线从高等势面指向低等势面，电场力做功等于电势能的变化量，根据电场线分布分析答题．【解答】解：等量异号电荷电场线分布如图所示：A、由图示电磁线分布可知，A处的电场线比B处的电场线稀疏，则A点的场强小于B点的场强，故A错误；B、电场线与等势面相互垂直，电场线从高等势面指向低等势面，由图示可知，A点所在等势面高于B点所在等势面，A点电势高于B点电势，电子带负电，则电子在A点的电势能小于在B点的电势能，故B正确；C、A、B两点电势不同，两点间的电势差不为零，把质子从A点移动到B点，静电力对质子做功不为零，故C错误；D、等量异号电荷连线的重锤线MN是等势线，A与MN上任何一点间的电势差都相等，把质子从A点移动到MN上任何一点，电场力做功都相等，质子的电势能变化都相同，故D正确；故选：BD．6．如图所示电路中，电源内阻不可忽略，L1、L2两灯均正常发光，R1为定值电阻，R为一滑动变阻器，P为滑动片，若将滑动片向下滑动，则g（）A．L1灯变亮 B．L2灯变暗C．R1上消耗功率变大 D．总电流变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】（1）从图可知，滑动变阻器的滑片向下滑动时，滑动变阻器的阻值变小，根据并联电路电阻的特点判断出电路中总电阻的变化，再根据欧姆定律判断总电流的变化，判断D是否符合题意．（2）根据并联电路的特点，依据各支路互不影响，从而判断出L1灯亮度的变化，判断A是否符合题意．（3）右边电路是先并后串，根据滑动变阻器的变化，从而可以判断电阻R1上功率的变化，判断C是否符合题意．（4）根据通过电阻R1电流的变化，判断出B灯和滑阻上电压的变化，再判断出L2灯实际功率的变化，从而判断出B灯亮度的变化，判断B是否符合题意．【解答】解：A、当滑片向下，滑动变阻器的阻值变小，那它与A灯并联的等效电阻变小，则电路的总电阻都会变小，而电源电动势不变，所以总电流变大，路端电压减小，所以L1灯变暗．故A错误．BCD、右边电路是先并后串，当滑动变阻器的阻值变小后，并联部分总阻值变小，分压变少，所以R1的分压变大，根据公式P=可知，电阻R1上的电功率变大，故C正确．因为电阻R1上的电流变大了，所以分压也就增加了，所以L2灯和滑阻上的电压就变小，根据公式P=可知，L2灯实际功率的变小，所以L2灯变暗，故B正确．故选：BC．7．如图所示，圆形区域内有垂直纸面的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c，以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入磁场，其运动轨迹如图．若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法正确的是（）A．a粒子动能最大B．c粒子速率最大C．b粒子在磁场中运动时间最长D．它们做圆周运动的周期Ta＜Tb＜Tc【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】三个质量和电荷量都相同的带电粒子，以不同的速率垂直进入匀强磁场中，则运动半径的不同，导致运动轨迹也不同．因此运动轨迹对应的半径越大，则粒子的速率也越大．而运动周期它们均一样，但运动时间却由圆弧对应的圆心角决定．【解答】解：粒子在磁场中做匀速圆周运动时，由洛伦兹力提供向心力，根据qvB=m，可得：r=．AB、由于三个带电粒子的质量、电荷量均相同，在同一个磁场中，当速度越大时、轨道半径越大，则知a粒子速率最小，c粒子速率最大．故A、B正确；CD、由于T=及t=T可知，三粒子运动周期相同，a在磁场中运动的偏转角最大，对应时间最长，故C错误、D错误．故选：B．8．两根平行通电直导线，电流方向相同，I1＜I2，初速度为v0的电子沿平行于两根导线的中间线方向射出，直导线中电流方向与电子的初始运动方向如图所示，则（）A．电子将向右偏转，速率不变 B．电子将向左偏转，速率改变C．电子将向左偏转，速率不变 D．电子将向右偏转，速率改变【考点】左手定则；平行通电直导线间的作用．【分析】根据安培定则判断出通电导体I1右侧的磁场方向向里，I2左侧的磁场方向向外，由于I1＜I2，然后判断出周围的磁场的大小与方向关系，最后根据左手定则判断出电子所受洛伦兹力的方向，即得出电子的偏转方向，注意应用左手定则时四指指向与电子运动方向相反，洛伦兹力不做功．【解答】解：根据安培定则判断出通电导体I1右侧的磁场方向向里，I2左侧的磁场方向向外，由于I1＜I2，所以电子所在处的磁场的方向向外，向左磁场减小，向右磁场强度增大．然后根据左手定则可知运动电子所受洛伦兹力向左，因此电子将向左偏转，洛伦兹力不做功，故其速率不变．故ABD错误，C正确．故选：C．9．利用如图所示装置可以选择一定速度范围内的带电粒子．图中板MN上方是磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，板上有两条宽度分别为2d和d的缝，两缝近端相距为L．一群质量为m、电荷量为q，具有不同速度的粒子从宽度为2d的缝垂直于板MN进入磁场，对于能够从宽度d的缝射出的粒子，下列说法正确的是（）A．粒子带正电B．射出粒子的最大速度为C．保持d和L不变，增大B，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大D．保持d和B不变，增大L，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；左手定则．【分析】由题意可知粒子的运动方向，则可知粒子的带电情况；由几何关系可知粒子的半径大小范围，则可求得最大速度；由洛仑兹力充当向心力可求得粒子的最大速度及最小速度的表达式，则可知如何增大两速度的差值．【解答】解：由左手定则可判断粒子带负电，故A错误；由题意知：粒子的最大半径、粒子的最小半径，根据，可得、，则，故可知B、C正确，D错误．故选BC．10．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，滑动变阻器电阻为R，开关K闭合．两平行极板间有匀强磁场，一带电粒子（不计重力）正好以速度v匀速穿过两板．以下说法正确的是（）A．保持开关闭合，将a极板向下移动一点，粒子将一定向下偏转B．如果将开关断开，粒子将继续沿直线穿出C．保持开关闭合，将滑片p向上滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出D．保持开关闭合，将滑片p向下滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出【考点】带电粒子在混合场中的运动．【分析】由题，电容器上板带正电，电场方向向下．带电粒子的电性不知道，可能带正电，也可能带负电．粒子在电场和磁场的复合场中运动，从分析电场力和洛伦兹力可判断粒子能否从下极板射出．【解答】解：A、开关闭合，a板下移，板间场强E=，U不变，d变小，E变大，电场力F=qE变大，与洛伦兹力不平衡，粒子将不再沿直线运动．故A错误．B、将开关断开，电容器放电，电场消失，粒子不再将直线运动．故B错误．C、开关闭合，将滑片P向上滑动一点，两板间电压变小，若粒子带负电，电场力方向向上，大小F=q减小，粒子有可能从下极板边缘射出．故C正确．D、开关闭合，将滑片P向下滑动一点，两板间电压变大，若粒子带正电，电场力方向向下，大小F=q增大，粒子将可能从下极板边缘射出．故D正确．故选：CD．二、填空题（本大题共20分，把答案填在题中的横线上）11．如图所示（1）如图1，游标卡尺的读数为cm．（2）如图2，螺旋测微器的读数为mm．（3）如图3，电压表的读数为V．（4）用多用电表粗测电阻时选用了“×100”的倍率，指针位置如图4，则电阻测量值为2200Ω．【考点】用多用电表测电阻；刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【分析】（1）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数；（2）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；（3）由图示表盘确定电压表量程与分度值，然后根据指针位置读出其示数；（4）欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数，根据图示读出欧姆表示数．【解答】解：（1）由图示游标卡尺可知，其示数为：20mm+6×==；（2）哟哟图示螺旋测微器可知，其示数为：9mm+×=；（3）由图示电压表可知，其量程为3V，分度值为，电压表示数为：；（4）测电阻时选择“×100”的倍率，由图示表盘可知，所测电阻阻值为：22×100=2200Ω；故答案为：（1）；（2）；（3）；（4）2200．12．用以下器材测量一待测电阻的阻值．器材（代号）与规格如下：电流表A1（量程250mA，内阻r1为5Ω）；电流表A2（量程300mA，内阻r2约为5Ω）：电压表V1（量程50V，内阻r2约为50KΩ）；待测电阻Rx（阻值约为30Ω）滑动变阻器R0（最大阻值10Ω）电源E（电动势约为4V，内阻r约为lΩ）单刀单掷开关S，导线若干．①要求方法简捷，并能测多组数据，画出实验电路原理图，必须标明每个器材的代号．②实验中，需要直接测量的物理量及其表示该物理量的符号分别是电流表A1、A2的读数为I1、I2（必须写出相应的文字和符号），用测得的量表示待测电阻RX的阻值的计算公式是Rx=．【考点】伏安法测电阻．【分析】（1）测电阻阻值应测出电阻两端电压与通过电阻的电流，现在没有电压表，可以把电流表与待测电阻并联，测出电流表电流然后由欧姆定律求出电阻两端电压，根据待测电阻阻值与滑动变阻器阻值间的关系确定滑动变阻器的接法，作出实验电路图．（2）求出电阻的计算公式，然后确定需要测量的量．由欧姆定律求出待测电阻阻值的表达式．【解答】解：（1）没有电压表A1与待测电阻并联，间接测量待测电阻两端电压，待测电阻阻值约为30Ω，滑动变阻器最大阻值为10Ω，为测出多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，实验电路图如图所示．（2）待测电阻阻值Rx==，实验需要测量的量为电流表A1、A2的读数为I1、I2；可知，待测电阻阻值：Rx=．故答案为：（1）电路图如图所示；（2）两电流表A1、A2的读数为I1、I2；13．某同学利用电压表和电阻箱测定干电池的电动势和内阻，使用的器材还包括定值电阻（R0=5Ω）一个，开关两个，导线若干，实验原理图如图（a）．①在图（b）的实物图中，已正确连接了部分电路，请完成余下电路的连接．②请完成下列主要实验步骤；A．检查并调节电压表指针指零；调节电阻箱，示数如图（c）所示，读得电阻值是20Ω；B．将开关s1闭合，开关s2断开，电压表的示数是；C．将开关s2闭合，电压表的示数是；断开开关s1．③使用测得的数据，计算出干电池的内阻是（计算结果保留二位有效数字）．④由于所有电压表不是理想电压表，所以测得的电动势比实际值偏小（填“大”或“小”）．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】①根据电路图连接实物电路图．②根据电阻箱的读数方法可得出电阻箱接入的电阻值；③开关s1闭合，开关s2断开时，电压表直接并联在电源两端，其示数即可电源的电动势；再将开关s2闭合时电压表的示数，利用闭合电路欧姆定律可得出电源的电动势；④根据闭合电路的欧姆定律可分析电压表内阻不是无穷大时的示数与真实值的大小关系．【解答】解：①根据图a所示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示．②电阻箱只有×10档位有示数为2，故电阻箱的接入电阻应为2×10=20Ω；③A、由题意可知，电源的电动势为，当接入电阻箱时，路端电压为；由电路欧姆定律可知电路中电流为：I==；则内电阻与R0之和为r+R0==Ω；故内电阻r=﹣5=Ω；C、将开关S2闭合，电压表的示数是；断开开关S1．④因电压表内阻不能忽略，故电路中电流存在，电压表示数为电源的输出电压，要比电动势要小；故答案为：①实物电路图如图所示；②20Ω；闭合；③；④小．三、计算题（本大题共40分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14．如图所示，导轨间的距离L=，ab棒的质量m=1kg，物块重力G=3N，动摩擦因数μ=，电源的电动势E=10V，r=Ω，导轨的电阻不计，ab棒电阻也不计，问当R=Ω时，磁感应强度至少为多少才可将重物提起？【考点】安培力．【分析】由闭合电路的欧姆定律求得回路中电流，根据F=BIL求得安培力；若要提起物块，摩擦力应该和物块重力同向．【解答】解：当R=Ω时，I==5A，由受力分析得，G+μmg=F…①ab受到的安培力为：F=BIL…②联立①②得，B=2T答：磁感应强度至少为2T才可将重物提起．15．如图所示，两个板间存在垂直纸面向里的匀强磁场，一带正电的质子以速度v0从O点垂直射入．已知两板之间距离为d，板长也为d，O点是NP板的正中点，为使粒子能从两板之间射出，试求磁感应强度B应满足的条件（已知质子带电荷量为q，质量为m）．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】粒子进入磁场中．由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得到半径公式r=，粒子的速度v越大，轨迹半径r越大．粒子从ab边射出磁场时，从a点射出，轨迹半径最小，对应的速度最小，从b点射出，轨迹半径最大，对应的速度最大，根据几何关系求出半径，再由牛顿第二定律求出对应的速度，即可得到速度的范围．【解答】解：第一种极端情况从M点射出，此时轨道的圆心为O′点，由平面几何知识可得：R2=d2+（R﹣d）2解得：R=d．而带电粒子在磁场中的轨道半径R，又为R=，所以有：B1==．第二种极端情况是粒子从N点射出，此时粒子正好运动了半个圆，其轨道半径为：R′=d．所以d=，B2=．综合上述两种情况，得：≤B≤．答：磁感应强度B的大小范围≤B≤．16．如图所示，在xoy直角坐标系中，第Ⅰ象限内分布着方向垂直纸面向里的匀强磁场，第二象限内分布着方向沿y轴负方向的匀强电场．初速度为零、带电量为q、质量为m的离子经过电压为U的电场加速后，从x上的A点垂直x轴进入磁场区域，经磁场偏转后过y轴上的P