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山西省太原市重机中学2022-2023学年高一化学期末试题含解析一、单选题(本大题共15个小题,每小题4分。在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求,共60分。)1.有a、b、c、d四种金属,将a与b用导线连结起米浸入盐酸中,b不易腐蚀;将a、d分别投入等浓度的盐酸中,d比a反应剧烈;将Cu浸入b的盐溶液里,无明显变化;如果把Cu浸入c的盐溶液里,有c的单质析出。据此判断它们的活动性由强到弱的顺序是
A.d、b、a、c
B.b、a、d、c
C.d、a、b、c
D.d、c、a、b参考答案:C略2.将铝粉加入某溶液中有氢气放出,则该溶液中一定能大量共存的离子组是(
)A.K+、Ba2+、NO3-、SO42-
B.NH4+、Al3+、Cl-、SO42-C.K+、Na2+、HCO3-、SO42-
D.Na+、K+、SO42-、Cl-参考答案:D将少量铝粉加入某溶液中有氢气放出,则该溶液中存在大量H+或OH-。A、Ba2+与SO42-反应生成BaSO4沉淀,故A错误;B、NH4+、Al3+与OH-反应,在碱性环境下不能大量存在,故B错误;C、HCO3-与H+或OH-都反应,故C错误;D、四种离子之间不反应,都不与H+、OH-反应,故D正确。故选D。点睛:本题考查离子共存的判断,要掌握离子不能大量共存的一般情况:能发生复分解反应的离子之间;能发生氧化还原反应的离子之间等;还应该注意题目所隐含的条件,如:溶液的酸碱性,据此来判断溶液中是否有大量的H+或OH﹣;溶液的具体反应条件,如“氧化还原反应”、“加入铝粉产生氢气”;是“可能”共存,还是“一定”共存等。3.下列说法正确的是(
)A.同主族元素的单质从上到下,氧化性逐渐减弱,熔点逐渐升高B.单质与水反应的剧烈程度:F2>Cl2>Br2>I2C.元素非金属性越强,它的气态氢化物水溶液的酸性越强D.还原性:S2->Se2-参考答案:BA、碱金属从上到下熔点降低,而卤族元素的单质从上到下,氧化性逐渐减弱,熔点逐渐升高,错误;B、非金属性越强,对应单质与水反应越剧烈,则单质与水反应的剧烈程度F2>Cl2>Br2>I2,正确;C、非金属性越强,气态氢化物的热稳定性越强,错误;D、非金属性S>Se,对应离子的还原性为S2-<Se2-,错误;故选B。点睛:本题主要考查元素周期律的相关内容。①碱金属从上到下熔点降低;②非金属性越强,对应单质与水反应越剧烈,氢化物越稳定;③非金属性越强,对应离子的还原性越弱。
4.某有机物分子中含有两个CH3—,一个—CH2—,一个和一个—Cl,该有机物可能的结构简式有(
)A.1种
B.2种
C.3种
D.4种参考答案:B略5.砹是原子序数最大的卤族元素,推测砹的化合物不可能具有的性质是:(
)
A.砹是有色固体
B.HAt很稳定
C.AgAt难溶于水
D.砹易溶于某些有机溶剂参考答案:B略6.下列溶液的溶质都是强电解质,这些溶液中的Cl-浓度与50mL1mol·L-1MgCl2溶液中的Cl-浓度相等的是(
)
A.150mL1mol·L-1
NaCl溶液
B.75mL1mol·L-1
CaCl2溶液C.100mL1mol·L-1
KCl溶液
D.75mL1mol·L-1
AlCl3溶液参考答案:B略7.一定量的盐酸跟过量的铁粉反应时,为了减缓反应速率,且不影响生成氢气的总量,可向盐酸中加入适量的(
)①NaOH固体②H2O③NaCl固体④CH3COONa固体⑤KCl溶液A.①②
B.②③⑤
C.②④
D.②④⑤参考答案:D略8.下列各组在溶液中的反应,不管反应物量的多少,都只能用同一个离子方程式来表示的是A.FeBr2与Cl2
B.Ba(OH)2与H2SO4C.HCl与Na2CO3
D.Ca(HCO3)2与NaOH
参考答案:B略9.下列各组中的两组有机物不属于同分异构的是
()
A.葡萄糖与果糖
B.CH3CH2COOH和CH3COOCH3
C.正丁烷和异丁烷
D.淀粉和纤维素
参考答案:D略10.设NA为阿伏加德罗常数的值,下列说法正确的是A.将0.5molNH4NO3溶于稀氨水中,溶液呈中性,溶液中NH4+的数目为0.5NAB.将0.2molNH3充入密闭容器中,在一定条件下加热分解,生成N2的分子数为0.1NAC.足量的铜与50mL18mol/L的浓硫酸在加热条件下反应时,转移的电子数为0.9NAD.标准状况下,8.96L平均相对分子质量为3.5的H2与D2含有的中子数为0.3NA参考答案:AA.将0.5molNH4NO3溶于稀氨水中,溶液呈中性,根据电荷守恒可知铵根的物质的量等于硝酸根的,因此溶液中NH4+的数目为0.5NA,A正确;B.将0.2molNH3充入密闭容器中,在一定条件下加热分解,由于是可逆反应,生成N2的分子数小于0.1NA,B错误;C.足量的铜与50mL18mol/L的浓硫酸在加热条件下反应时硫酸浓度逐渐减小,稀硫酸和铜不反应,转移的电子数小于0.9NA,C错误;D.H2与D2的相对分子质量分别为2和4,根据十字交叉法可知H2与D2的物质的量之比为1:3,故8.96L即0.4mol的混合气体中H2的物质的量为0.1mol,而D2的物质的量为0.3mol,而H2中不含中子,D2中含2个中子,故0.3molD2中含0.6mol中子即0.6NA个,D错误,答案选A。11.油脂是多种高级脂肪酸的甘油脂。油脂的下列叙述和用途中,与其含有不饱和的碳碳双键有关的是A.油脂是产生能量最高的营养物质B.利用油脂在碱性条件下水解(皂化反应cellulose)可以制得甘油和肥皂C.植物油经过氢化(加氢),可以变成脂肪D.油脂是有机体组织里储存能量的重要物质参考答案:C略12.下列有关化学用语的表示方法中错误的是
A.Na2O2的电子式:
B.K+的结构示意图:
C.甲烷的比例模型:
D.丙烷分子的结构简式:CH3—CH2—CH3
参考答案:C13.1gCH4完全燃烧生成CO2和液态水时放出55.6kJ的热量,该反应的热化学方程式为()A.CH4(g)+2O2(g)═CO2(g)+2H2O(l)△H=﹣55.6kJ?mol﹣1B.CH4(g)+2O2(g)═CO2(g)+2H2O(g)△H=﹣55.6kJ?mol﹣1C.CH4(g)+2O2(g)═CO2(g)+2H2O(l)△H=﹣889.6kJ?mol﹣1D.CH4(g)+2O2(g)═CO2(g)+2H2O(g)△H=﹣889.6kJ?mol﹣1参考答案:C【考点】热化学方程式.【分析】燃烧热是指在25℃、101kPa下,1mol纯净物完全燃烧生成稳定的氧化物放出的热量,表示燃烧热的热化学方程式中可燃物的物质的量必须为1mol,产物必须为稳定氧化物.【解答】解:1gCH4完全燃烧生成液态水和CO2气体,放出55.6kJ的热量,则1mol即16gCH4完全燃烧生成液态水和CO2气体,放热为16×55.6kJ=889.6kJ,则甲烷燃烧热的热化学方程式为:CH4(g)+2O2(g)═CO2(g)+2H2O(l)△H=﹣889.6KJ?mol﹣1,故选C.14.下列离子方程式中,正确的是()A.稀硫酸滴在铜片上:Cu+2H+=Cu2++H2↑B.氧化镁与稀盐酸混合:MgO+2H+=Mg2++H2OC.铜片插入硝酸银溶液中:Cu+Ag+=Cu2++AgD.铁与稀硫酸反应2Fe+6H+=2Fe3++3H2↑参考答案:BA.稀硫酸滴在铜片上不发生反应,则不能写离子反应方程式,故A错误;B.氧化镁与稀盐酸混合的离子反应为MgO+2H+=Mg2++H2O,故B正确;C.铜片插入硝酸银溶液中的离子反应为Cu+2Ag+=Cu2++2Ag,故C错误;D.铁与稀硫酸反应的离子反应为Fe+2H+=Fe2++H2↑,故D错误;故选B.【点评】本题考查离子反应,明确发生的化学反应是解答本题的关键,注意电荷守恒的应用,选项A为易错点,题目较简单.15.下列各分子中所有原子都满足最外层为8电子结构的是A.BF3 B.H2S C.CCl4 D.PCl5参考答案:C【分析】如果化合物中元素原子的最外层电子数+化合价的绝对值=8,则该元素满足8电子稳定结构,否则不是。【详解】A项、BF3中硼原子最外层有6个电子,所以硼原子最外层不满足8电子稳定结构,故A不符合题意;B项、H2S分子中氢原子最外层有2个电子,所以氢原子不满足8电子稳定结构,故B不符合题意;C项、CCl4分子中碳原子和氯原子均满足8电子稳定结构,故C符合题意;D项、PCl5分子中磷原子最外层有10个电子,所以磷原子不满足8电子稳定结构,故D不符合题意。故选C。二、实验题(本题包括1个小题,共10分)16.掌握仪器的名称、组装及使用方法是中学化学实验的基础,下图为两套实验装置。⑴写出下列仪器的名称:①
;②
;④
;
⑵仪器①~④中,使用时必须检查是否漏水的有
。(填序号)⑶若利用装置I分离四氯化碳和酒精的混合物,还缺少的仪器有
,将仪器补充完整后进行的实验操作的名称为
。现需配制250ml0。2mol/LNaCL溶液,装置II是某同学转移溶液的示意图,图中的错误是
。参考答案:(1)蒸馏烧瓶;锥形瓶;容量瓶(2)④(3)酒精灯;分馏;未用玻璃棒引流
未采用250ml容量瓶略三、综合题(本题包括3个小题,共30分)17.(7分)2.4g的镁粉在100mL稀硫酸中完全溶解(反应前后溶液体积的变化忽略不计).(1)写出反应的离子方程式,并标出电子转移的方向和数目.(2)求产生的气体在标准状况下的体积.(3)求反应完全后所得溶液中镁离子的物质的量浓度.参考答案:(1)该反应电子转移的方向和数目为;(2)生的氢气在标准状况下的体积为2.24L;(3)溶液中镁离子的物质的量浓度为1mol/L.【考点】化学方程式的有关计算.【分析】(1)镁粉在稀硫酸中发生反应Mg+H2SO4═MgSO4+H2↑,离子反应为2H++Mg=Mg2++H2↑,根据化合价的变化确定转移的电子总数2e﹣,标出电子转移的方向和数目;(2)2.4gMg的物质的量为0.1mol,根据方程式计算生成的氢气体积;(3)溶液中n(Mg2+)=n(Mg),根据c=计算溶液中镁离子的物质的量浓度.【解答】解:(1)在反应Mg+H2SO4═MgSO4+H2↑中,Mg元素的化合价由0升高到+2价,则Mg为还原剂,H元素的化合价由+1降低到0价,则H2SO4为氧化剂,该反应中转移的电子数为2e﹣,离子反应为2H++Mg=Mg2++H2↑电子转移的方向和数目为:,答:该反应电子转移的方向和数目为;(2)2.4gMg的物质的量为=0.1mol,令产生的氢气在标准状况下的体积为V,则:Mg+H2SO4=MgSO4+H2↑1mol
22.4L0.1mol
V所以V=×22.4L=2.24L,答:生的氢气在标准状况下的体积为2.24L;(3)溶液中n(Mg2+)=n(Mg)=0.1mol,溶液体积为100mL,故c(Mg2+)==1mol/L,答:溶液中镁离子的物质的量浓度为1mol/L.【点评】本题考查方程式的计算、氧化还原反应、物质的量浓度等,比较基础,注意基础知识的掌握.明确元素的化合价变化是标出电子转移的方向和数目的关键,题目难度不大.18.有一亚硫酸钠样品,因在空气中久置而变质,称取该样品14克,放入足量浓硫酸中,可收集到标准状况下2.24L气体,试求该样品的纯度。参考答案:设亚硫酸钠的物质的量为n
………3分
1
1
n
0.1mol……3分
解得n=0.1mol
……
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