山西省临汾市蒲县黑龙关中学高二物理月考试题含解析

山西省临汾市蒲县黑龙关中学高二物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.（单选）（2013?龙岩模拟）酒精测试仪用于对机动车驾驶人员是否酒后驾车及其他严禁酒后作业人员的现场检测，它利用的是一种二氧化锡半导体型酒精气体传感器．酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的变化而变化．在如图所示的电路中，不同的酒精气体浓度对应着传感器的不同电阻值，这样，仪表显示的数据就与酒精气体浓度有了对应关系．如果二氧化锡半导体型酒精气体传感器电阻r′的倒数与酒精气体的浓度c成正比，那么，电压表示数U与酒精气体浓度c之间的对应关系正确的是（）A． U越大，表示c越大，c与U成正比 B． U越大，表示c越大，但c与U不成正比C． U越大，表示c越小，c与U成反比 D． U越大，表示c越小，但c与U不成反比参考答案：B闭合电路的欧姆定律；常见传感器的工作原理解：酒精气体传感器和定值电阻串联在电路中，电压表测R0两端的电压．根据酒精气体传感器的电阻的倒数与酒精气体的浓度成正比，得：=kC（k是比例系数）①．根据欧姆定律得：==

②由①②整理得：U=由数学知识知，U越大，c越大，但两者不成正比．故B正确．故选B2.如图所示，电动势为E、内阻为r的电池与定值电阻R0、滑动变阻器R串联，已知R0=r，滑动变阻器的最大阻值是2r．当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，下列说法中正确的是（

）A．滑动变阻器消耗的功率不变

B．滑动变阻器消耗的功率变小C．定值电阻R0上消耗的功率变小

D．电源的输出功率变大参考答案：BD3.(单选)关于电场，下列说法中不正确的是：（

）A．只要有电荷存在，电荷周围就一定存在着电场B．电场是一种物质，它与其他物质一样，是不依赖我们的感觉而客观存在的C．电荷间的相互作用是通过电场而产生的，电场最基本的性质是对处于其中的电荷有力的作用D．电场是人们假想出来的，实际并不存在参考答案：D4.关于电压表，下列说法正确的是

A．它是利用串联电路中电阻分压的原理，将电流计串联分压电阻改装成的

B．如果要将量程扩大n倍，则所串的分压电阻应是电流计内阻的n倍

C．用同一表头做成的电压表，电压表的量程越大，其内阻越大

D．当用电压表测某电路两端电压时，测量值总是小于真实值参考答案：ACD5.（单选）下列科学家中，发现电磁感应现象的是（

）

A．库仑

B．奥斯特

C．安培

D．法拉第参考答案：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.如图用静电计可以测量已充电的平行板电容器两极板之间的电势差U，现使B板带正电，则（1）增大两极板之间的距离，静电计指针张角变 （2）将A板稍微上移，静电计指针张角将变 （3）若将玻璃板插入两板之间，则静电计指针张角变

参考答案：大

大

小7.`（1）研究光电效应电路如图所示，用频率相同、强度不同的光分别照射密封真空管的钠极板（阴极K），钠极板发射出的光电子被阳极A吸收，在电路中形成光电流。下列光电流I与A、K之间的电压UAK的关系图象中，正确的是（2）钠金属中的电子吸收光子的能量，从金属表面逸出，这就是光电子。光电子从金属表面逸出的过程中，其动量的大小_______(选填“增大、“减小”或“不变”)，原因是_______。参考答案：8.（3分）一个电容器带电量为Q时，两极板间的电压为U，若使其带电量增加4.0×10-7C，电势差增加20V。则这个电容器的电容是____________。参考答案：2×10-89.质量为m，电荷量为q的质点，仅在静电力作用下以恒定速率v沿圆弧由A运动到B，其速度方向改变θ角，AB弧长为s，则A、B两点的电势差UAB＝________，AB中点的场强大小E＝________。参考答案：10.（4分）在折射率为n、厚度为d的玻璃平板上方的空气中有一点光源S,从S发出的光线SA以角度θ入射到玻璃板上表面,经过玻璃板后从下表面射出,如图所示,若沿此光线传播的光从光源到玻璃板上表面的传播时间与在玻璃板中的传播时间相等,点光源S到玻璃上表面的垂直距离应为__________,若减小入射角θ，出射光线的侧移量将_______(填“变大”，“不变”，或“变小”)参考答案：，变小11.如图所示，匀强电场与竖直方向成角，一个带负电荷的小球电荷量为q，质量为m，用细线系在竖直墙面上，恰好静止在水平位置，则场强大小为____________。参考答案：

12.在发射电磁波的某个LC振荡电路里，电磁振荡完成一次周期性变化需要的时间为5×10-7s，则发射的电磁波的频率为

Hz，该电磁波在真空中的波长为

m。参考答案：2×106，15013.现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计及开关如下图连接。在开关闭合、线圈A放在线圈B中的情况下，某同学发现当他将滑动变阻器的滑动端P向左加速滑动时，电流计指针向右偏转。若将线圈A中铁芯向上拔出，则能引起电流计的指针向____偏转；若滑动变阻器的滑动端P匀速向右滑动，能使电流计指针______偏转。参考答案：三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.(10分)“玻意耳定律”告诉我们：一定质量的气体．如果保持温度不变，体积减小，压强增大；“查理定律”指出：一定质量的气体，如果保持体积不变，温度升高．压强增大；请你用分子运动论的观点分别解释上述两种现象，并说明两种增大压强的方式有何不同。参考答案：一定质量的气体．如果温度保持不变，分子平均动能不变，每次分子与容器碰撞时平均作用力不变，而体积减小，单位体积内分子数增大，相同时间内撞击到容器壁的分子数增加，因此压强增大，（4分）一定质量的气体，若体积保持不变，单位体积内分子数不变，温度升高，分子热运动加剧，对容器壁碰撞更频繁，每次碰撞平均作用力也增大，所以压强增大。（4分）第一次只改变了单位时间内单位面积器壁上碰撞的分子数；而第二种情况下改变了影响压强的两个因素：单位时间内单位面积上碰撞的次数和每次碰撞的平均作用力。（2分）15.如图所示，有两个质量均为m、带电量均为q的小球，用绝缘细绳悬挂在同一点O处，保持静止后悬线与竖直方向的夹角为θ=30°，重力加速度为g，静电力常量为k.求：(1)带电小球A在B处产生的电场强度大小；(2)细绳的长度L.参考答案：（1）（2）（1）对B球，由平衡条件有：mgtan

θ=qE带电小球在B处产生的电场强度大小：

（2）由库仑定律有：

其中：r=2Lsin

θ=L

解得：【点睛】本题关键是对物体受力分析，然后结合共点力平衡条件、库仑定律和电场强度的定义列式求解．四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，传送带与水平面之间的夹角为30°，其上A、B两点间的距离为5m，传送带在电动机的带动下以v=2m/s的速度匀速运动，现将一质量为m=10kg的小物体（可视为质点）轻放在传送带上的A点，已知小物体与传送带间的动摩擦因数μ=，则在传送带将小物体从A点传送到B点的过程中（g取10m/s2）．求：（1）传送带对小物体做了多少功；（2）传送小物体的过程中，系统产生的热量．参考答案：解：（1）对小物体：因为μmgcosθ＞mgsinθ，所以一开始小物体能沿传送带向上做匀加速直线运动．对小物体进行受力分析，由牛顿第二定律有：μmgcosθ﹣mgsinθ=ma代入数据解得：a=2.5m/s2由公式v2=2ax解得匀加速运动的位移为：x==m=0.8m＜S=5m所以物体与传送带共速后匀速上升．根据功能关系，传送带对小物体做的功等于小物体机械能的增量，即为：W=mv2+mgSsinθ=×10×22+10×10×5×sin30°=270J（2）小物体在加速阶段做匀加速运动，令运动时间为t，则小物体运动的位移为：S1==0.8m在这段时间内传送带运动的位移为：S2=vt解得：S2=1.6m所以摩擦产生的热量等于摩擦力乘以两物体间的相对距离，即：Q=μmgcosθ（S2﹣S1）=×10×10×cos30°（1.6﹣0.8）J=60J答：（1）传送带对小物体做了270J功；（2）传送小物体的过程中，系统产生的热量是60J．【考点】功能关系；功的计算．【分析】（1）对物体进行受力分析，根据受力求出物体的加速度，由匀加速直线运动的初速度、末速度和加速度求物体的位移，判断物块的运动情况，再由功能关系知传送带对小物体做的功等于小物体机械能的增量．（2）小物体与传送带间摩擦力做功产生的热量等于摩擦力乘以小物体与传送带间的相对位移．由运动学公式求出相对位移．17.如图16所示，MN、PQ两条平行的光滑金属轨道与水平面成q=300角固定，轨距为L=1m，质量为m的金属杆ab放置在轨道上，其阻值忽略不计。空间存在方向垂直于轨道平面向上的匀强磁场，磁感应强度为B=0.5T。P、M间接有阻值R1的定值电阻，Q、N间接变阻箱R。现从静止开始释放金属杆ab，改变变阻箱的阻值R，测得杆的最大速度为vm，得到与的关系如图17所示。若轨道足够长且电阻不计，重力加速度g取l0m/s2。求：（1）金属杆开始滑动时加速度值；（2）金属杆质量m和定值电阻R1阻值；（3）当变阻箱R取4Ω，金属杆ab运动的速度为时，定值电阻R1消耗的电功率。参考答案：解（1）

（2)总阻值当达到最大速度时杆平衡：根据图像代入数据，得：（3）当变阻箱R取4Ω时，根据图像得

18.如图所示，轻弹簧的两端与质量均为3m的B、C两物块固定连接，静止在光滑水平面上，物块C紧靠挡板不粘连，另一质量为m的小物块A以速度v0从右向左与B发生弹性正碰，碰撞时间极短可忽略不计，（所有过程都是在弹簧弹性限度范围内）求：（1）A、B碰后瞬间各自的速度；（2）弹簧第一次压缩最短与第一次伸长最长时弹性势能之比．参考答案：解：（1）A、B发生弹性正碰，碰撞过程中，A、B组成的系统动量守恒、机械能守恒，以A、B组成的系统为研究对象，以A的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=mvA+3mvB在碰撞过程中机械能守恒，由机械能守恒定律得：联立解得：（2）弹簧第一次压缩到最短时，B的速度为零，该过程机械能守恒，由机械能守恒定律得，弹簧的弹性势能：从弹簧压缩最短到弹簧恢复原长时，B、C与弹簧组成的系统机械能守恒，弹簧