2020年天津市十二区县重点学校高考物理一模试卷

𝑔0𝑔02020年天津市十二区县重点学校高考物理一模试卷一、单选题（本大题共5小题，25.0分

下面列出的是一些核反应方程3015

 3014

𝑖 

24

105

7223

。其中C.

X是子，Y是子Z是电子X是子是正电子Z是质子

B.D.

X是电子，Y是子，中子X是正电子，Y是中子Z是子

一玻璃管开口朝下没入水中，在某一深度恰好能保持静止，假如水面上方的大气压突然降低一些，则试管刚开始运动的情况

加速上升

B.

加速下降

C.

保持静止

D.

无法判断

如图所示为空间站中模拟地球上重力的装置实装置的外侧壁相当于“地板.让形实验装置绕O点旋转，能使“地板”上可视为质点的物体与在地球表面处有同样的“重力”，则旋转角速度应地表面重力加速度为，装置的外半径

√

𝑔

B.

√

𝑔

C.

2√

D.

√

2𝑔

如图所示，理想变压器初级线圈的匝数为100次级线圈的匝数为55初级线圈两端a正弦交流电源，在原线圈前串接一个电阻

的险丝，电压表V的数为，如果负载电流，电表均为理想电B.C.D.

电流表的示数为2A变压器的输出电压为保险丝实际消耗的功率负载电阻实际消耗的功率

若物体在运动过程中，受到的合外力不为零，那么以下说法正确的)B.C.D.

物体的速度大小和方向一定都变化物体的加速度一定变化物体的动能一定变化物体的动量一定变化

二、多选题（本大题共3小题，15.0分

一列简谐横波，某时刻的图象如图甲所示，从该时刻开始计时，波上A质点的振动图象如图乙所示，则以下说法正确的(B.C.D.E.

这列波沿x正向传播这列波的波速是质点将比质点Q先到平衡位置经eq\o\ac(△,)𝑠，质通过的路程为4m经eq\o\ac(△,)𝑠，质通过的位移为0

如图所示，a、b为束不同频率的单色光，的射角射到玻璃砖的上表面，直线与璃垂直且与其上表面交于点入射点A、B到N点距离相等，经玻璃砖上表面折射后两束光相交于图中的P点下列说法正确的B.C.D.

在真空中，a光传播速度大于光的传播速度玻璃对的折射率小于玻璃对b光的折射率同时增大入射角，则在下表面先发生全反射对同一双缝干涉装置a光相邻亮条纹间距b光相邻亮条纹间距宽

如图所示水平向右的匀强电中电粒子从点运动到B点，在A点速度竖直向上，在B点速度水平向右，在这一运动过程中粒子只受电场力和重力，并且克服重力做的功为1J，电场力做的正功为3，则下列说法中正确的)B.C.D.

粒子带正电粒子在的动能比在B多J粒子在A点机械能比在B点J粒子由点到点过程中速度最小时，速度的方向与水平方的夹角

三、实验题（本大题共2小题，12.0分

甲、乙、丙三个实验小组分别采用如图甲、乙、丙所示的实验装置，验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合力成正比”这一物理规律．已知他们使用的小车完全相同，小车的质量为M重物的量为，回答下列问题：甲乙、丙实验中，必须平衡小车和长木板之间的摩擦的实验小组______实时，必须满足M远于”的实验小组是______；实时，甲、乙、丙三组同学的操作均完全正确，他们出图如图丁中A、B、所示，则甲、乙、丙三组实验对应的图线依次______实时同学得到的一条纸带如图戊所示较晰的点起5个取一个计数点，打点计时器所用电源的频率为50Hz所的测量数据可算得的速度______𝑠，打下时小车的速度_____．为精确测量某待测电𝑥供选择．

的阻值约为以下一些器材可电流表

量程～内阻量～

，内阻约电压表

量程～

，内阻很大量程

，内阻很大电源：电势约为3V，阻约为定值电阻：，允许最大电流滑动变阻器

～

，允许最大电流

22滑动变阻器，许最大电单刀单掷开关S一个，导线若干电表应，压表应选______滑动变阻器应_____填字母代号请方框中画出测量电𝑥

的实验电路图．要测量值的范围尽可能大一些，所用器材用对应的符号标出某测量中，电压表示数为U时电流表数为I则计算待测电阻阻值的表达式为．𝑥四、计算题（本大题共3小题，48.0分如所示两根间距为L的平金属导轨上个边长为的方形金属线圈圈abcd边质量均为，电阻均为R；、边质量和电阻均不计。在和之存在磁感应强度为B，垂直导轨上的匀强磁场。在导轨上，另有一根质量为、阻为的金属棒，恒力的用下向右运动。线圈和金棒与导轨的摩擦因数均，导轨电阻不计。当ef棒向右运行距离为时线圈刚好开始运动，求：𝑒棒速度(2)棒静止开始，到线圈刚始运动消耗的时间在棒动过程中，cd杆耗的焦耳热当杆度多大时，作用在杆上的合外力的功率最大，并求出最大功

如所示，竖直面内一固定轨道，AB段是半径R光圆弧，水平段与圆弧轨道相4切于B，水平段BC长为LC端定一竖直挡板．一质量为m的物块自A端静止开始沿圆轨道下滑，与挡板共发生了两次碰撞后停止在水平段、之间的某处，物块每次与挡板碰撞不损失机械能即撞前率相不计空气阻力与水平段BC间的动摩擦因数，重力加速度.试物块第次与挡板碰撞时的速率；在平轨道上滑行的总路程；最一次滑到圆轨道底端B处圆轨道的压力．13.

如图所示，在直角坐标系的一象限内存在匀强磁场，磁场方向垂直于xOy面里，第四象限内存在沿正方向的匀强电场，电场强度大小为E，场与电场图中均未画出。质量为、带电荷量为的粒子自轴点沿x轴正方向射入第四象限经轴的点入第一象限。已知P点坐标为，Q点标，计粒子重力。

求子经过Q点速度的大小和方向；若子在第一象限的磁场中运动一段时间后以垂直轴的方向进入第二象限，磁感应强度B的小

010𝑉2010𝑉2--------答案与解析--------1.

答：D解：：根据质量数和电荷数守恒可得X为

，正电子Y为，中子；Z为：，0即质子，故ABC错D正。故选：D根据核反应方程的质量数和电荷数守恒求出X、Y、分别表示什么粒子。本题比较简单，直接利用核反应方程的质量数和电荷数守恒即可正确求解。2.

答：A解：：设玻璃管位于深h处空气柱的压强：一些，则空气柱的压强减小，

若水面上方大气压强然降低由：

可知气的体积将增大空柱排开水的体积增大以玻璃管受到的水的浮力增大，玻璃管将加速上升，上升的过程中h减，空气柱的压强进一步减小，受到的浮力进一步增大，可使玻璃管顶部露出水面．故A正确．故选：A写出压强的表达式，然后根据气态方程分析空气柱的体积的变化，进而判断出玻璃管受到的浮的变化，得出结论．本题结合共点力的平衡分析理想气体的状态变化，关键根据物体的平衡条件进行分析，抓住浮与空气排开水的体积有关进行分析．3.

答：A解：：根据牛顿第二定律得，，√，故A正、、D误．故选：A．根据题意，能使“地板”上可视为质点的物体与在地球表面处有同样的“重力”，结合牛顿第定律求出角速度的大小．解决本题的关键知道圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解．基础题．

𝑈𝑛  𝑈𝑛𝑛211 𝑈   551100221𝑈𝑛  𝑈𝑛𝑛211 𝑈   5511002214.

答：A解：：、由电压与匝数成正比，11  22

，则：2𝑈𝑛

551100

22011，则2

211

2，A正，B错C、12

𝑛𝑛

 2 1

，即12

.解：0.1有1.21则错误11D、载率𝑈𝐼22，错，故选：A由匝数之比可求得副线圈的电压，由欧姆定律求得电流表的示数．由焦耳定律求得功率．本题考查了变压器的变压原理，知道电压、电流与匝数的关系，结合输入功率等于输出功率即求解5.

答：D解：：、合力与速度同向时，物体的速度的方向不变，比如自由落体运动，故错误；B、根据牛顿第二定律，加速度与合力成正比，如果合力恒定，则加速度不变，故B错；C、外力不为零时，合外力不一定做功，如匀速圆周运动合力不为零，但动能不变，故C错；D根动量定理动的变化等于合力的冲量量不为零故体的动一定变化故正。故选：D物体在运动过程中所受到的合外力不为零，根据牛顿第二定律分析加速度和速度是否变化，根合力是否做功，分析动能是否变化，根据动量定理分析动量的变化。本题考查对运动和力关系的理解，采用举例的方法做抽象性的问题是常用方法是解题的关键，意合外力只是不为零，其大小和方向可能变也可能不变。6.

答：解：：A、由质点A的动图象乙知：质点A在时刻处于平衡位置且向上振动，则由波形平移法可知该波必定沿x负方向传播，故A错．B、由图甲20，图乙知，以波速

20

25，正确．C、于波沿轴方向传播，振动方向向下，回到平衡位置的时间大于，点波谷直4

11𝑐11𝑐接向平衡位置振动，所需时间为4

，故C错．D、图知振幅因𝑡，所以质点A通的程为，D正．E、因eq\o\ac(△,)𝑡𝑠，以质点A通的位移为，故正确．故选：由乙图读出时质点的度方向，由甲图判断出波的传播方向．由甲图读出波长，由乙图读出周期，求出波速．判断该时刻P、Q的度向，即可分析它回到平衡位置的先后；根据时间与周期的倍数关系，结合在一个周期内质点通过的路程是4倍幅，求解经eq\o\ac(△,)0.4，A质通过的路程，确定经eq\o\ac(△,)𝑠质点通过的位移．本题既要理解振动图象和波动图象各自的物理意义，由振动图象能判断出质点的速度方向，同要把握两种图象的联系，由质点的速度方向，判断出波的传播方向．对于简谐运动质点的路程，往根据：在一个周期内质点通过的路程是4倍幅，分析和求解．7.

答：BD解：：、空中所有光速是相同的，故A错；B、根据题图，在入射角相同的情况下光折射角小b光折射率大，故B正；C、璃的两个表面平行，无论怎么改变入射角，根据光路可逆性知，两束光都不会发生全反射，故C错；D、的折射率小，波长长，根eq\o\ac(△,)

𝑙𝑑

，得光纹间距宽，故D正。故选：BD由图看出折射角的大小关系，由折射定律判断折射率的大小，分光在玻璃中速度关系．根𝑛据光路可逆性原理分析光线能否在下表面发生全反射．折射率越小，波长越长，由公eq\o\ac(△,)𝑥

𝑑

分析干涉条纹的宽度大小．根据光路图正确判断光的折射率大小后根据折射率波长率光速等之间的关系进行求解这些知识点是对学生的基本要求，平时要加强练习．8.

答：ACD解：、从到，电场力做正功，可知电场力方向水平向右，电场强度方向水平向右，所以粒子带正电。故A确。

故即故即𝐽全程B、根据动能定理得，从A到B动的变化

eq\o\ac(△,)𝐸电

，所以粒子在A点动能比故错误。C、重力以外只有电场力做功，因为除重力以外其它力做功等于机械能的增量，所以到械能增加故C正。D、直ℎ

′由动量定理𝑣得

可知合力与水平方向成30度角合速度与合力垂直时度达到最小值，故速度方向与水平方向成角。故D正。故选：。A、根据电场力做功情况判断电场力的方向，从而确定出电荷的电性．B、根据动能定理得出点到的动能变化．C力外其它力做功等于机械能的增量除重力以外其它力功情况得出机械能的变化量．D、过直方向和全程运用动能定理，求出初速度和到达最高点速度的关系，再通过动量定理得出重力和电场力的关系，得出两个力合力的方向，当合力方向与速度方向垂直时，速度达到最．本题综合考查了动能定理以及动量定理和功能关系D选较难，关键知道当合力方向与合速度方向垂直时，速度达到最小值．9.答案甲、乙、丙甲C、、解：本验探究当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力的关，所以三个实验小组都需要平衡摩擦力，即甲乙丙都需要平衡摩擦力．乙丙绳子的拉力可以由弹簧测力计和力传感器直接得，不需要用重物的重力代替，所以乙丙两组不需要满足，甲组用重物的重力代替绳子的拉力，要满．甲用重物的重力代替绳子的拉力，要满，着的大，不满时图象出现弯曲，所以甲组对应的是，根据装置可知，乙图中小车受到的拉力大于弹簧测力计的示数，丙图中受到的拉力等于力传感的示数，当相时，乙组的加速度大，所以乙组对应，丙组对应，每5个点取一个计数点，计数点间的时间间隔5𝑠，

23111111𝐼1123123111111𝐼112311 𝑈 由匀变速直线运动的推论eq\o\ac(△,)𝑥𝑡可，加速度

2

2

1

𝑠)2

3

𝑚

𝑚/2

；打点时车速度：

2

2

(3.523.68)×102×0.1

2

𝑚

0.36𝑚/；故答案为：甲乙、丙甲、A、B；．本验探究当质量一定时，物体运动的加速度与它所受合外力的关系，三个实验小组都需要平衡摩擦力；只用重物的重力代替绳子的拉力，才需要满；若重物的重力代替绳子的拉力，要满𝑚随着的大，不满时，图象出现弯曲，还有两组根据绳子拉力相等时，加速度的大小来判断；根eq\o\ac(△,)

2

求解加速度，根据匀变速直线运动的推论求出瞬时速度．解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，同时要练应用所学基本规律解决实验问题．探究加速度与力、质量关系实验要采用控制变量法，当钩码质量远小于小车的总质量时，可以近似认为小车受到的拉力等于钩码的重力，若用力传感器，则需要满足此条件．10.答：

𝑈

解：：、量电阻电流不能太大，电流表应，电源电动势为3，电压表，根据闭合电路欧姆定律考虑电流表读数要𝐼

1𝑟3

可出电路最小电阻90故阻器若用限流式太小，太，因此应采用分压式，故应选阻值小的变阻，、待测电阻阻值远小于电压表内阻，电流表应选外接，但根据欧姆定律，若将电阻直接接在电压表两端时，电阻两端最大电压𝑈𝐼50301.5，是电压

量程的一半待电阻与定值电阻串联们两端电压𝑈正好与电压的量程相同，所电路图如图所示．

503(3030)3，、欧姆定律可得

11

 𝑈 𝑐𝑑𝑐𝑑24522𝐵𝐿𝑐𝑑 𝑈 𝑐𝑑𝑐𝑑24522𝐵𝐿𝑐𝑑66456故答案、、；如11

分析题意，明确实验中应采有的实验原理；正确选择实验仪器；明确滑动变阻的接法及电表的用方法；解决本题的关键是将待测电阻与定值电阻串联使用，应通过估算说明．因本题有“要求测量值的范围尽可能大一些”，这就提示我们滑动变阻器应用分压式；又所给材中有一个定值电阻，说明可能待测电阻不能直接使用．11.答：：𝑒棒生的电动势为，流过棒电流为：线圈刚开始运动时有

1.5

，解得，cd棒的速度为：

622

；对ef棒，由动量定理得：，其中：

6解得：；3𝑅2𝑒棒动过程，由动能定理得

总

，cd杆产生的热量为：𝐼𝑐𝑑

总

𝐼⋅

，解得：

662

；合力的功率

22

，当

2

时功率最大，最大值为：𝑎𝑥

42

2

；答：𝑒棒速度为；22𝑒棒静止开始，到线圈刚开始运动消耗的时间为

2

2𝐵𝐿23𝑅2

；在ef棒运动过程中，cd杆消耗的焦耳热为62

；

𝜇𝑚𝑔)𝜇𝑚𝑔)121122𝜇𝐿𝜇𝑚𝑔)𝜇𝑚𝑔)121122𝜇𝐿当ef杆速度为

2

时，作用在杆子上的合外力的功率最大，最大功率为

2

2

。解：由𝐵𝐿求感应电动势，应用欧姆定与平衡条件可以求出ef棒速度。对ef棒应用动量定理可以求出时间对ef棒应用动能定理，根据焦耳定求出棒生的热量。根功率公式𝐹求最大功率。本题是电磁感应与电学、力学相结合的一道综合题，难度较大，分析清楚导体棒的运动过程与路结构是解题的前提与关键，应𝐿、量定理、动能定理等知识即可解题。12.答：：物第一次从到过程，由动能定理得：𝑚𝑅𝜇𝑚𝑔𝐿=𝑚21

，解得：√𝑔(𝑅𝜇；对个过程，由动能定理得：𝑚𝑅𝜇𝑚𝑔𝑆=，解得：；