山东省青岛市开发区致远中学2021-2022学年高二物理月考试题含解析

山东省青岛市开发区致远中学2021-2022学年高二物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.为防止静电危害，下列措施中不正确的是A．飞机的机轮使用导电橡胶制做

B．尽可能保持印刷厂空气干燥C．在地毯中夹杂不锈钢纤维

D．油罐车上拖一条与地面接触的铁链参考答案：B2.在图所示的电路中，如果交变电流的频率增大，1、2和3灯的亮度变化情况是D

A．1、2两灯均变亮，3灯变暗

B．1灯变亮，2、3两灯均变暗

C．1灯变亮，2灯变暗，3灯亮度不变

D．1灯变暗，2灯变亮，3灯亮度不变参考答案：D3.对以下物理现象的分析正确的是：（）①从射来的阳光中，可以看到空气中的微粒在上下飞舞②上升的水蒸气的运动③用显微镜观察悬浮在水中的小炭粒，小炭粒不停地做无规则运动④向一杯清水中滴入几滴红墨水，红墨水向周围运动A.①②③属于布朗运动

B.只有③属于布朗运动C.④属于扩散现象

D.以上结论均不正确参考答案：BC4.（多选）如图所示,质量相等的两个滑块位于光滑水平桌面上.其中弹簧两端分别与静止的滑块N和挡板P相连接，弹簧与挡板的质量均不计;滑块M以初速度v0向右运动,它与档板P碰撞（不粘连）后开始压缩弹簧,最后,滑块N以速度v0向右运动.在此过程中

(

)A.M的速度等于0时,弹簧的弹性势能最大 B.M与N具有相同的速度时,两滑块动能之和最小[C.M的速度为v0/2时，弹簧的长度最长 D.M的速度为v0/2时,弹簧的长度最短参考答案：BD5.（多选题）下列叙述的情况中正确的是（）A．光的粒子性说明每个光子就像一个极小的球体一样B．光是波，但与宏观概念的波有本质的区别C．光是一种粒子，它和物质作用是“一份一份”进行的D．光子在空间各点出现的可能性大小．概率可以用波动的规律来描述参考答案：BCD【考点】光子．【分析】光电效应以及康普顿效应无可辩驳地证明了光是一种粒子，但是光的干涉和光的衍射又表明光确实是一种波．因此光是一种波，同时也是一种粒子．光具有波粒二象性．【解答】解：A、光的粒子性说明光是由一颗一颗的光子组成的光子流，每个光子的能量为ε=hυ，与极小的球体有区别，故A错误；B、光是一种波，具有波粒二象性，既可把光看作是一种频率很高的电磁波，也可把光看成是一个光子，与宏观概念的波有本质的区别，故B正确；C、光是一种粒子，它和物质作用即是每个光子与物质微观粒子相互作用，是“一份一份”进行的，故C正确；D、光具有波粒二象性，属于概率波，因此光子在空间各点出现的可能性大小（概率）可以用波动规律来描述，故D正确；故选：BCD．二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.某导体两端的电压为20V，10s内通过导体横截面的电量为5C，则导体中电流强度的大小为

A，导体的电阻为

Ω．参考答案：0.5A、40Ω．【考点】电流、电压概念；欧姆定律．【分析】根据电流定义公式I=求解电流强度；根据欧姆定律求解电阻．【解答】解：10s内通过导体横截面的电量为5C，故电流强度为：I=；根据欧姆定律，电阻为：R==40Ω；故答案为：0.5A、40Ω．7.一闭合线圈在匀强磁场中做匀角速转动，角速度为240πrad/min，当线圈平面转动至与磁场平行时，线圈的电动势为2.0V。设线圈从垂直磁场瞬时开始计时，则该线圈电动势的瞬时表达式为__________________；电动势在s末的瞬时值为_________。参考答案：8.如右图所示，用静电计测量电容器两板间的电势差，不改变两板的带电荷量，把A板向右移，静电计指针偏角将________________；把A板竖直向下移，静电计指针偏角将________；在A、B板间插入一块电介质，静电计指针偏角将________(选填“增大”或“减小”)．参考答案：9.实验步骤：①将气垫导轨放在水平桌面上，桌面高度不低于lm，将导轨调至水平；②用游标卡尺测量挡光条的宽度，结果如图乙所示，由此读出________mm；③由导轨标尺读出两光电门中心之间的距离__________cm；④将滑块移至光电门1左侧某处，待砝码静止不动时，释放滑块，要求砝码落地前挡光条已通过光电门2；⑤从数字计时器（图甲中未画出）上分别读出挡光条通过光电门1和光电门2所用的时间和；⑥用天平称出滑块和挡光条的总质量M，再称出托盘和砝码的总质量。参考答案：．9.30

60.0010.一闭合线圈在匀强磁场中做匀角速转动，角速度为240??rad/min，当线圈平面转动至与磁场平行时，线圈的电动势为2.0V。设线圈从垂直磁场瞬时开始计时，则该线圈电动势的瞬时表达式为__________________；电动势在s末的瞬时值为_________。参考答案：当线圈平面转动至与磁场平行时，此时两边都垂直切割磁感线，线圈的电动势为最大值，角频率?＝240?rad/min＝4?rad/s，e＝Emsin?t＝2.0sin4?tV。e＝2.0sin4?t；e＝1V11.如图所示，一列简谐横波沿x轴正向传播，波传到x=1m的P点时，P点开始向下振动，此时为计时起点，已知在t=0.4s时PM间第一次形成图示波形，此时x=4m的M点正好在波谷。当M点开始振动时，P点正好在______，这列波的传播速度是______。参考答案：

(1).波峰

(2).10m/s由题意，简谐横波沿x轴正向传播，在时PM间第一次形成图示波形，由于P振动时间是半个周期的整数倍，则知时间内振动传播了一个波长，故波的周期为根据图像可知PM之间距离为，根据波形可知，当M点开始振动时，由波形可知，P点在波峰，由图知，波长，则波速。12.（10分）如图所示，导体ab长l＝0.5m，放在B＝0.4T的匀强磁场中，磁场方向垂直线框在平面向里，电阻，，导体ab以及其他连接电路的导线电阻均忽略不计。若使ab以3m/s的速度向右匀速运动，则导体ab的a端电势比b端电势________（填“高”、“低”或“相同”）．＝________V，通过电阻的电流为________A，通过导体ab的电流为________A，作用于导体ab的外力F为________N．参考答案：高

0.6

0.3

0.45

0.0913.(1分)电闪雷鸣是自然界常见的现象，古人认为那是“天神之火”，是天神对罪恶的惩罚，直到1752年，伟大的科学家

冒着生命危险在美国费城进行了著名的风筝实验，把天电引了下来，发现天电和摩擦产生的电是一样的，才使人类摆脱了对雷电现象的迷信。参考答案：富兰克林三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.（每空3分共6分）如图所示，是测电流表内电阻的电路图。实验时，先将滑动变阻器R1触头位置移至最右端,使其连入电路的电阻最大；然后闭合开关S-1，断开开关S2，移动触头位置，使电流表满偏，指针指在Ig刻度处；再闭合S2，改变电阻箱R0阻值,使电流表指针指在Ig/3刻度处，此时电阻箱阻值R0=10Ω，则电流表内阻Rg=

，由于存在系统误差，测出的阻值和真实傎相比

（填“偏大、相等或偏小”）。参考答案：15.（7分）某同学在做测定小灯泡伏安特性曲线实验中，得到如下一组U和I的数据，数据如下表：编号12345678U/V0.200.601.001.401.802.202.603.00I/A0.0200.0600.1000.1400.1700.1900.2000.205发光情况

不亮

微亮

逐渐变亮

正常发光（1）根据以上数据，在答题卷中画出I—U图线。（3分）（2）（4分）从图线上可以看出，当小灯泡的电功率逐渐增大时，灯丝电阻的变化情况是_______.这表明导体的电阻随着温度的升高而_______。参考答案：（1）I—U图线如图所示；（2）开始不变，后来逐渐增大

增大

四、计算题：本题共3小题，共计47分16.两个相同的小球A和B，质量均为m，用长度相同的两根细线把A、B两球悬挂在水平天花板上的同一点O，并用长度相同的细线连接A、B两小球，然后，用一水平方向的力F作用在小球A上，此时三根细线均处于直线状态，且OB细线恰好处于竖直方向，如图所示。如果不考虑小球的大小，两小球均处于静止状态，则（1）OB绳对小球的拉力为多大？（2）OA绳对小球的拉力为多大？（3）作用力F为多大？参考答案：（1）对B分析,可知AB绳中张力为0，有mg-TB=0得TB=mg（2）对球A，受力分析如图：TAcos600-mg=0TAsin600-F=0得：TA=2mg（3）由式可知：F=mg17.一种测量血管中血流速度的仪器原理如图14所示，在动脉血管上下两侧分别安装电极并加有磁场．设血管直径是2．0mm，磁场的磁感应强度为0．080T，电压表测出的电压为0．10mV，求血流速度的大小。参考答案：流动的血液相当于导体在磁场中做切割磁感线运动，其在磁场中切割磁感线的有效长度等于垂直于磁场方向的血管直径2．0mm，电压表的读数0．10mV等于血管在这一直径两端的感应电动势，那么由公式E=BLv得血流速度大小为：v=E/BL=0．10×10-3/（0．080×2．0×10-3）m/s=0．625m/s．18.如图所示，在水平方向的匀强电场中有一表面光滑、与水平面成45°角的绝缘直杆AC，其下端（C端）距地面高度h=0.8m．有一质量为500g的带电小环套在直杆上，正以某一速度沿杆匀速下滑，小环离开杆后正好通过C端的正下方P点．（g取10m/s2）求：（1）小环离开直杆后运动的加速度大小和方向；（2）小环在直杆上匀速运动时速度的大小；（3）小环运动到P点的动能．参考答案：解：（1）小环在直杆上做匀速运动，电场力必定水平向右，否则小环将做匀加速运动，其受力情况如图所示．由平衡条件得：mgsin45°=Eqcos45°…①得：mg=Eq，离开直杆后，只受mg、Eq作用，则合力为F合=mg=ma…②所以加速度为：a=g=10m/s2≈14.1m/s2．方向与杆垂直斜向右下方．（2）设小环在直杆上运动的速度为v0，离杆后经t秒到达P点，则竖直方向：h=v0sin45°?t+gt2…③水平方向：v0cos45°?t﹣t2=0…④联立解得：v0===2m/s（3）由动能定理得：EkP﹣mv02=mgh…⑤可得：EkP=mv02+mgh=×0.5×22+0.5×10×0.8=5J

答：（1）小环离开直杆后运动的加速度大小为14.1m/s2，垂直于杆斜向右下方；（2）小环在直杆上匀速运动时速度的大小为2m/s；（3）小环运动到P点的动能是5J．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；牛顿第二定律；动能定理的应