福建省三明市龙安初级中学2022高二化学上学期期末试题含解析

福建省三明市龙安初级中学2022高二化学上学期期末试题含解析一、单选题（本大题共15个小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，共60分。）1.结构简式是CH2=CHCH2CHO的物质不能发生

A．加成反应

B．还原反应

C．水解反应

D．氧化反应参考答案：略2.下列各组物质或概念之间，不符合右图所示关系的是

（

）

XYZ例氧化物化合物纯净物A硫酸铜盐纯净物B置换反应氧化还原反应离子反应C碱性氧化物氧化物化合物D胶体分散系混合物

参考答案：B略3.环境保护正日益受到各国政府和社会的广泛关注和重视。下列污染中，已成为目前必须治理的有

（

）

①废旧塑料制品造成的“白色污染”

②排放含有机物的污水和使用含磷洗衣粉造成的“水质污染”

③机动车排放的尾气（含NOx、CO烃等）引起“空气污染”

④燃烧煤、石油等化石燃料放出的SO2和粉尘，造成空气污染和“酸雨”

⑤冰箱、空调等泄露出的制冷剂（如氟利昂）破坏臭氧层A

①②③④⑤

B

①②③

C

①②

D

①

参考答案：A略4.光纤通讯和半导体成像技术已得到了广泛应用。光纤的主要成分是（

）A．Si

B．SiO2

C．Na2SiO3

D．CaSiO3参考答案：B略5.下列各组分子中，都属于含极性键的非极性分子的是

(

)A．CO2

H2S

B．C60

C2H4

C．C2H4

CH4

Ｄ．NH3

HCl参考答案：C略6.下列方法中，不能用于实验室里制取氨的是（

）

A.在烧瓶中将熟石灰和氯化铵混合，加水调成泥状后加热B.加热试管中的氯化铵固体C.将烧瓶中的浓氨水加热D.将分液漏斗中的浓氨水滴入装有生石灰的烧瓶中参考答案：B略7.下列物质中，不属于电解质的是

A．蔗糖

B．NaCl

C．NaOH

D．H2SO4参考答案：A略8.下列情况中，可能引起水污染的是：①农业生产中农药、化肥使用不当

②工业生产中废水、废气、废渣的任意排放

③城市垃圾的随意堆放

④海上油轮原油的泄漏A．只有①②

B．只有②③

C．①②③

D．①②③④参考答案：D略9.25℃时，浓度均为0.2mol/L的NaHCO3和Na2CO3溶液中，下列判断不正确的是

A．均存在电离平衡和水解平衡B．存在的粒子种类相同C．c(OH－)前者大于后者D．分别加入NaOH固体，恢复到原温度，c(CO)均增大参考答案：C略10.化学与生活息息相关．下列叙述正确的是（） A．鲜榨橙汁遇到碘水会变蓝 B．馒头越嚼越甜 C．油脂经水解可变成葡萄糖 D．土豆中的淀粉经水解可变成酒参考答案：B考点：淀粉的性质和用途；油脂的性质、组成与结构．专题：化学应用．分析：A．碘单质遇淀粉变蓝色；B．唾液中含有淀粉酶；C．油脂是高级脂肪酸甘油酯；D．淀粉水解生成葡萄糖．解答：解：A．鲜榨橙汁不含淀粉，遇到碘水不会变蓝，故A错误；B．唾液中含有淀粉酶，可将淀粉水解为葡萄糖，故馒头越嚼越甜，故B正确；C．油脂是高级脂肪酸甘油酯，水解生成高级脂肪酸和甘油，故C错误；D．土豆中的淀粉经水解生成葡萄糖，故D错误．故选B．点评：本题考查淀粉的检验、水解，油脂的水解等，难度不大，注意唾液中含有淀粉酶，可将淀粉水解为葡萄糖，故馒头越嚼越甜．11.已知锂和镁的单质及其化合物在很多性质上具有相似性，由此可以推断下列关于锂及其化合物的叙述中，正确的是

A.LiOH加热时，不会分解

B．Li2CO3加热时，不会分解C．Li在氧气中燃烧生成Li2O2

D．Li与稀硫酸反应生成Li2SO4参考答案：D略12.下列物质中，能使酸性高锰酸钾溶液褪色；但不与溴水反应的是

A.乙烯

B.乙苯

C.苯

D.1，3－丁二烯参考答案：B13.为实现“绿色奥运”，下列环保建议中，你认为不能采纳的是A．开发、使用新能源

B．用天然气代替汽油和柴油作发动机燃料C．禁止未经处理的工业废水和生活污水的任意排放

D．大量使用农药，提高粮食产量参考答案：D略14.在恒温时，一固定容积的容器内发生如下反应：2NO2（g）?N2O4（g）达到平衡时，再向容器内通入一定量的NO2（g），重新达到平衡后，与第一次平衡时相比，NO2的体积分数（）A．不变

B．增大

C．减小

D．无法判断参考答案：C考点：化学平衡的影响因素．.专题：化学平衡专题．分析：假设再次通入的NO2是在与原平衡体系的温度和压强都相同的另一容器中进行，则所得平衡体系与原平衡完全相同，将两个容器的隔板抽去，再压缩到原体积，平衡正向移动，以此解答．解答：解：假设在题给的过程中，容器的体积从A变化到A+B（见图），这个过程也可以理解成：假设有一个虚拟的隔板可以保持A的体积不变，在B中充入NO2，使其反应直至达到平衡．很明显，在同温、同压下，A、B中达到平衡后，NO2、N2O4的质量分数分别相等．这时，抽去虚拟的隔板，将B压缩至A，平衡正向移动，NO2的体积分数减小．故选C．点评：本题考查化学平衡的移动，题目难度不大，注意从压强的角度认识该题，题给的关键是反应物和生成物只有一种，易错点为B，注意体会该题．15.下列有机物不能通过乙烯的加成反应制取的是

A．CH3CH2Cl

B．CH2Cl—CH2Cl

C．CH3—CH2OH

D．CH3—COOH

参考答案：D略二、实验题（本题包括1个小题，共10分）16.（12分）：通常用燃烧的方法测定有机物的分子式，可在燃烧室内将有机物样品与纯氧在电炉加热下充分燃烧，根据产品的的质量确定有机物的组成。下图所示的是用燃烧法确定有机物物分子式的常用装置。现准确称取0.44g样品（只含C、H、O三种元素中的两种或三种），经燃烧后A管增重0.88g，B管增重0.36g。请回答：（1）按上述所给的测量信息，装置的连接顺序应是（2分）（2）A、B管内均盛有有固态试剂，A管的作用是______________________；（2分）（3）E中应盛装什么试剂：_______________；（2分）（4）如果把CuO网去掉，A管重量将____；（填“增大”、“减小”、或“不变”）（2分）（5）该有机物的实验式为__________________；（2分）（6）要确定该有机物的分子式，还必须知道的数据是___________。（2分）①消耗液体E的质量

②样品的摩尔质量

③CuO固体减少的质量④C装置增加的质量

⑤燃烧消耗O2的物质的量参考答案：（共12分）（1）C，B，A（2分）（2）吸收样品反应生成的CO2（2分）（3）双氧水（2分）（4）减小（2分）（5）C2H4O（2分）

（6）②（2分）略三、综合题（本题包括3个小题，共30分）17.本题8分）甲、乙两位同学设计用实验确定某酸HA是弱电解质，存在电离平衡，且改变条件平衡发生移动。实验方案如下：甲：①准确配制0.1mol·L-1的HA、HCl溶液各100mL；

②取纯度相同，质量、大小相等的锌粒放入两只试管中，同时加入0.1mol·L-1的HA、HCl溶液各100mL，按上图装好，观察现象。

乙：①用pH计测定物质的量浓度均为0.1mol·L-1的HA和HCl溶液的pH；

②再取0.1mol·L-1的HA和HCl溶液各2滴（1滴约为）分别稀释至100mL，

再用pH计测其pH变化。

（1）乙方案中说明HA是弱电解质的理由是，测得0.1mol·L-1的HA溶液的pH

1（填“>”“<”或“=”）；甲方案中，说明HA是弱电解质的实验现象是

。

A．装HCl的试管中放出的氢气速率大

B．装HA溶液的试管中放出氢气的速率大

C．两个试管中产生气体速率一样大

（2）乙同学设计的实验第②步，能证明改变条件解质平衡发生移动。加水稀释，弱酸HA的电离程度

（填“增大、减小、不变”）

（3）甲同学为了进一步证明弱电解质电离平衡移动的情况，设计如下实验：使HA的电离程度和c（H+）都减小，c（A）增大，可在0.1mol·L-1的HA溶液中，选择加入

试剂。

A．NaA固体（可完全溶于水）

B．1mol·L-1NaOH溶液

C．1mol·L-1H2SO4

D．2mol·L-1HA

（4）pH=1的两种酸溶液A、B各1mL，分别加水稀释到1000mL，其pH与溶液体积V的关系如右图所示，则下列说法不正确的有

A．若a=4，则A是强酸，B是弱酸

B．若，则A、B都是弱酸

C．两种酸溶液的物质的量浓度一定相等

D．稀释后，A溶液的酸性比B溶液弱参考答案：（1）>（1分）A（2分）

（2）增大（1分）

（3）A（2分）

（4）C（2分）18.NiSO4?xH2O是一种绿色易溶于水的晶体，广泛用于镀镍、电池等，可由电镀废渣（除镍外，还含有铜、锌、铁等元素）为原料获得．操作步骤如图：

（1）在待镀件上镀镍时，待镀件应作

极，电镀过程中电解质溶液浓度

（填“增大”、“减小”、“不变”）（2）向滤液Ⅰ中加入FeS是为了除去Cu2+、Zn2+等杂质，则除去Cu2+的离子方程式为

．当Zn2+恰好沉淀完全时，在CuS、ZnS共存的混合液中c（Zn2+）=10﹣5mol/L，则c（Cu2+）=

mol/L（已知Ksp（CuS）=1.3×10﹣36，Ksp（ZnS）=1.6×10﹣24）．（3）对滤液Ⅱ中先加H2O2再调pH，调pH的目的是

．（4）滤液Ⅲ溶质的主要成分是NiSO4，加入Na2CO3过滤后再加适量稀硫酸溶解又生成NiSO4，这两步操作的目的是

．（5）为测定NiSO4?xH2O晶体x的值，称取26.3g晶体加热至充全失去结晶水，剩余固体15.5g，则x的值等于

．参考答案：（1）阴；不变；（2）FeS（aq）+Cu2+（aq）=Fe2+（aq）+CuS（aq）；8.1×10﹣18；（3）除去Fe3+；（4）增大NiSO4的浓度，利于蒸发结晶（（或富集NiSO4）；（5）6．

【考点】制备实验方案的设计．【分析】电镀废渣（除镍外，还含有铜、锌、铁等元素），加入稀硫酸过滤得到含有镍离子、铜离子、锌离子、亚铁离子的滤液，后在滤液中加入FeS，生成CuS、ZnS，可除去Cu2+、Zn2+等杂质，对滤液Ⅱ先加W，应为过氧化氢，可氧化Fe2+生成Fe3+，有利于水解生成氢氧化铁沉淀而除去，过滤后在滤液中加入碳酸钠，可生成NiCO3，过滤后加入硫酸可生成NiSO4，经蒸发、浓缩、冷却结晶可得到硫酸镍晶体，据此分析解答．【解答】解：（1）在待镀件上镀镍，待镀件作阴极，镀层金属镍做阳极，电解质溶液用镍离子的盐溶液，阴极析出的镍与阳极溶解的镍等量，故电解质溶液的浓度不变；故答案为：阴；不变；（2）向滤液Ⅰ中加入FeS主要目的是除去Cu、Zn等杂质，说明CuS的溶解度更小，反应的离子方程式为FeS（aq）+Cu2+（aq）=Fe2+（aq）+CuS（aq），已知Ksp（CuS）=1.3×10﹣36，Ksp（ZnS）=1.6×10﹣24，当Zn2+恰好沉淀完全时，在CuS、ZnS共存的混合液中c（Zn2+）=10﹣5mol/L，则溶液中的c（S2﹣）===1.6×10﹣19mol/L，则c（Cu2+）==mol/L≈8.1×10﹣18

mol/L；故答案为：FeS（aq）+Cu2+（aq）=Fe2+（aq）+CuS（aq）；8.1×10﹣18；（3）对滤液Ⅱ先加过氧化氢，可氧化Fe2+生成Fe3+，调节pH有利于水解生成氢氧化铁沉淀而除去；故答案为：除去Fe3+；（4）滤液Ⅲ溶质的主要成分是NiSO4，再加入碳酸钠过滤后，加稀硫酸溶解又生成NiSO4，可增大成NiSO4浓度，有利于蒸发结晶；故答案为：增大NiSO4的浓度，利于蒸发结晶（（或富集NiSO4）；（5）26.3g晶体加热至完全失去结晶水，剩余固体15.5g，失去水的质量=26.3g﹣15.5g=10.8g，NiSO4的质量为15.5g，计算物质的量得到1：x=：，解得x=6；故答案为：6．19.已知：G、Q、R、T、X、Y、Z都是周期表中前四周期的元素，它们的核电荷数依次增大．G的简单阴离子最外层有2个电子，Q原子最外层电子数是内层电子数的两倍，X元素最外层电子数与最内层电子数相同；T2R的晶体类型是离子晶体，Y原子基态3p原子轨道上有2个未成对电子，其单质晶体类型属于分子晶体；在元素周期表中Z元素位于第11列．回答下列问题：（1）Z的核外外围电子排布式是

．（2）X以及与X左右相邻的两种元素，其第一电离能由小到大的顺序为

（填元素符号）．（3）QR2分子中，Q原子采取杂化，写出与QR2互为等电子体的一种分子的化学式：

．（4）分子式为G2R、G2Y的两种物质中一种更稳定，原因是

；T的氯化物的熔点比Q的氯化物的熔点高，原因是

．（5）据报道，由Q、X、Z三种元素形成的一种晶体具有超导性，其晶体结构如下图所示．晶体中距每个X原子周围距离最近的Q原子有个．

参考答案：（1）3d104s1；（2）Na＜Al＜Mg；（3）sp；N2O（或CS2等）；（4）O的非金属性强于S，故H2O比H2S稳定；氯化钠属于离子晶体，四氯化碳属于分子晶体，离子晶体的熔点一般高于分子晶体；（5）2．

考点：位置结构性质的相互关系应用；晶胞的计算．分析：G、Q、R、T、X、Y、Z都是周期表中前四周期的元素，它们的核电荷数依次增大．G的简单阴离子最外层有2个电子，则G为氢元素；Q原子最外层电子数是内层电子数的两倍，则Q原子有2个电子层，最外层电子数为4，故Q为碳元素；X元素最外层电子数与最内层电子数相同，最外层电子数为2，原子序数大于碳元素，应处于第三周期，故X为Mg元素；T2R的晶体类型是离子晶体，T为+1价、R为﹣2价，结合原子序数可知，T为Na元素、R为氧元素；Y原子基态3p原子轨道上有2个未成对电子，其单质晶体类型属于原子晶体，则Y为Si元素；在元素周期表中Z元素位于第11列，则Z为Cu元素，据此解答．解答：解：G、Q、R、T、X、Y、Z都是周期表中前四周期的元素，它们的核电荷数依次增大．G的简单阴离子最外层有2个电子，则G为氢元素；Q原子最外层电子数是内层电