高中物理高考三轮冲刺 2023年高考压轴冲刺卷浙江卷物理模拟试题

2023年高考压轴冲刺卷•浙江卷（一）理科综合（物理）一、选择题（本题共4小题。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，选对得6分，多选或选错不得分，总分24分）1．（2023•浙江冲刺•2）如图所示，位于竖直平面内的圆与水平面相切于M点，与竖直墙相切于A点，C为圆的最高点．竖直墙上点B、D与M的连线和水平面的夹角分别为53°和37°．已知在t=0时，a、b、d三个球分别由A、B、D三点从静止开始沿光滑倾斜直轨道运动到M点；c球由C点自由下落到M点．则（）A．a、b和d球同时到达M点B．b球和d球同时到达M点C．c球位移最大，最后到达M点D．沿墙壁上任意一点到M点的光滑斜直轨道由静止下滑的物体，下落高度越低，用时越短2．(宝鸡2023•第二次检测•18)美国物理学家密立根通过研究平行板间悬浮不动的带电油滴，比较准确地测定了元电荷的电荷量。如图所示，平行板电容器两极板M、N相距d，两极板分别与电压为U的恒压电源两极连接，极板M带正电。现有一质量为m的带电油滴在极板中央处于静止状态，且此时极板带电荷量是油滴所带电荷量的k倍，则（）A．油滴带正电B．油滴带电荷量为eq\f(mg,Ud)C．电容器的电容为eq\f(kmgd,U2)D．将极板N向下缓慢移动一小段距离，油滴将向上运动3．(安徽省江淮名校2023•第二次联考•9)如图6所示，放于竖直面内的光滑金属细圆环半径为R，质量为m的带孔小球穿于环上，同时有一长为R的细绳一端系于球上,另一端系于圆环最低点，绳的最大拉力为2mg。当圆环以角速度ω绕竖直直径转动时,发现小球受三个力作用。则ω可能为（）AABAAAACAAABAAAACAABAA图1（甲）图1（乙）4．(泰州2023•二模•2)如图1（甲）所示，匀质链条悬挂在天花板等高的A、B两点，现将链条中点也拉至AB中间位置C悬挂，如图1（乙）所示．则下列说法正确的是（）A．天花板对链条的作用力变大 B．天花板在A点对链条的作用力不变C．乙图中链条最低点的张力为甲图的1/2D．链条的重力势能不变二、选择题（本题共3个小题，在每个小题给出的四个选项中，至少有一个是符合题目要求的。全部选对得6分，选对但不全多得3分，有选错的得0分。）5．（金丽衢2023•第二次联考•20）如图所示，有同学做实验时不慎将圆柱形试管塞卡于试管底部，该试管塞中轴穿孔。为了拿出试管塞而不损坏试管，该同学紧握试管让其倒立由静止开始竖直向下做匀加速直线运动，t=后立即停止，此时试管下降H=0.80m，试管塞将恰好能从试管口滑出。已知试管总长L=21.0cm，底部球冠的高度h=1.0cm，试管塞的长度为d=2.0cm，设试管塞相对试管壁滑动时受到的的摩擦力恒定，不计空气阻力，重力加速度g=l0m／s2。则以下说法正确的是（）A．试管塞从静止开始到离开试管口的总位移为1.0mB．试管塞从静止开始到离开试管口的总时间为C．试管塞将要从试管口滑出时的加速度大小为40m/s2。D．试管塞受到的滑动摩擦力与其重力的比值为16∶16．（2023•浙江冲刺•4）如图所示，I为电流表示数，U为电压表示数，P为定值电阻R2消耗的功率，Q为电容器C所带的电荷量，W为电源通过电荷量q时电源做的功．当变阻器滑动触头向右缓慢滑动过程中，下列图象能正确反映各物理量关系的是（）B．C．D．7．(2023·广东省金山中学、广雅中学、佛山一中联考·3)某人造地球卫星在离地面高为h的轨道上飞行，其运动视为匀速圆周运动．已知地球质量为M，地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，引力常量为G．则卫星的（）A．线速度v=B．角速度ω=C．运行周期T=2πD．向心加速度三、非选择题8．(2023·第二次大联考【江苏卷】·10)现要用如图甲所示的装置探究“物体的加速度与受力的关系”．小车所受拉力及其速度的大小可分别由拉力传感器和速度传感器记录下来．速度传感器安装在距离L=48．0cm的长木板的A、B两点．①实验主要步骤如下：A．将拉力传感器固定在小车上；B．平衡摩擦力，让小车在没有拉力作用时能做匀速直线运动；C．把细线的一端固定在拉力传感器上，另一端通过定滑轮与钩码相连；D．接通电源后自C点释放小车，小车在细线拉动下运动，记录细线拉力F的大小及小车分别到达A、B时的速率vA、vB；E．改变所挂钩码的数量，重复D的操作．②下表中记录了实验测得的几组数据，vB2-vA2是两个速度传感器记录的速率的平方差，则加速度的表达式a=______．表中的第3次实验数据应该为a=______m/s2（结果保留三位有效数字）．③如图乙所示的坐标纸上已经绘出了理论上的a-F图象．请根据表中数据，在坐标纸上作出由实验测得的a-F图线．④对比实验结果与理论计算得到的两个关系图线，分析造成上述偏差的主要原因是______．（写出一个原因即可）次数F（N）vB2-vA2（m2/s2）a（m/s2）10．600．770．8021．041．611．6831．422．3442．624．654．8453．005．495．729．(2023•深圳宝安区二调•34（1）)某同学想通过以下实验测量一小灯泡的额定功率，他所用器材如下：A、待测小灯泡一只：额定电压为，电阻约为几欧B、电压表一只：量程为3V，内阻约为3kΩC、电流表一只：量程为，内阻约为ΩD、滑动变阻器一只，干电池两节，开关一个，导线若干①请在甲图中补全测量小灯泡额定功率的电路图②图甲中开关S闭合前，滑动变阻器的滑片应置于__________（选填“A端”、“B端”或“AB正中间”）③该同学通过实验作出了小灯泡的伏安特性曲线，如图乙所示，则小灯泡的额定功率为_______________W。（结果保留两位有效数字）④由于实验中使用的电流表与电压表不是理想的电表，该同学测出小灯泡的功率__________________（填“大于”、“等于”或“小于”）灯泡的实际消耗功率，引起误差的原因是____________________________________________________________________。10．(2023·第二次大联考【江苏卷】·13)如图所示，倾斜轨道AB的倾角为370，CD、EF轨道水平，AB与CD通过光滑圆弧管道BC连接，CD右端与竖直光滑圆周轨道相连。小球可以从D进入该轨道，沿轨道内侧运动，从E滑出该轨道进入EF水平轨道。小球由静止从A点释放，已知AB长为5R，CD长为R，重力加速度为g，小球与斜轨AB及水平轨道CD、EF的动摩擦因数均为0．5，sin370=0．6，cos370=0．8，圆弧管道BC入口B与出口C的高度差为l．8R。求：(在运算中，根号中的数值无需算出)（1）小球滑到斜面底端C时速度的大小。（2）小球刚到C时对轨道的作用力。（3）要使小球在运动过程中不脱离轨道，竖直圆周轨道的半径应该满足什么条件?11．（2023•河南省实验中学二调•14）如图所示，质量为m、电荷量为+q的粒子从坐标原点O以初速度v0射出，粒子恰好经过A点，O、A两点长度为l，连线与坐标轴+y方向的夹角为α=370，不计粒子的重力．（1）若在平行于x轴正方向的匀强电场E1中，粒子沿+y方向从O点射出，恰好经过A点；若在平行于y轴正方向的匀强电场E2中，粒子沿+x方向从O点射出，也恰好能经过A点，求这两种情况电场强度的比值（2）若在y轴左侧空间（第Ⅱ、Ⅲ象限）存在垂直纸面的匀强磁场，粒子从坐标原点O，沿与+y轴成30°的方向射入第二象限，恰好经过A点，求磁感应强度B．12（2023•温州市二测•24）．如图所示，宽度为L的粗糙平行金属导轨PQ和P′Q′倾斜放置，顶端QQ′之间连接一个阻值为R的电阻和开关S，底端PP′处与一小段水平轨道用光滑圆弧相连。已知底端PP′离地面的高度为h，倾斜导轨处于垂直于导轨平面的匀强磁场（图中未画出）中。若断开开关S，将一根质量为m、电阻为r、长也为L的金属棒从AA′处静止开始滑下，金属棒落地点离PP′的水平距离为x1；若闭合开关S，将金属棒仍从AA′处静止开始滑下，则金属棒落地点离PP′的水平距离为x2。不计导轨电阻，忽略金属棒经过PP′处的能量损失，已知重力加速度为g，求：（1）开关断开时，金属棒离开底端PP′的速度大小；（2）开关闭合时，金属棒在下滑过程中产生的焦耳热；（3）开关S仍闭合，金属棒从比AA′更高处静止开始滑下，水平射程仍为x2，请定性说明金属棒在倾斜轨道的运动规律。物理参考答案及解析1．B【命题立意】本题旨在考查牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【解析】设圆的半径为r，对于AM段，位移：x1=，加速度为：a1=gsin45°=，由位移时间公式得，所用时间：=对于BM段，位移：，加速度为：a2=gsin53°=，由位移时间公式得，所用时间为：对于CM段，位移：x3=2r，加速度为：a3=g，由位移时间公式得，所用时间为：=DBAM对于DM段，位移：，加速度为：，由位移时间公式得，所用时间为：DBAM故：t1=t3＜t2=t4故a、c同时到达M点，b、d同时到达M点，且ac用时短于bd用时，故ACD错误，B正确；【举一反三】如图所示，位于竖直平面内的圆,已知在t=0时，a、b、d三个球分别由A、B、D三点从静止开始沿光滑倾斜直轨道运动到M点,则它们运动的时间关系？2.C【命题立意】本题旨在考查带电粒子在混合场中的运动。【解析】A、由题，带电荷量为的微粒静止不动，则微粒受到向上的电场力，平行板电容器板间场强方向竖直向下，则微粒带负电，故A错误；B、由平衡条件得：，得油滴带电荷量为：，故B错误；C、根据，结合，且，则得电容器的电容为：，故C正确；D、极板N向下缓慢移动一小段距离，电容器两极板距离增大，板间场强减小，微粒所受电场力减小，则微粒将向下做加速运动，故D错误。故选：C【易错警示】本题整合了微粒的力平衡、电容器动态分析，由平衡条件判断微粒的电性，注意由受力情况来确定运动情况，是解题的思路。3.B【命题立意】本题旨在考查向心力、牛顿第二定律。【解析】因为圆环光滑，所以这三个力肯定是重力、环对球的弹力、绳子的拉力，细绳要产生拉力，绳要处于拉升状态，根据几何关系可知，此时细绳与竖直方向的夹角为，当圆环旋转时，小球绕竖直轴做圆周运动，向心力由三个力在水平方向的合力提供，其大小为：，根据几何关系，其中一定，所以当角速度越大时，所需要的向心力越大，绳子拉力越大，所以对应的临界条件是小球在此位置刚好不受拉力，此时角速度最小，需要的向心力最小，对小球进行受力分析得，即，解得：，所以只要就符合题意．故选：B4.C【命题立意】本题旨在考查重力、重心。【解析】A、前后两次悬挂，链条重力大小未变，所以天花板对链条的作用力前后大小不变，故A错误；B、图甲情形时天花板在A点对链条的作用力为其重力的一半；图乙情形时，为其四分之一，故B错误；C、图乙情形时，AC间和CB间，都承受原链条重力的一半，所以乙图中链条最低点的张力为甲图的二分之一，故C正确；D、由图甲情形到图乙情形时，链条重心升高，其重力势能增大，故D错误。故选：C5.AB【命题立意】本题旨在考查牛顿第二定律、匀变速直线运动的位移与时间的关系。【解析】A、试管塞开始与试管一起运动了位移：；试管停止运动之后又独立运动了位移：，所以试管塞从静止开始到离开试管口的总位移：，故A正确；BC、设试管刚停止运动时，试管塞的速度为，由，代入数据得：，设在试管中减速过程中的加速度为，用时为，则：，，解得：，，由静止到试管停止用时为，故总用时为，故B正确，C错误；D、在试管中做匀减速运动中，设所受摩擦力，由动能定理可得：，解得：，故滑动摩擦力与重力的比值为，故D错误。故选：AB6.AB【命题立意】本题旨在考查闭合电路的欧姆定律【解析】A、当变阻器滑动触头向右缓慢滑动过程中，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，R2消耗的功率为P=I2R，P∝I2，故A正确．B、电容器C的电压UC=E﹣I（R2+r），电荷量Q=CUC=C[E﹣I（R2+r）]，则=﹣C（R2+r），保持不变，则Q﹣I图象是向下倾斜的直线，故B正确．C、电压表示数U=E﹣Ir，U﹣I图象应是向下倾斜的直线，故C错误．D、电源通过电荷量q时电源做的功W=qE，E是电源的电动势，则W﹣I是过原点的直线，故D错误．【举一反三】电源的输出功率在什么时候最大？7.B【命题立意】本题旨在考查人造卫星的加速度、周期和轨道的关系。【解析】A、根据万有引力提供卫星做圆周运动的向心力=m，r=R+h得：v=，又因为在地面万有引力近似等于重力：=mg，得：GM=gR2，所以v=，故A错误；B、根据ω=，得ω=，故B正确；C、根据T=，得T=2π，故C错误；D、根据万有引力提供向心力=ma，所以a=，故D错误。故选：B8.②，③如图④没有完全平衡摩擦力或拉力传感器读数偏大．【命题立意】该题考查探究加速度与力和质量的关系【解析】②根据匀变速直线运动的位移与速度公式：

可以求出：a=代入第3次实验数据得a=s2

③根据表中数据，得出图象如图所示：

④对比图象可知，实际图象没有过原点而是和横坐标有交点，造成原因是因为没有完全平衡摩擦力或拉力传感器读数偏大．9.①电路图见解析；②B；③；④大于、因为电压表分流，电流表测得的电流大于灯泡的电流【命题立意】本题旨在考查描绘小电珠的伏安特性曲线。【解析】①灯泡的电阻约为几欧，远小于电压表的内阻，属于小电阻，电流表采用外接法，电路图如图所示：②图甲中开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应置于B端，使得闭合电键后，测量电路部分处于短路状态，电压表、电流表示数为0，起保护作用；③当时，电流，所以额定功率为：④由于实验中使用的电流表与电压表不是理想的电表，则其两表自身也要消耗功率，所以该同学测出小灯泡的功率大于灯泡的实际消耗功率；由于电流表采用外接法，电压表有分流作用，使电流表测得电流大于灯泡实际流过的电流。故答案为：①电路图如上图所示；②B；③；④大于、因为电压表分流，电流表测得的电流大于灯泡的电流。10.（1）

（2），方向竖直向下

（3）

【命题立意】该题考查圆周运动及动能定理【解析】（1）设小球到达C点时速度为v，a球从A运动至C过程，由动能定理有

（2分）可得

（1分）（2）小球沿BC轨道做圆周运动，设在C点时轨道对球的作用力为N，由牛顿第二定律，

（2分）

其中r满足

r+r·sin530=

（1分）联立上式可得：N=

（1分）由牛顿第三定律可得，球对轨道的作用力为，方向竖直向下。

（1分）（3）要使小球不脱离轨道，有两种情况：情况一：小球能滑过圆周轨道最高点，进入EF轨道。则小球b在最高点P应满足

（1分）小球从C直到P点过程，由动能定理，有（1分）可得

（1分）情况二：小球上滑至四分之一圆