2023年全国高考试卷2卷物理之赏析

2023年普通高等学校招生全国统一考试(新课标Ⅱ卷)物理之赏析【一】、试卷内容、内容分布，分值、难度及答案题型题号答案板块分值难度％考查的具体内容单选14C力693受力分析，牛顿第二运动定律的应用，函数的图像表示方法15C力680受力分析，共点力的平衡，平衡方程及其计算，摩擦力的不定问题――静摩擦力的变化范围等16D力电680法拉第电磁感应定律，感应电动势与感应电流，楞次定律和左手定那么，安培力与切割磁感线速度的关系，力与加速度的关系，动量定理或者牛顿第二运动定律对物体加速度的定性分析,v17A力电682洛仑兹力，匀速圆周运动，牛顿第二运动定律，物理法和几何法求解半径18B力电678点电荷的电场强度，电场强度的叠加，电场力，电场力的平衡，平衡方程与计算多选19ABD综合670物理学史：电流的磁效应，安培的分子电流假说，楞次定律的发现，电磁感应的条件20BD力670天体运动中的匀圆模型及其所对应的动能和引力势能与其半径的关系，牛二定律在曲线运动中的应用,万有引力与向心力,“阻力〞做功的过程与本质，能量的转化与守恒21AC力675圆周运动与牛顿第二运动定律，静摩擦力的变化范围，向心力的来源，圆周运动中物体滑动的条件---向心力供与需的三种情形必考题填空22力870用能量转化与守恒求解弹性势能，平抛物体初动能的测量82动能，动能的表达式及其测量68用功能关系求弹性势能，能量守恒，图像斜率的物理意义以及斜率的变化23电775电路的实物连接，电压表与电流表的识别，表笔识别，电表改装与扩大量程，电阻分压与分流的计算计算题24力电1472受力分析，电场强度与电场力,牛顿第二运动定律在圆周运动中的应用，动能定理，电场力做功25力1855受力分析，静摩擦力与滑动摩擦力，动量定理，牛顿第二运动定律或动量定理〔动能定理位移时比拟方便〕，读取和读懂图像的能力，能通过图像找出物理过程和状态并求解物理量，正确选取研究对象和解题思路〔方法〕,连接体,力学三大观点与方法的应用选考题33热580气体定律，做功与热传递，热力学第一定律,热运动与宏观运动的区别1080玻意耳――马略特定律,气体压强的计算34力光1553弹簧振子振动周期与振幅的概念及其物理意义,光的反射与折射,折射率,全反射,入射角,反射角,折射角,临界角及其计算35原力1570动量守恒，弹性碰撞与完全非弹性碰撞，功能关系，能量守恒，结合能，比结合能与原子核的稳定性的关系12075知识点覆盖率到达了65％以上【二】、试题解析2023年普通高等学校招生全国统一考试(新课标Ⅱ卷)二、选择题：此题共8小题，每题6分。在每题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14.一物块静止在粗糙的水平桌面上。从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用。假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。以a表示物块的加速度大小，F表示水平拉力的大小。能正确描述F与a之间的关系的图像是【考查了】物体的受力分析和牛顿第二运动定律的应用及其图像表示方法。【解析】：由牛顿第二运动定律得F-f=ma解得F=ma+f可见C正确。【要点】：要认真理解图像的坐标轴和单位，面积、斜率、截距，趋势、最值、转折点、拐点等的物理意义。15.如图，在固定斜面上的一物块受到一外力F的作用，F平行于斜面上。假设要物块在斜面上保持静止，F的取值应有一定范围，其最大值和最小值分别为F1和F2〔F2A．物块的质量B.斜面的倾角C.物块与斜面间的最大静摩擦力D.物块对斜面的正压力【考查了】物体的受力分析和平衡，摩擦力的不定问题，解共点力的平衡方程组。【解析】：设物体与斜面间的最大静摩擦力大小为fm。由于物体处于平衡状态，有：垂直斜面方向上有N=m沿斜面方向上有：当F最大为F1时有：F1=mgsinθ+fm；当F最大为F2时有：F2+f【要点】：①摩擦力与弹力等大小和方向都存在不定问题，要由运动状态和物体所受其它力的状态决定；②计算当中往往以某几个物理量的整体作为一个〔未知〕量来求解；③正确理解物体的运动趋势和摩擦力之间的关系。16.如图，在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d〔d＞L〕的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下。导线框以某一初速度向右运动，t=0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合，随后导线框进入并通过磁场区域。以下v-t图像中，可能正确描述上述过程的是AA【考查了】法拉第电磁感应定律，感应电动势与感应电流，楞次定律和左手定那么，安培力与切割磁感线速度的关系，力与加速度的关系，动量定理或者牛顿第二运动定律对物体加速度的定性分析,v-t图中斜率的物理意义等。【解析】：导线框受到安培力的阻碍作用，速度越来越小，感应电动势和感应电流随之减小，加速度大小变小，v-t中的斜率越来越小，但是整个线框全部进入磁场区域后，通过线框的磁通量不发生变化，感应电动疏和感应电流均为零，此过程线框做匀速直线运动，故D选项正确。〔定量计算可以发现：进入磁场和从磁场中出来的两个过程中速度的减少量量相同，亦即两个过程中安培力的冲量相同〕【要点】：①多层次、多角度地去深入理解，楞次定律中的阻碍作用及其阻碍的表现；②掌握磁通量的变化与电荷量、动量变化大小之间的关系，该题中进入磁场和从磁场中出来的两个物理过程中线框的动量变化量相同；③安培力与感应电动势、感应电流和切割速度之间的关系，一个物理量的变化引起其它物理量的变化，循环联动。17.空间有一圆柱形匀强磁场区域，该区域的横截面的半径为R，磁场方向垂直横截面。一质量为m、电荷量为q〔q＞0〕的粒子以速率v0该磁场的磁感应强度大小为A.3mv03qRB.【考查了】带电粒子仅在洛仑兹力作用下的匀速圆周运动，牛顿第二运动定律在匀速圆周运动中的应用，物理方法求解半径和几何方法求解半径。【解析】：由几何关系可以求解出带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径r=粒子列出牛顿第二运动定律关系式：qvB=mv2r并将r=【要点】：①洛仑兹力提供匀圆的向心力；②求解半径的两种方法：几何法与物理法。正确地寻找圆心与半径并求解。18.如图，在光滑绝缘水平面上，三个带电小球a、b和c、分别位于边长为l的正三角形的三个顶点上；a、b带正电，电荷量均为q，c带负电。整个系统置于方向水平的匀强电场中。静电力常量为k。假设三个小球均处于静止状态，那么匀强电场场强的大小为A.3Kq3l2QUOTEB.3Kql2QUOTEC.3Kql2QUOTED.23Kql2QUOTE【考查了】点电荷的电场强度，电场强度的合成，电场力和电场力平衡等。【解析】：以任意一个电荷为研究对象，那么三个电荷均处于平衡状态(或者任何两个电荷在第三个电荷处形成的电场都与匀强电场的场强等大反向)。我们取c为研究对象，a、b两电荷在c点形成的电场强度方向沿a、所以匀强电场强度与E+＝3Kql【要点】：正确掌握点电荷的电场强度的计算，电场强度的矢量性及其矢量运算〔叠加〕；共点力的平衡条件等。19.在物理学开展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用。以下表达符合史实的是A.奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应解释了电和磁之间存在联系B.安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C.法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，或出现感应电流D.楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化【考查了】物理学史中重大的、有意义有影响的物理事件等，奥斯特发现了电流的磁效应；安培提出了分电流假说；楞次总结出来了楞次定律，即感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化；正确选项为A、B、或周边线圈中有电磁感应现象〕【要点】：物理学史知识的积累，物理学者的主要奉献和发现。20.目前，在地球周围有许多人造地球卫星绕着它转，其中一些卫星的轨道可近似为圆，且轨道半径逐渐变小。假设卫星在轨道半径逐渐变小的过程中，只受到地球引力和稀薄气体阻力的作用，那么以下判断正确的是A.卫星的动能逐渐减小B.由于地球引力做正功，引力势能一定减小C.由于气体阻力做负功，地球引力做正功，机械能保持不变D.卫星克服气体阻力做的功小于引力势能的减小【考查了】天体运动中卫星的匀圆运动模型，功与能，在稀薄气体阻力的作用下，卫星的机械能，动能，引力势能以及机械能，动能等的概念与其量值的变化，引力势能随半径的变化问题，考查了功与能的关系——转化与量度以及广义的能量守恒。牛顿第二运动定律在圆周运动中的应用等。【解析】：由万有引力给卫星提供向心力，对卫星列牛顿第二运动定律可知：GMmEk＝12中地球引力做正功，根据重力做功与重力势能的关系可知B转化为内能的过程〔与量度〕，所以卫星的机械能将减小，C选项错误。通过定量计算我们可以发现，卫星由的轨道半径为r1减小到r2的过程中，卫星减少的引力势能为的卫星的动能Ek＝12m可见ΔEk=12ΔE转化为内能〔题外话：自然界中有很多这样的半能损失现象和规律〕所以，D选项正确。【要点】：①掌握天体运动中的动能，重力势能或引力势能的求解方法，以及这些能量与轨道半径的关系等是解题的关键，②正确理解做功的过程是一个什么过程，功和能有什么本质区别和联系，③物理现象和过程中有很多“半能损失〞的问题，值得研究和总结。21.公路急转弯处通常是交通事故多发地带。如图，某公路急转弯处是一圆弧，当汽车行驶的速率为vc时，汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势，那么在该弯道处，A.路面外侧高内侧低B.车速只要低于vcC.车速虽然高于vcD.当路面结冰时，与未结冰时相比，vc【考查了】牛顿第二运动定在圆周运动中的应用，向心力的来源，静摩擦力及其变化范围和最大静摩擦力，向心力的供应与需求的三种关系。对物体有无运动趋势的正确理解。【解析】：如下图“当汽车行驶的速率为vc时，汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势，〞受路面的摩擦力，依牛二定律有：mgtanθ=mvc2r力减小，而上式中的mgtanθ不变，故汽车将受到沿〔平行〕路面向上的静摩擦力的作用摩擦力就越大，只有当此静摩擦力〔能够〕到达最大静摩擦力以后汽车才能开始相对地面滑动；假设车速高于vc，那么汽车保持圆周运动所需要的向心力变大而上式中的m故汽车将受到沿〔平行〕路面向下的静摩擦力的作用，车速越大此静摩擦力就越大，只有当此静摩擦力到达最大静摩擦力以后汽车就开始相对地面滑动；选项A、C正确路面结冰时，由mgtanθ=mvc【要点】：向心力问题存在着一个供需问题：供等于需那么刚好匀圆――不离不弃；供大于需那么做向心运动；供小于需那么做离心运动〔满足不了我，我就要离开圆心哦〕。供应的是实际的真实的力，也就是我们学过的各种性质的力，而需要的那么是我们通过〔牛顿第二运动定律等〕计算得来的计算式，二者的表现形式，即表象不同。天体运动也是如此呢，比方卫星等；原子跃迁也是如此，只不过比天体运动多了一个量子化而已。第二卷三、非选择题:包括必考题和选考题两局部。第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答。〔一〕必考题〔共129分〕22.〔8分〕某同学利用下述装置对轻质弹簧的弹性势能进行探究，一轻质弹簧放置在光滑水平桌面上，弹簧左端固定，右端与一小球接触而不固连:弹簧处于原长时，小球恰好在桌面边缘，如图(a)所示。向左推小球，使弹黄压缩一段距离后由静止释放:小球离开桌面后落到水平地面。通过测量和计算，可求得弹簧被压缩后的弹性势能。答复以下问题：(1)本实验中可认为，弹簧被压缩后的弹性势能EpEk相等。重力加速度大小为g。为求得EkA、BA、A.小球的质量mB.小球抛出点到落地点的水平距离sC.桌面到地面的高度hD.弹簧的压缩量△xE.弹簧原长l【考查了】测量平抛运动物体的初速度从而计算平抛时的动能，动能的计算式，能量转化等。【解析】：由动能概念：Ek=12mv标公式s＝vt和h=12到地面的高度h。正确答案为A、将测量值m和v=sgEEk(2).用所选取的测量量和量表示Ek，得()【要点】：为了能够测量出平抛物体的初动能，写出动能的表达式，而后依据“缺什么就找什么〞的原那么逐步找下去；〔物理计算题的分析法也往往是采取“缺什么就去找什么〞的分析方法哦〕。减小(3)图(b)中的直线是实验测量得到的s-Δx图线。从理论上可推出，如果h不变，m减小2增大〔填“增大〞、“减小〞或“不变〞):如果m不变，h增加，s-Δx图线的斜率会(填“增大〞、“减小〞或“不变〞)。由图(b)中给出的直线关系和E2增大【解析】：平抛物体的动能Ek=而Ep=12由此可以看出s-Δx图线的斜率与m或者h23.〔7分〕某同学用量程为1mA、内阻为120Ω的表头按图(a)所示电路改装成量程分别为1v和1A的多用电表。图中R1和R2为定值电阻，S为开关。答复(1)根据图(a)所示的电路，在图(b)所示的实物图上连线。【解析】：正确连线如图中虚线所示电流〔2〕开关S闭合时，多用电表用于测量(填“电流〞、“电压，或“电阻〞电流电压电压(填“电流〞、“电压〞或“电阻〞)。黑〔3黑色(填“红〞或“黑〞)。1.0〔４1.0R1＝880R2880有效数字〕【要点】：①识别电表的功能一是可以看总体内阻，电流表内阻较小，电压表内阻较大；二是看电阻的连接方法：串联分压，并联分流〔可以扩大量程〕②求解物理量：串联有共同的电流，可以列电流等式；并联有共同的电压，可以列电压等式。24.〔14分〕如图，匀强电场中有一半径为r的光滑绝缘圆轨道，轨道平面与电场方向平行。a、b为轨道直径的两端，该直径与电场方向平行。一电荷为q(q＞０)的质点沿轨道内侧运动.经过a点和b点时对轨道压力的大小分别为Na和Nb,不计重力，求电场强度的大小E、质点经过【考查了】牛顿第二运动定律在圆周运动中的应用，电场力及其做功，动能概念和动能定理，牛顿第三定律等【解析】：质点受电场力qE和轨道的弹力N由牛顿第二运动定律可得：qE+Na同理可得质点在b点的牛二定律式：Nb又，对质点由a点到b点的过程应用动能定理有：2qEr=质点在a、b两点的动能分别为：Ek和Ek解①②③可得电场强度大小：E①②相加并将④⑤代入得：12Na+将E=16q(NEk【要点】：正确分析受力，尤其是该题中质点对轨道的压力的方向与质点本身受到的压力的关系。弄清楚动能定理所对应的过程与状态。25.〔18分〕一长木板在水平地面上运动，在ｔ＝0时刻将一相对于地面静止的物块轻放到木板上，以后木板运动的速度－时间图像如下图。己知物块与木板的质量相等，物块与木板间及木板与地面间均有摩擦.物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上。取重力加速度的大小，g=10m/s⑴物块与木板间；木板与地面间的动摩擦因数:⑵从ｔ＝０时刻到物块与木板均停止运动时，物块相对于木板的位移的大小.【考查了】读取且读懂物理图象〔物理意义〕的能力。匀变速直线运动以及相对运动的概念与规律。相对滑动的条件，连接体等。【解析】：图像转折点为物块与木板相对静止的时刻或位置，前后两个运动过程受力情况不同，因此运动情况也不同，可以从两个运动过程〔匀变速直线运动过程〕和三个运动状态入手。解析：首先要确定图像是哪个物体的运动图像，坐标轴的物理意义和单位都是什么，图像的斜率，截距，面积，转折，趋势，峰值等都是什么物理意义。(1)取木板为研究对象，设木板与地面和物块与木板之间的动摩擦因数分别为μ1、(运用力与运动的方法，或者用动量定理，动能定理均可。本人用动量定理――编者注)对木板0～0.52μ1(运用力与运动的方法，或者用动量定理，动能定理均可。本人用动量定理――编者注)而对木块0～0.5s运动过程应用动量代入数值解①②得μ2(2)木板与物块共速时的速度大小为v2=1m/s，假设此后二者之间没有相对滑动，a共=-然有相对滑动。v2f1ff二者做匀减速直线运动，木板的加速度大小大于物块的加速度，因此木板先减速至停止，而此时物块还没有减速到静止，将继续前进，直至最终静止。0.5s前后物块相对木板滑动的加速度等大反向，其运动规律如图中虚线所示，根据物块运动加速度大小vfff二者受力如右图，那么木板的加速度a木块的加速度a由运动学公式v22-v0.5s后木板位移：物块的加速度a0.5s前后木板的位移0.5s前后物块的位移所以整个过程中木块相对木板的位移的大小ΔX=【要点】：横向理解各运动参量：速度，加速度，位移，位置，时间等之间的横向联系与本质区别，是具有普遍意义的学习方法。注意运动的矢量性、相对性，利用相对运动解答问题往往事半功倍。在运动问题中必须注意时空关系，利用时、空辅助关系式〔方程〕解答问题。第(2)小题的前半部也可以运用动能定理解决〔尤其是在或者求解位移的时候〕，或者运用力与运动的观点和方法，即牛顿第二运动定律和运动学公式来解决。33.[物理一选修3-31](5分)(1)(5分)关于一定量的气体，以下说法正确的是(填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分.选对3个得5分;每选错1个扣3分，最低得分为0分).A．气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积，而不是该气体所有分子体积之和B.只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以降低C.在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零D.气体从外界吸收热量，其内能一定增加E．气体在等压膨胀过程中温度一定升高。【考查了】流体体积的概念，温度与分子无规那么运动的关系，分子运动〔无序〕与宏观〔有序〕运动的关系与区别。气体压强形成的微观机理，热力学第一定律，改变内能的两种形式及其二者的区别与联系，气体做功，气体方程等【解析】：A选项正确；温度是分子热运动平均动能的唯一标志，因此B选项也正确；气体的热运动与宏观上的运动没有关系，其压强不是由于重力而产生的，而是有大量气体分子频繁地与器壁碰撞形成的稳定的持续的压强，C选项错误；气体内能的改变由做功和热传递两种方式共同决定，吸收热量但是如果对外做的功大于吸收的热量那么其内能减少，D选项错误；一定质量的气体在等压变化中遵从VT=恒量，或者从克拉伯龙方程【要点】：正确理解并能够灵活应用物理概念与规律，而不是死记硬背和死搬硬套，只有从本质上去理解，才能够深入，才能够灵活应用。例如气体体积与做功，热运动与温度，无序运动与有序运动，气体方程等。(2)(10分)如图，一上端开口、下端封闭的细长玻璃管竖直放置。玻璃管的下部封有长l1=25.0cm的空气柱，中间有一段长为l2=25.0cm的水银柱，上部空气柱的长度l3=40.0cm。大气压强为P0=75.0cmHg。现将一活塞〔图中未画出〕【解析】：对玻璃管下面的气体应用玻意耳马略特定律(P解得P对玻璃管上方的气体应用波玛定律有：P而P代入上式可解得上面气体的长度：l故，活塞下退的距离Δl=34.[物理——选修3-4]〔15分〕〔1〕〔5分〕如图，一轻弹簧一端固定，另一端连接一物块构成弹簧振子，该物块是由a、b两个小物块粘在一起组成的。物块在光滑水平面上左右振动，振幅为A0，周期为T0。当物块向右通过平衡位置时，a、b之间的粘胶迅速脱落；以后小物块a震动的振幅和周期分别为A和T，那么A小于A0(填“>〞“<〞“=〞),T小于T0(填“>〞【考查了】弹簧振子振动的能量与振幅的关系，振动周期与质量的关系。振幅的本质：离开平衡位置的最大距离，反映了振动的能量。振动的周期反映了振动的快慢，质量大那么惯性大，振动变慢；恢复力大〔弹簧劲度系数大〕振动变块，但是要注意，这种关系可不是线性关系哦。rrMABCP(2)(10分)如图，三棱镜的横截面为直角三角形ABC，∠A=30°，∠B=60°。一束平行于AC边的光线自AB边的P点摄入三棱镜，在AC边发生反射后从BC边的M点射出，假设光线在rrMABCP〔i〕求三棱镜的折射率③〔ii〕在三棱镜的AC边是否有光线逸出，写出分析过程。〔不考虑屡次反射〕③②①【考查了】光学局部的反射与折射，折射率的计算，三棱镜，全反射②①和临界角等以及临界角的求法和计算。【解析】：Q〔i〕由题目中“光线在P点的入射角和在M点的折射角相等〞――和几何关系不难看出这两个角度均为60°，根据折射光路的可逆性可知“光线在P点的折射角和在M点的入射角相等〞，设其均为r，如图中两个箭头所指。Q由反射定律可知在玻璃中的反射点Q点，由反射定律可知反射角等于入射角，因此该点入射光线与三棱镜底面的夹角和反射光线与三棱镜底面的夹角也相等，即图中的∠①=∠②，而∠②＝∠③〔两水平平行线的内错角〕，∠③＝r，因此∠①所在的小三角形为等腰三角形，于是有2r+90°+30°=180于是有三棱镜玻璃的折射率n〔ii〕由玻璃的折射率和全反射临界角与折射率的关系式n=1SinC〔或SinC=1n〕可得该光线从玻璃到空气中发生全反射的临界角C的正弦值SinC=33，可见C＜60【要点】：①折射率等〔任何一个物理量都〕有多种求解方法的，起码可以用定义式法――也叫本义法〔包括决定式〕，其次可以用旁义法，旁义法具有更普遍的意义。求解折射率，可以用；正弦比，速度比，临界角等等。应用正弦比求折射率的键是利用几何方法找出入射角和折射角。②力争形象化，即作图，做图也要力争精确，尽可能的准确，总不能自己给自己设置障碍哦。A、BA、(1)(5分)关于原子核的结合能，以下说法正确的是(填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分)。Ａ.原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量B.一重原子核衰变成α粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能C.铯原子核(55133Cs)的结合能小于D.比结合能越大，原子核越不稳定Ｅ.自由核子组成原子核时，其质量亏损所对应的能量大于该原子核的结合能【考查了】对原子物理中的结合能和比结合能的概念、物理意义及其本质的深刻理解【解析】：原子核的结合能等于核子组成原子核时所释放的能量,也等于将原子和拆解成自由核子所要(花费)消耗的能量〔一种能量守恒的表现〕，A选项正确；重核的比结合能〔核子的平均结合能〕小于轻核的比结合能〔轻核较重核稳定的原因〕，B选项正确；铯原子核(55133Cs)的比结合能比铅原子核(82208Pb)的比结合能略大一点，也就是说平均一个核子的结合能大了一点〔原子核的总结合能与原子核中所有核子数的比值〕,但是由于原子核〔82208Pb〕的核子较多，故其总结核能比铯原子核(55133Cs)的〔总〕结合能大，C选项正确；D答案刚好理解反了，比结合能就是反映了原子核的稳定性的；用能量守恒和假想成逆过程，可以知道核子结合成原子核时释放出的能量ΔE=ΔmC【要点】：这个宇宙中的能量是守恒的，只能转化不能消失，亦即只能换一种形式存在。可以采取逆向思维，极限思维等特殊思维方式。例如将核子组合成原子核会释放出能量，而将这个组合成的原子核拆解成自由核子要花费同样的能量哦，你把所有核子圈成一个圈，而结合的原子核与释放出来的能量再圈到另一个圈内，这两个圈是完全“等价〞的哦――你终归没有逃出我的手心么！封闭系统的能量守恒！(2)(10分)如图，光滑水平直轨道上有三个质量均为m的物块A、B、C。B的左侧固定一轻弹簧〔弹簧左侧的挡板质最不计).设A以速度v0朝B运动，压缩弹簧；当A、B速度相等时，B与C起，然后继续运动。假设B和C碰撞过程时间极短。求从A开始压缩弹簧直至与弹簧别离的过程中，〔ⅰ〕整个系统损失的机械能；〔ⅱ〕弹簧被压缩到最短时的弹性势能。【考查了】弹性碰撞和完全非弹性碰撞，碰撞中的动能或机械能损失，以及能量守恒观点和方法的应用【解析】：〔ⅰ〕A与B相互作用至共速，二者动量守恒(动能也守恒)，此时二者的速度为v那么有mv0而后B与C相互作用〔A不参加这一碰撞〕，B与C组成的系统动量守恒，有：m解得B与C的共同速度v这一过程中系统损失的动能即为整个过程中系统损失的机械能，那么系