人教版物理九年级下册第十八章单元测试卷及解析1docx

【若缺失公式、图片现象属于系统读取不行功，文档内容齐全完满，请放心下载。】第十八章章末1一、选择题（每题3分，共30分）1．初中物理九年级下人教版第18章卷1用两只电流表按图示实验电路研究“电功率与电流的关系”，以下说法不正确的选项是（）A．小灯泡电功率的大小是经过灯泡两端的亮度来判断的B．将小灯泡并联是为了控制灯泡两端电压相同C．采用的两只小灯泡规格必定相同D．将其中一只电流表移接到干路上也能够完成实验【考点】J9：电功率与电压、电流的关系．【难度】中等【解析】（1）灯泡亮度由灯泡的实质功率决定，灯泡越亮，灯泡实质功率越大．2）解析电路图，灯泡的连结方式是并联，两灯泡所在支路两端的电压相等．3）每个支路都有电流表，依照公式P=UI、I=，我们判断电流和电功率的关系就要用到电阻这个物理量，因此实验要采用规格不相同的灯泡．4）依照并联电路电流的规律进行解析．【解答】解：A、灯泡的亮暗是由它的实质功率决定的，灯泡越亮，实质功率越大，因此小灯泡电功率的大小能够经过灯泡的亮度来判断，故A正确．B、由图可知，两灯泡的连结方式是并联．在并联电路中，各支路两端的电压都相等．故B正确．C、实验目的是研究电功率与电流的关系．因此在电路中的两个灯泡的规格即功率要有所不相同，故C错误．D、在并联电路中干路电路与支路电流的关系是干路电流等于各支路电流之和；将其中一只电流表移接到干路上也能够求出两个支路的电流，能够完成实验，故D正确．应选C．【议论】此题观察了并联电路的规律，灯泡亮度与电功率的关系，是一道综合性题目；电功率与电压、电流三个之间的关系是一个难点，实验能帮助我们很好的理解这一关系．2．初中物理九年级下人教版第18章卷1图示电路中，电源为恒流源，能向来供应大小恒定的电流，R0为定值电阻，搬动滑动变阻器R的滑片，则以下表示电压表示数U、电路总功率P随电流表示数I变化的关系图线中，可能正确的选项是（）1A．B．C．D．【考点】JA：电功率的计算．【难度】中等【解析】由图R0与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流．电源供应电流必然，依照并联电路特点分别表示出U与I和P与I的表达式，解析判断即可．【解答】解：由图R0与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流．若电源供应的电流恒定为I总，AB、依照并联电路特点可知：U=U=IR=（I﹣I）R=﹣IR+IR，000总00总0其中I总、R0为定值，由U=﹣R0I+I总R0，可知U与I的图象为一次函数，且﹣R0＜0，故AB错误；CD、由电功率的计算公式：电路耗资总功率：P=UI=（I﹣I）R0总=﹣I总0总20总总其中I总、R0为定值，由P=﹣I总R0I+I总2R0，可知P与I的图象为一次函数，﹣I总R0＜0，且I不能够为0，P不会为0，故C正确，D错误．应选C．【议论】此题观察并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要抓住电源是恒流源，重点是得出U与I和P与I的表达式，利用数学知识解析判断它们之间的关系．3．初中物理九年级下人教版第18章卷1将灯L接到电压为U的电路上时，灯的电功率为36W，若将灯L与一个电阻R串通后仍接在原电路上时，灯L耗资的电功率为25W，设灯丝电阻不变，则此电阻耗资的电功率是（）A．3WB．4WC．5WD．11W【考点】JA：电功率的计算．【难度】中等【解析】由功率公式列出只接灯泡时表达式和接入电阻后的功率，两式对照可得灯泡上的电压比值，再由功率表达式P=UI，可得出灯泡与电阻上的功率关系，即可求解．【解答】解：灯L接到电压为U的电路上时，依照P=可得灯泡功率PL=，即：36W=①串通电阻后灯泡功率为：PL′=，25W=②2①÷②得：=．即U′=U，由串通电路的特点知R上的电压为UR=U﹣U=U，由P=UI得：PR=UI，PL′=UI=25W，因此PR=PL′=×25W=5W．因此ABD错误，C正确．应选C．【议论】此题观察串通电路特点和欧姆定律的应用，比率法是解决物理问题的一个常用方法，要学会应用．4．初中物理九年级下人教版第18章卷1小张出差时恰逢抄表日，他家电能表示数为，出差返回时发现家中有一盏60W台灯亮着，检查其他电器都已切断电源，再查察电能表的示数为，则小张出差时间长达（）A．5天B．10天C．30天D．100天【考点】J5：电能表参数的理解与电能的求法．【难度】中等【解析】（1）已知出差前后电能表的示数，后者与前者之差就是时期灯泡耗资的电能；读数时注意：最后一位是小数、单位为kW?h（度）．（2）已知灯泡的额定功率和耗资的电能，利用公式t=获取通电时间，也就是出差时间．【解答】解：灯泡耗资的电能：W=2080.4kW?h﹣2066.0kW?h=14.4kW?h，P=，∴小张的出差时间：t===240h=240×天=10天．应选：B．【议论】此题观察时间的计算，重点是电功率公式及其变形的灵便运用；要求会对电能表进行读数，解题过程中要注意单位的换算．5．初中物理九年级下人教版第18章卷1标有“6V3W的”小灯泡，经过它的电流与电压的关系以下列图．若把它与一只阻值为8Ω的电阻并联接在电压为4V的电路中，则整个电路耗资的功率为（）3A．3WB．3.3WC．3.6WD．5W【考点】JA：电功率的计算；H@：并联电路的电流规律．【难度】中等【解析】从图象上能够看出当电源电压为4V时，经过灯泡的电流为I1=0.4A，依照公式I=可求经过电阻的电流，进一步求出总电流，依照公式P=UI可求整个电路耗资的功率．【解答】解：读图可知，当电源电压为4V时，经过灯泡的电流为I1=0.4A，经过电阻的电流I2===0.5A，电路总电流I=I1+I2=0.4A+0.5A=0.9A，则整个电路耗资的功率为P=UI=4V×0.9A=3.6W．应选C．【议论】此题观察并联电流和电功率的计算，重点是公式及其变形的灵便运用，重点是并联电路电流的规律，还要学会从题目所给信息中找到适用的数据．6．初中物理九年级下人教版第18章卷1以下列图电路，电源电压保持不变．只闭合开关S，电流表的示数为0.2A，再闭合开关S1，电流表的示数变化了0.3A．那么闭合S、S1后，R与R的电功率之比是（）12A．2：3B．3：2C．5：2D．1：2【考点】JA：电功率的计算；H@：并联电路的电流规律；I7：并联电路的电压规律．【难度】中等【解析】当只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，电流表的示数为经过1的电流；R当再闭合开关S1时，两电阻并联，电流表测干路电流，依照并联电路中各支路独立工作、互不影响可知闭合开关S1时经过R1的电流不变，依照并联电路的电流特点可知电流表的变化量即为经过R2的电流，依照并联电路的电压特点和112的电P=UI求出闭合S、S后，R与R功率之比．【解答】解：当只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，电流表的示数为经过R1的电流，即I1=0.2A；当再闭合开关S1时，两电阻并联，电流表测干路电流，∵并联电路中各支路独立工作、互不影响，∴闭合开关S1时经过R1的电流不变，∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，4∴经过R2的电流等于电流表的变化量，即I2=0.3A，∵并联电路中各支路两端的电压相等，∴闭合S、S1后，R1与R2的电功率之比：====．应选A．【议论】此题观察了电功率公式的应用，重点是依照并联电路的特点判断出再闭合开关S1时电流表示数的变化量即为经过过R2的电流．7．初中物理九年级下人教版第18章卷1如图甲所示的两个电流表均为学校实验室里常用的电流表，见图乙．闭合开关后，两电流表的指针都正常偏转且偏转角度相同，此时灯L1和L2的所耗资的电功率P1和P2的比值为（）A．4：1B．1：4C．5：1D．1：5【考点】JA：电功率的计算；H@：并联电路的电流规律；HX：电流表的使用；HY：电流表的读数方法；I7：并联电路的电压规律．【难度】中等【解析】从电路图中能够看出，两灯泡并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量经过灯泡L2的电流，两电流表的指针偏转角度相同，依照两电流表示数的大小关系和电流表的读数，我们可知电流大小的比值，依照公式P=UI可求灯L12的所耗资的电功率12的比值．和LP和P实验室中电流表有两个量程，0～0.6A和0～3A，指针偏转角度相同，采用不相同量程时读数是1：5的关系．【解答】解：电流表A1211，经过灯泡2的示数大于电流表A的示数，经过灯泡L的电流为IL的电流为I2，依照两电流表的指针偏转角度相同，我们可知=，又由于I=I1+I2，因此=，所耗资的电功率P12的比值为===．和P应选A．【议论】此题观察电功率的比值，难点是求经过两只灯泡的电流之比，重点是知道电流表偏转角度相同，但大小不相同时的示数的关系，还要知道并联电路电流和电压的规律．8．初中物理九年级下人教版第18章卷1小伟同学用以下列图的电路测小灯泡的功率．电路中电源电压恒为4.5V，电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A．滑动变阻器的规格为“20Ω1A，”灯泡标有“2.5V1.25W字”样．若闭合开关，两电表的示数均不高出所选量5程，灯泡两端的电压不相同意高出额定值，不考虑灯丝电阻的变化，则以下说法中正确的选项是（）A．滑动变阻器的电阻赞成调治的范围是0～20ΩB．电流表示数的变化范围是0～1AC．灯泡的最小功率是1.25WD．该电路的最大功率是2.25W【考点】JA：电功率的计算；H!：串通电路的电流规律；I6：串通电路的电压规律；IH：欧姆定律的应用；II：电阻的串通．【难度】中等【解析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串通，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，依照P=UI求出灯泡的额定电流，尔后结合电流表的量程确定电路中的最大电流，依照欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的最小电阻，利用电阻的串通求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，再依照P=UI求出该电路的最大功率；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡的功率最小，依照电阻的串通和欧姆定律求出电路中的电流，利用P=I2R求出灯泡的最小功率．【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串通，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）依照P=UI可得，灯的额定电流：IL额===0.5A，因串通电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，因此，电路中的最大电流为Imax=0.5A，故B不正确；由I=可得，灯泡的电阻：RL===5Ω，电流最大时，电路中的总电阻：R===9Ω，因串通电路中总电阻等于各分电阻之和，因此，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑=R﹣RL=9Ω﹣5Ω=4Ω，故A不正确；该电路的最大功率：Pmax=UImax=4.5V×0.5A=2.25W，故D正确；6（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡的功率最小，此时电路中的电流：I===0.18A，min灯泡的最小功率：PL=（Imin）2RL=（0.18A）2×5Ω=0.162W，故C不正确．应选：D．【议论】此题观察了串通电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，重点是依照灯泡的额定电压和电流表的量程确定电路中的最大电流，对于选择题其实不用然完满解答选项，只要有不正确的地方，本选项即为不正确．9．初中物理九年级下人教版第18章卷1以下列图的电路中，电源电压不变，搬动滑动变阻器R1的滑片P，当电流表的示数变化范围为1A～1.3A时，电压表的示数变化了3V，则该定值电阻R2所耗资功率的变化范围是（）A．3W～3.9WB．3W～5.07WC．3.9W～10WD．10W～16.9W【考点】JA：电功率的计算；IH：欧姆定律的应用．【难度】中等【解析】依照欧姆定律分别表示出R2两端的电压，依照电压表的示数变化了3V建立等式即可求出R2的阻值，利用P=I2R分别求出定值电阻R2所耗资最大和最小功率即可得出答案．【解答】解：依照欧姆定律可得：当电路中的电流I1=1A时，电压表的示数U1=I1R2=1A×R2，当电路中的电流I2=1.3A时，电压表的示数U2=I2R2=1.3A×R2，因电流表的示数变化范围为1A～1.3A时，电压表的示数变化了3V，因此，U2122﹣U=1.3A×R﹣1A×R=3V，解得：R2=10Ω，定值电阻R2所耗资的最小功率：P2min=I12R2=（1A）2×10Ω=10W，定值电阻R2所耗资的最大功率：P2max=I22R2=（1.3A）2×10Ω=16.9W，因此，该定值电阻R2所耗资功率的变化范围是10W～16.9W．应选D．【议论】此题观察了欧姆定律和电功率公式的应用，表示出电流表示数的变化求出R2的阻值是重点．10．初中物理九年级下人教版第18章卷1图1是用伏安法测电阻的实验电路图，实验所用的器材：电源一个（电压保持6V不变）．待测电阻一只，电流表（0﹣0.6A，0﹣3A）一只，电压表（0﹣6V，0﹣15V）一只，滑动变阻器（0﹣12Ω）一只，开关一个，导线若干，实验过程中要求电表不高出其量程，且电表的指针最少能达到刻度盘的中线，依照实验数据绘出7被测电阻R的U﹣I图象如图2所示．当电流表和电压表能按要求工作时，R耗资的最大功率与最小功率之比为（）A．25：4B．64：25C．9：2D．4：1【考点】JA：电功率的计算．【难度】中等【解析】先依照图2确定电压表和电流表的量程，尔后读出已知电压值和电流值，依照R=求出定值电阻的阻值；依照电流表、电压表量程以及滑动变阻器的地址确定电路中最大的电流和最小电流，依照P=I2R求出R耗资的最大功率与最小功率．【解答】解：依照图2可知，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～6V；当电路中的电流为0.3A时，电压表示数为2.4V，则R===8Ω；若是滑动变阻器接入电路的电阻为零，电路中的电流I===0.75A＞0.6A，因此当电流表示数为0.6A时，电路中的电流最大，则最大功率：P最大=（0.6A）2×8Ω=2.88W；当电压表示数为3V时，电路中的电流最小，R耗资的功率最小，此时电路中的电流：I最小==A，则最小功率：P最小=（A）2×8Ω=W；故耗资的最大功率与最小功率之比为2.88W：W=64：25．应选B．【议论】此题观察了电阻的U﹣I图象、欧姆定律的应用、功率公式的应用，依照电表的量程及电路结构求出流过电路的最大电流与最小电流是此题的难点，也是此题的解题重点．二、填空题（每空2分，共36分）11．初中物理九年级下人教版第18章卷1以下列图电路，电压U不变，电流表的示数为1A．若是R与R的等效电阻为R，并且R：R=5：3，电阻R耗资的电功率为24W，则电1212阻R1=Ω．8【考点】JA：电功率的计算．【难度】中等【解析】由电路图可知，R1、R2并联，依照并联电路的电流特点和欧姆定律表示出干路电流，依照欧姆定律可知电源的电压和总电阻的大小相等，再依照R1、R的关系表示出电源的电压，联立等式得出R122P=即可得出、R之间的关系，把以上关系式代入电阻R耗资的电功率电阻R1的阻值．【解答】解：由图可知：R1、R2并联，依照并联电路的电流特点可得：I=I1+I2=+=1A﹣﹣﹣﹣﹣﹣①由欧姆定律可得：电路的总电阻R==﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②已知R1：R=5：3，因此R=0.6R1﹣﹣﹣﹣﹣③由①②两式可得R2=1.5R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣④已知P2==24W﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣⑤把②③④两式代入⑤可得：R1=100Ω．故答案为：100．【议论】此题观察了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵便运用，重点是等效电阻的灵便运用最好用欧姆定律来表示，若用电阻的并联特点来表示会较麻烦．12．初中物理九年级下人教版第18章卷1如图甲是一种新式插座，它能即时显示接在该插座时的用电器的工作电压和所耗电费等信息（插座自己耗资电能由内部电池供应），小明将装有质量为2.4kg、初温为10℃水的电水壶插在该插座上，这时插座屏幕上显示如图乙所示，当水烧开至100℃时，屏幕显示如图丙所示，这段时间内电水壶耗资的电能为J，实质功率为W，电水壶烧水的效率为．[电费单价：0.5元/（kW?h）；c水=4.2×103J/（kg?℃）]【考点】JK：电功与热量的综合计算．【难度】中等【解析】（1）电价和显示花销求出耗资的电能；（2）依照P=求出实质功率；9（3）利用Q=cm△t求出水吸取的热量，结合效率公式求出烧水效率．【解答】解：这段时间内耗资的电能为W==0.3kW?h=1.08×106J，实质功率为P===1500W；水吸取的热量为：Q=cm△t=4.2×103J/（kg?℃）×2.4kg×（100℃﹣10℃）=907200J则烧水效率为：η=×100%=×100%=84%故答案为：1.08×106；1500；84%．【议论】此题主要观察学生对于电能、电功率以及加热效率的理解和掌握，熟悉公式是解题重点．13．初中物理九年级下人教版第18章卷1以下列图的电路，电源电压保持不变，R1=10Ω．当闭合开关S，滑动变阻器的滑片P在中点时，电流表的示数为0.2A，电压表的示数为4V．则电源电压为V，该电路通电1min电阻R1最少能产生J的热量．【考点】J2：电功的实质；IH：欧姆定律的应用．【难度】中等【解析】由电路图可知，滑动变阻器与电阻R1串通，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路电流，由串通电路特点及欧姆定律能够求出电源电压；由欧姆定律能够求出滑动变阻器最大阻值；当滑动变阻器阻值全部接入电路时，电路电流最小，由欧姆定律求出此时电路电流，由Q=I2Rt求出R1产生的最小热量．【解答】解：∵I=，∴电阻R1两端电压U1=IR1=0.2A×10Ω=2V，电源电压U=UV+U1=4V+2V=6V，I=，滑动变阻器的滑片P在中点，∴滑动变阻器接入电路的阻值：===20Ω，R滑=2×20Ω=40Ω，电路中的最小电流：I′===0.12A；10电路通电t=1min=60s电阻R1产生的最少热量：Q=I2Rt=（0.12A）2×10Ω×60s=8.64J；故答案为：6；8.64．【议论】此题观察了求电源电压、电阻产生的热量等问题，应用欧姆定律、串通电路特点、焦耳定律即可正确解题．14．初中物理九年级下人教版第18章卷1电子式电能表表盘上标有“3000imp/kW?h的”字样（imp表示电能表指示灯闪烁次数），将某用电器单独接在该电能表上，正常工作30min，电能表指示灯闪烁了300次，则该用电器在上述时间内耗资的电能是kW?h，该用电器的功率是W．【考点】J5：电能表参数的理解与电能的求法．【难度】中等．【解析】3000imp/kW?h表示的是电路中每耗资1kW?h的电能，电能表指示灯闪烁3000次，也许表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中耗资kW?h的电能，求出指示灯闪烁300次电路中耗资的电能．尔后求出用电器的功率．【解答】解：3000imp/kW?h表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中耗资kW?h的电能，指示灯闪烁300次，电路耗资电能为：W=300×kW?h=0.1kW?h，用电器的功率：P===0.2kW=200W．故答案为：0.1；200．【议论】此题观察了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功率的计算，这是利用电能表测量功率的一各种类习题，必然要熟练掌握．15．初中物理九年级下人教版第18章卷1小明观察家里的电饭煲铭牌：额定电压为220V，保温功率为20W，但加热功率已经磨损，电饭煲的工作原理以下列图，经过单刀双掷开关S调治加热和保温两种状态，R1为电热丝．他想利用家里得电能表测出它的加热功率，于是他关闭了家里全部其他用电器，只让电饭煲工作，观察了电能表，发现上面标有“3000R/kW?h，请你帮助小明解决以下问题．(1）电饭煲在加热状态时，开关S应与触点连结；(2）他发现正常加热了6min电饭煲就转为保温状态，在这6min内电能表转盘恰好转了300转，则电饭煲的加热功率是W；(3）若是该电饭煲正常加热耗资了6.72×105J电能，这些能量全部被水吸取，能将kg水在1标准大气压下由20℃加热至沸腾（水的比热容为4.2×103J（kg?℃）(4）保温10min，电热丝R产生的热量为J．111【考点】J5：电能表参数的理解与电能的求法；JK：电功与热量的综合计算．【难度】中等【解析】（1）电路电压必然，由电功率公式P=可知电路电阻越大，电路功率越小，电路电阻越小电路功率越大，解析电路图，尔后答题．2）依照电能表转过的圈数求出电饭煲耗资的电能，尔后由功率公式求出加热功率．3）由热量公式的变形公式求出水的质量．4）由串通电路特点及功率公式求出电热丝耗资的电能．【解答】解：（1）由电路图可知，开关与触点2连结时，电阻R被短路，只有电热丝R1接入电路，此时电路电阻最小，电路电功率最大，电饭煲处于加热状态．（2）电饭煲耗资的电能W=×300R=0.1kW?h=3.6×105J，电饭煲的加热功率P加热===1000W；（3）在1标准大气压下水的沸点是100℃，∵Q=cm△t，∴水的质量m===2kg；（4）∵P=，∴R=，====50，则R1=，经过串通电阻的电流相等，==，保温时，电热丝R11P保温=×20W=0.4W，的功率P=保温10min，电热丝R1产生的热量为Q=P1t=0.4W×600s=240J．故答案为：（1）2；（2）1000；（3）2；（4）240．【议论】此题观察了电路解析、求电功率、水的质量、电阻产生的热量等问题，是一道综合题，解析清楚电路结构、熟练应用热量公式、串通电路特点、电功与电功率公式即可正确解题．16．初中物理九年级下人教版第18章卷1小明和姐姐一起去买电水壶，当他们选择某一品牌的电水壶时，发现有800W和1200W两种功率可选，如图是他们对买哪一款更省电的问题出现的不相同建议．请你在相同质量的水高升相同的温度的前提下，帮他们解析：12(1）不考虑热消失，（选填“800W”、“1200W”、“相同”）省电．原因是．(2）考虑热消失，（选填“800W”、“1200W”、“相同”）省电．原因是．【考点】J8：电功率与电能、时间的关系．【难度】中等【解析】电热壶在工作过程中将电能转变成水的内能．质量相同的水高升相同的温度，需要的热量相同．①若是不考虑热量的损失，电能全部转变成水的内能，使水温高升，已知水需要的热量相同，因此耗资的电能相同，电热壶省电与否与功率没有关系；②考虑热量的消失水在加热过程中，时间越长，热量损失越多，在水升温需要的热量必然的前提下，电热壶功率越低，加热时间越长，热量的损失越多，也就是此电热壶要费电．【解答】解：1）不考虑热损失，两只电热壶省电情况相同，由于电能全部转变成内能被水吸取，水吸取的热量相同，因此省电情况相同；（2）考虑热损失，1200W的电热壶省电，由于水吸热相同，依照W=Pt，功率大的加热时间短，热消失少，因此省电．故答案为：1）相同；电能全部转变成内能被水吸取，水吸取的热量相同，因此省电情况相同；2）1200W；水吸热相同，依照W=Pt，功率大的加热时间短，热消失少，因此省电．【议论】此题观察的是电热器在工作过程中的省电问题，一般地，由于用电器工作过程中不可防备地存在热损失，因此实质功率大的用电器更省电．17．初中物理九年级下人教版第18章卷1学校为班级新买的饮水机的电路图以下列图，铭牌如表示数．S是手动开关，S1是温控开关，当S闭合后，热水箱内的水温低于60℃时S1就自动闭合，水温高于90℃时S1就自动断开，因此这台饮水机有“加热”和“保温”两档功率，在“加热”时，流过电阻R2的电流为A，R1的电阻值为Ω．水桶容积20L热水箱水量1L额定电压220V加热功率484W保温功率44W13【考点】J9：电功率与电压、电流的关系；IG：欧姆定律的变形公式．【难度】中等【解析】由电路图知：当开关S闭合时，电阻R2工作，此时处于保温状态；当S、S1同时闭合时，R1、R2同时工作，此时处于加热状态．①已知保温功率，也就是R2耗资的功率，利用公式I=获取加热状态下经过R2的电流；②已知保温功率和加热功率，能够获取R1耗资的功率；已知R1耗资的功率和额定电压，利用公式R=获取R1的阻值．【解答】解：①保温状态下，R2耗资的功率为P保温=44W，P=UI，∴经过R2的电流为I2===0.2A；②加热状态下，R1耗资的功率为P1=P加热﹣P保温=484W﹣44W=440W，∵P=，∴R1的阻值为R1===110Ω．故答案为：0.2；110．【议论】此题观察的是饮水机不相同工作状态下电功率计算公式的应用．理解电路连结关系及特点，知道加热功率和保温功率的大小关系，是解决此类问题的重点。三、实验研究（第18题8分，第19题8分，共16分）18．初中物理九年级下人教版第18章卷1采用如图的装置研究“电流产生的热量跟什么因素有关”，接通电源，瓶内的空气被加热后膨胀，使U型管中的液面发生变化，经过观察型管的液面变化情况比较出瓶内电阻丝的发热多少．(1）以下列图的是研究电流产生的热量跟的关系，通电一段时间（选填“左瓶”或“右瓶”）内的电阻丝产生的热量多．(2）让实验装置冷却到初始状态，把右瓶并联的两根电阻丝都放入瓶内，接通电源比较两瓶内电阻丝发热多少．此时该装置是研究电流产生的热量跟的关系，一段时间后电阻丝产生的热量（选填“左瓶”、“右瓶”或“两瓶相同”）多．【考点】JH：焦耳定律．【难度】中等14【解析】（1）电流产生的热量跟电流的大小、电阻的大小、通电时间有关；研究电流产生热量跟电流关系时，需控制通电时间和电阻相同，改变电流的大小；研究电流产生热量跟电阻关系时，需控制通电时间和电流相同，改变电阻的大小；2）解析图中的实验装置，看电流、电阻和通电时间中，哪些相同、哪些不相同，从而判断实验研究电流产生的热量与什么因素有关；3）依照焦耳定律的公式Q=I2Rt判断产生热量的多少．【解答】解：（1）如图的装置中，右边两个5Ω的电阻并联后与左边5Ω的电阻再串通；依照串通电路的电流特点可知，右边两个电阻的总电流和左边电阻的电流相等，即I右=I左，两个5Ω的电阻并联，依照并联电路的电流特点可知I右=I内+I外，比较可知I左＞I内；两瓶中电阻相等（均为5Ω），通电时间相等，电流不相同，故研究的是电流产生的热量跟电流的关系；通电一段时间后，由于电阻相同、通电时间相同、I左＞I内，依照焦耳定律Q=I2Rt可知，左瓶内的电阻丝产生的热量多．（2）让实验装置冷却到初始状态，把右瓶并联的两根电阻丝都放入瓶内，右瓶中两根电阻丝对瓶内空气进行加热；依照并联电路总电阻的计算公式可得，右瓶中两根5Ω电阻丝的总电阻为2.5Ω，小于5Ω，即R左＞R右；两瓶内电阻丝的总电阻不相等，通电时间相等，电流相等，故研究的是电流产生的热量跟电阻的关系；通电一段时间后，由于电流相同（即I右=I左）、通电时间相同、R左＞R右，依照焦耳定律Q=I2Rt可知，左瓶内的电阻丝产生的热量多．故答案为：（1）电流；左瓶；（2）电阻；左瓶．【议论】此题观察了学生对焦耳定律的理解，侧重了研究实验的观察，同时在该实验中利用了控制变量法和变换法，是中考物理常有题型．19．初中物理九年级下人教版第18章卷1在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡额定电压为2.5V（电阻值约为5Ω）．(1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连结完满．(2）连结好电路后闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，则出现故障的原因是（选填“小灯泡断路”或“小灯泡短路”）．(3）故障消除后，闭合开关，搬动滑动变阻器滑片P到某处时，电压表示数为2V，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向（选填“左”或“右”）端搬动，使电压表示数为2.5V，此时电流表指针地址如图乙所示，则小灯泡的额定功率为W．(4）若此实验中电流表坏了，为了测出小灯泡的额定功率，小组同学们增加了一个R0=5Ω的定值电阻，设计了如图丙所示的电路和以下实验方案：①调治滑片，使电压表的示数为小灯泡的额定电压；15②保持滑片地址不变，只将电压表a点该接到c点，测出定值电阻R0两端的电压U0，经过计算即可获取小灯泡的额定功率．请你指出该设计方案中存在的问题：．【考点】JF：电功率的测量．【难度】中等【解析】（1）滑动变阻器的接线柱要一上一下的串通在电路中，依照电流流向法连结实物图；2）若灯泡短路，则灯泡两端无电压，电路中有电流；若灯泡断路，则电路中无电流，灯泡两端有电压；3）当电压等于灯泡额定电压灯泡正常发光，依照实物电路确定滑片搬动方向；由图示电流表确定电流表量程与分度值，读出电流表示数，依照P=UI求出灯泡额定功率；4）依照串通电路的特点解析灯泡可否能够正常发光；电压表并联在电路中，电流应从正接线柱流入，负接线柱流出．【解答】解：（1）由于滑动变阻器的接线柱要“一上一下”的串通在电路中，因此只要将滑动变阻器的上方一个接线柱与开关的右接线柱连结即可，以以下列图所示：2）闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，说明在电压表两接线柱之间的电路是短路，因此出现故障的原因是小灯泡短路；3）电压表示数为2V时，小于灯泡的额定电压2.5V，要使灯泡正常发光，依照图甲可知，应向左搬动滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值变小，使电压表示数增大，当电压表示数等于灯泡额定电压2.5V时，灯泡正常发光；由乙可知，电流表选择的量程是0～0.6A，分度值是0.02A，此时电流表示数是0.5A，则小灯泡的额定功率：P=UI=2.5V×0.5A=1.25W．（4）由题意知，电源电压约为3V，灯泡正常发光时电阻约为5Ω，当变阻器电阻为零时，设灯泡两端的电压为UL，依照串通电路电流相等的特点有：=，即：=，解得：UL=1.5V，因此无论怎样调治变阻器，都不能够使灯泡正常发光；保持滑片地址不变，只将电压表的a点接线改接到c点，电压表的正负接线柱接反，无法测出R0两端的电压．故答案为：（1）见上图；（2）小灯泡短路；（3）左；1.25；4）①无论怎样调治变阻器，都不能够使灯泡正常发光；②电压表的正负接线柱接反，无法测出R0两端的电压．【议论】此题是测量小灯泡的额定功率实验，观察了电路的连结、电路故障的解析、电流表的读数及电功率的计算，同时观察了对实验设计的解析，重点掌握测量的原理及电表的使用16方法．四、计算题（第20题9分，第21题9分，共18分）20．初中物理九年级下人教版第18章卷1有两只灯泡，A灯“6V6W”，B灯“6V3W”．A和B中电流随两端电压变化关系的图象如图甲所示．(1）将A、B并联接在6V电源两端，求干路上的电流；(2）将A、B串通接在某电源两端，使B灯恰好正常发光，求此时A灯电阻；(3）将A与一个滑动变阻器（20Ω2A）串通接在6V电源两端，如图乙所示．调治滑动变阻器，当滑动变阻器的功率为A灯功率的两倍时，求滑动变阻器的功率．【考点】JA：电功率的计算；IH：欧姆定律的应用．【难度】难【解析】（1）将A、B并联接在6V电源两端时，两灯泡两端的电压相等，依照图象读出通过两灯泡的电流，依照并联电路的电流特点求出干路电流；（2）将A、B串通接在某电源两端，使B灯恰好正常发光，依照图象读出经过B灯的电流即为电路中的电流，再依照图象读出A灯两端的电压，依照欧姆