高考试题-理综(海南卷)解析版

一、单项选择题：此题共6小题，每题3分，共18分。在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的。1如图，a是竖直平面P上的一点，P前有一条形磁铁垂直于P，且S极朝向a点，P后一电子在偏转线圈和条形磁铁的磁场的共同作用下，在水平面内向右弯曲经过a点。在电子经过a点的瞬间。条形磁铁的磁场对该电子的作用力的方向〔〕A．向上B.向下C.向左D.向右【答案】A2如图，空间有一匀强磁场，一直金属棒与磁感应强度方向垂直，当它以速度v沿与棒和磁感应强度都垂直的方向运动时，棒两端的感应电动势大小ε，将此棒弯成两段长度相等且相互垂直的折弯，置于磁感应强度相垂直的平面内，当它沿两段折线夹角平分线的方向以速度v运动时，棒两端的感应电动势大小为，那么等于〔〕C.1D.【答案】B【解析】设折弯前导体切割磁感线的长度为，折弯后，导体切割磁场的有效长度为，故产生的感应电动势为，所以，B正确；3假设摩托艇受到的阻力的大小正比于它的速率。如果摩托艇发动机的输出功率变为原来的2倍，那么摩托艇的最大速率变为原来的〔〕倍B.2倍C.倍D.倍【答案】D【解析】设，当阻力等于牵引力时，速度最大，输出功率变化前，有，变化后有，联立解得，D正确；4如图，一半径为R的半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端登高。质量为m的质点自轨道端点P由静止开始滑下，滑到最低点Q时，对轨道的正压力为2mg，重力加速度大小为g，质点自P滑到Q的过程中，克服摩擦力所做的功为〔〕A.B.C.D.【答案】C5如图，一充电后的平行板电容器的两极板相距l，在正极板附近有一质量为M、电荷量为q〔q＞0〕的粒子，在负极板附近有另一质量为m、电荷量为-q的粒子，在电场力的作用下，两粒子同时从静止开始运动。两粒子同时经过一平行于正极板且与其相距的平面。假设两粒子间相互作用力可忽略，不计重力，那么M：m为〔〕A.3:2B.2：1C.5:2D.3:1【答案】A【解析】设电场强度为E，两粒子的运动时间相同，对M有，，；对m有，，联立解得，A正确；6假设在某行星和地球上相对于各自水平地面附近相同的高度处、以相同的速率平抛一物体，它们在水平方向运动的距离之比为。该行星质量约为地球的7倍，地球的半径为R，由此可知，该行星的半径为〔〕A.B.C.2RD.【答案】C7如图，两电荷量分别为Q〔Q＞0〕和-Q的点电荷对称地放置在x轴上原点O的两侧，a点位于x轴上O点与点电荷Q之间，b位于y轴O点上方。取无穷远处的电势为零，以下说法正确的选项是A.b点的电势为零，电场强度也为零B.正的试探电荷在a点的电势能大于零，所受电场力方向向右C.将正的试探电荷从O点移到a点，必须克服电场力做功D.将同一正的试探电荷先后从O、b点移到a点，后者电势能的变化较大【答案】BC【解析】因为等量异种电荷在其连线的中垂线上的电场方向为水平指向负电荷，所以电场方向与中垂线方向垂直，故中垂线为等势线，因为中垂线延伸到无穷远处，所以中垂线的电势为零，故b点的电势为零，但是电场强度不为零，A错误；等量异种电荷连线上，电场方向由正电荷指向负电荷，方向水平向右，在中点O处电势为零，O点左侧电势为正，右侧电势为负，又知道正电荷在正电势处电势能为正，故B正确；O点的电势低于a点的电势，电场力做负功，所以必须克服电场力做功，C正确；O点和b点的电势相等，所以先后从O、b点移到a点，电场力做功相等，电势能变化相同，D错误；8如图，物块a、b和c的质量相同，a和b、b和c之间用完全相同的轻弹簧S1和S2相连，通过系在a上的细线悬挂于固定点O；整个系统处于静止状态；现将细绳剪断，将物块a的加速度记为a1，S1和S2相对原长的伸长分别为△l1和△l2，重力加速度大小为g，在剪断瞬间A.a1=3gB.a1=0C.△l1=2△l2D.△l1=△l2【答案】AC9如图，升降机内有一固定斜面，斜面上放一物体，开始时升降机做匀速运动，物块相对斜面匀速下滑，当升降机加速上升时A.物块与斜面间的摩擦力减小B.物块与斜面间的正压力增大C.物块相对于斜面减速下滑D.物块相对于斜面匀速下滑【答案】BD【解析】当升降机加速上升时，物体有竖直向上的加速度，那么物块与斜面间的正压力增大，根据滑动摩擦力公式可知接触面间的正压力增大，物体与斜面间的摩擦力增大，故A错误B正确；设斜面的倾角为，物体的质量为m，当匀速运动时有，即，假设物体以加速度a向上运动时，有，，因为，所以，故物体仍做匀速下滑运动，C错误D正确；10如图，一理想变压器原、副线圈匝数比为4:1，原线圈与一可变电阻串联后，接入一正弦交流电源；副线圈电路中固定电阻的阻值为R0，负载电阻的阻值R=11R0，是理想电压表；现将负载电阻的阻值减小为R=5R0，保持变压器输入电流不变，此时电压表读数为，那么A.此时原线圈两端电压的最大值约为34VB.此时原线圈两端电压的最大值约为24VC.原线圈两端原来的电压有效值约为68VD.原线圈两端原来的电压有效值约为48V【答案】AD第二卷本卷包括必考题和选考题两局部，第11题~第14题为必考题，每个试题都必须做答，第15题~第17题为选考题，根据要求做答。三、实验题：此题共2小题，第11题6分，第12题9分，共15分。把答案写在答题卡中指定的答题处。11某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如图〔a〕和〔b〕所示。该工件的直径为______cm，高度为________mm。【答案】，12某同学利用图〔a〕所示电路测量电容器充电时两极板间的电压随时间的变化。实验中使用的器材为：电池E〔内阻很小〕、开关和、电容器C〔约100〕、电阻〔约200k〕、电阻〔1k〕、电压表V〔量程6V〕、秒表、导线假设干。(1)按图〔a〕所示的电路原理将图〔b〕中实物图连线。(2)先闭合开关，再断开开关：闭合开关，同时按下秒表开始计时。假设某时刻电压表示数如图〔c〕所示，电压表的读数为________V〔保存2位小数〕。(3)该同学每隔10s记录一次电压表的读数，记录的数据如下表所示，在答题卡给出的坐标纸上绘出图线，只有一个数据点误差较大，该数据点对应的表中的时间是______s。(4)电路中C、和构成的回路的作用是___________。【答案】〔1〕图略〔2〕3.6V〔3〕40s〔4〕使实验前电容器两极板上的电荷相中和13如图，两平行金属导轨位于同一水平面上，相距，左端与一电阻R相连；整个系统置于匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向竖直向下。一质量为m的导体棒置于导轨上，在水平外力作用下沿导轨以速度匀速向右滑动，滑动过程中始终保持与导轨垂直并接触良好。导体棒与导轨间的动摩擦因数为，重力加速度大小为g，导轨和导体棒的电阻均可忽略。求〔1〕电阻R消耗的功率；〔2〕水平外力的大小。【答案】〔1〕〔2〕【解析】〔1〕导体切割磁感线运动产生的电动势为，根据欧姆定律，闭合回路中的感应电流为电阻R消耗的功率为，联立可得〔2〕对导体棒受力分析，受到向左的安培力和向左的摩擦力，向右的外力，三力平衡，故有，，故14如图，位于竖直水平面内的光滑轨道由四分之一圆弧ab和抛物线bc组成，圆弧半径Oa水平，b点为抛物线顶点。h=2m,，s=。取重力加速度大小。〔1〕一小环套在轨道上从a点由静止滑下，当其在bc段轨道运动时，与轨道之间无相互作用力，求圆弧轨道的半径；〔2〕假设环从b点由静止因微小扰动而开始滑下，求环到达c点时速度的水平分量的大小。【答案】〔1〕〔2〕【解析】〔1〕一小环套在bc段轨道运动时，与轨道之间无相互作用力，那么说明下落到b点时的速度，使得小环套做平抛运动的轨迹与轨道bc重合，故有①，②，从ab滑落过程中，根据动能定理可得③，联立三式可得〔2〕下滑过程中，初速度为零，只有重力做功，根据动能定理可得④因为物体滑到c点时与竖直方向的夹角等于〔1〕问中做平抛运动过程中经过c点时速度与竖直方向的夹角相等，设为，那么根据平抛运动规律可知⑤，根据运动的合成与分解可得⑥联立①②④⑤⑥可得15、模块3-3试题〔12分〕〔1〕地球大气层的厚度h远小于地球半径R，空气平均摩尔质量为M，阿伏伽德罗常数为，地面大气压强为，重力加速度大小为g。由此可以估算得，地球大气层空气分子总数为，空气分子之间的平均距离为。【答案】，【解析】设大气层中气体的质量为m，由大气压强产生，，即：分子数，假设每个分子占据一个小立方体，各小立方体紧密排列，那么小立方体边长即为空气分子平均间距，设为a，大气层中气体总体积为V，，而，所以〔2〕如图，一底面积为S、内壁光滑的圆柱形容器竖直放置在水平地面上，开口向上，内有两个质量均为m的相同活塞A和B；在A与B之间、B与容器底面之间分别封有一定量的同样的理想气体，平衡时体积均为V。容器内气体温度始终不变，重力加速度大小为g，外界大气压强为。现假设活塞B发生缓慢漏气，致使B最终与容器底面接触。求活塞A移动的距离。【答案】【解析】A与B之间、B与容器底面之间的气体压强分别为、，在漏气前，对A分析有，对B有B最终与容器底面接触后，AB间的压强为P，气体体积为，那么有因为温度失重不变，对于混合气体有，漏气前A距离底面的高度为，漏气后A距离底面的高度为联立可得16、模块3-4试题。〔1〕一列沿x轴正方向传播的简谱横波在t=0时刻的波形如下图，质点P的x坐标为3m.。任意振动质点连续2次经过平衡位置的时间间隔为。以下说法正确的选项是(填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得3分，选3个得4分；每选错1个扣2分，最低得分为0分)。A.波速为4m/sB.波的频率为1.25HzC.x坐标为15m的质点在t时恰好位于波谷D.x的坐标为22m的质点在t时恰好位于波峰E.当质点P位于波峰时，x坐标为17m的质点恰好位于波谷【答案】BDE【解析】任意振动质点连续2次经过平衡位置的时间间隔为，那么，解得从图像中可知，所以根据公式，故A错误；根据公式可得波的频率为1.25Hz，B正确；x坐标为15m的质点和x坐标为3m的质点相隔12m，为波长的整数倍，即两质点为同相点，而x坐标为3m的质点经过t即四分之一周期振动到平衡位置，所以x坐标为15m的质点在t时振动到平衡位置，C错误；x的坐标为22m的质点和x的坐标为2m的质点为同相点，x的坐标为2m的质点经过t即四分之一周期恰好位于波峰，故x的坐标为22m的质点在t时恰好位于波峰，D正确；当质点P位于波峰时，经过了半个周期，而x坐标为17m的质点和x坐标为1m的质点为同相点，经过半个周期x坐标为1m的质点恰好位于波谷，E正确；〔2〕一半径为R的半圆形玻璃砖，横截面如下图。玻璃的全反射临界角r〔r<〕。与玻璃砖的底平面成〔〕角度、且与玻璃砖横截面平行的平行光射到玻璃砖的半圆柱面上。经柱面折射后，有局部光〔包括与柱面相切的入射光〕能直接从玻璃砖底面射出。假设忽略经半圆柱内外表反射后射出的光，求底面透光局部的宽度。【答案】【解析】光路图如下图，沿半径方向射入玻璃砖的光线，即光线①射到MN上时，根据几何知识入射角恰好等于临界角，即恰好在圆心O处发生全反射，光线①左侧的光线，经球面折射后，射到MN上的角一定大于临界角，即在MN上发生全反射，不能射出，光线①右侧的光线射到MN上的角小于临界角，可以射出，如图光线③与球面相切，入射角，从MN上垂直射出，根据折射定律可得，根据全反射定律，两式联立解得根据几何知识，底面透光局部的宽度17.模块3-5试题〔12分〕〔1〕氢原子基态的能量为。大量氢原子处于某一激发态。由这些氢原子可能发出的所有光子中，频率最大的光子能量为，频率最小的光子的能量为eV〔保存2位有效数字〕，这些光子可具有种不同的频率。【答案】，10【解析】频率最小的光子是从跃迁，即频率最小的光子的能量为频率最大的光子能量为，即，解得即，从能级开始，共有，，，，，，，，，，10种不同频率的光子〔2〕运动的原子核放出粒子后变成静止的原子核Y。X、Y和粒子的质量分别是M、和，真空中的光速为c，粒子的速度远小于光速。求反响后与反响前的总动能之差以及粒子的动能。【答案】，【解析】反响后由于存在质量亏损，所以反响前后总动能之差等于质量亏损而释放出的能量，故根据爱因斯坦质能方程可得①反响过程中三个粒子组成的系统动量守恒，故有，②联立①②可得1．细胞膜是细胞的重要结构。关于细胞膜的表达，错误的选项是A．细胞膜是一种选择透过性膜B．乙醇通过细胞膜需要消耗ATPC．氨基酸借助膜蛋白可通过细胞膜D．蛋白质分子可以嵌入磷脂双分子层中【答案】B【解析】细胞膜是一种选择透过性膜，其功能特点是具有一定的选择性，A正确；乙醇通过细胞膜的方式为自由扩散，不需要消耗ATP，B错误；氨基酸跨膜运输方式为主动运输，需借助膜蛋白通过细胞膜，C正确；蛋白质分子以不同程度地嵌入磷脂双分子层中，D正确。2．细胞是生命活动的根本单位。关于细胞结构的表达，错误的选项是A．细菌有核塘体，无叶绿体B．蓝藻无细胞核，也无核糖体C．水绵有细胞核，也有叶绿体D．酵母菌有细胞核，无叶绿体【答案】B3．ATP是直接为细胞生命活动提供能量的有机物。关于ATP的表达，错误的选项是A．酒精发酵过程中有ATP生成B．ATP可为物质跨膜运输提供能量C．ATP中高能磷酸键水解可释放能量D．ATP由腺嘌呤、脱氧核糖和磷酸组成【答案】D【解析】酵母菌进行酒精发酵过程中有ATP生成，A正确；ATP可为主动运输提供能量，B正确；ATP中远离腺苷的高能磷酸键水解可释放能量，为生命活动供能，C正确；ATP由腺嘌呤、核糖和磷酸组成，D错误。4．关于生物体产生的酶的表达，错误的选项是A．酶的化学本质是蛋白质或RNAB．脲酶能够将尿素分解成氨和CO2C．蛋白酶和淀粉酶都属于水解酶类D．纤维素酶能够降解植物细胞壁和细菌细胞壁【答案】D【解析】酶的化学本质是蛋白质或RNA，A正确；脲酶能够将尿素分解成氨和CO2，B正确；蛋白酶和淀粉酶都属于水解酶类，C正确；纤维素酶能够降解植物细胞壁，细菌细胞壁的成分是肽聚糖，需用肽聚糖酶降解，D错误。5．关于细胞凋亡的表达，错误的选项是A．细胞凋亡受细胞自身基因的调控B．细胞凋亡也称为细胞编程性死亡C．细胞凋亡不出现在胚胎发育过程中D．被病原体感染的细胞可通过细胞凋亡去除【答案】C【解析】细胞凋亡受细胞自身基因的调控，是正常的细胞生命活动，A正确；细胞凋亡也称为细胞编程性死亡，B正确；细胞凋亡可出现在个体发育全过程中，C错误；被病原体感染的细胞去除属于细胞凋亡，D正确。6．关于人体造血干细胞的表达，错误的选项是A．造血干细胞与成熟红细胞中的酶存在差异B．造血干细胞分化为成熟红细胞的过程是可逆的C．健康成年人的造血干细胞主要存在于其骨髓中D．造血干细胞分化形成的红细胞和白细胞寿命不同【答案】B【解析】造血干细胞与成熟红细胞中的酶存在差异，是基因选择性表达的结果，A正确；哺乳动物成熟红细胞没有细胞核与各种细胞器，造血干细胞分化为成熟红细胞的过程是不可逆的，B错误；健康成年人的造血干细胞主要存在于其骨髓中，C正确；造血干细胞分化形成的红细胞和白细胞寿命不同，是细胞分化的结果，D正确。7．以下过程中，由逆转录酶催化的是A．DNA→RNA B．RNA→DNAC．蛋白质→蛋白质 D．RNA→蛋白质【答案】B【解析】DNA→RNA是转录过程，需RNA聚合酶催化，A不符合题意；RNA→DNA是逆转录过程，需逆转录酶催化，B符合题意；蛋白质→蛋白质 ，是阮病毒的遗传信息传递过程，C不符合题意；RNA→蛋白质是翻译过程，D不符合题意。8．科学家通过研究植物向光性发现的激素是A．脱落酸 B．乙烯 C．细胞分裂素 D．IAA【答案】D【解析】科学家通过研究植物向光性发现的激素是生长素，即IAA，应选D。9．植物甲与植物乙的净光合速率随叶片温度〔叶温〕变化的趋势如下图。错误的选项是A．植物甲和乙光合作用所需要的能量都来自于太阳能B．叶温在36～50℃时，植物甲的净光合速率比植物乙的高C．叶温为25℃时，植物甲的光合与呼吸作用强度的差值不同于植物乙的D．叶温为35℃时，甲、乙两种植物的光合与呼吸作用强度的差值均为0【答案】D10．取生理状态相同的某种植物新鲜叶片假设干，去除主脉后剪成大小相同的小块，随机分成三等份，之后分别放入三种浓度的蔗糖溶液〔甲、乙、丙〕中，一定时间后测得甲的浓度变小，乙的浓度不变，丙的浓度变大。假设蔗搪分子不进出细胞，那么关于这一实验结果。以下说法正确的选项是A．实验前，丙的浓度＞乙的浓度＞甲的浓度B．乙的浓度不变是因为细胞内蔗糖浓度与乙的浓度相等C．实验中，细胞与蔗糖溶液间的水分移动属于协助扩散D．甲、丙的浓度变化是由水分在细胞与蔗糖溶液间移动引起的【答案】D【解析】成熟的植物细胞是一个渗透系统，当外界溶液浓度大于细胞液浓度时细胞失水发生质壁别离现象，反之发生质壁别离复原现象，两者浓度相等时，吸水量与失水量相等，水分进出到达平衡状态；分析实验结果可知，实验过程中，甲吸水、乙水分进出平衡、丙失水，所以实验前甲的浓度＞乙的浓度＞丙的浓度，A错误；乙的浓度不变是因为细胞外蔗糖浓度与乙的浓度相等，水分进出平衡，B错误；实验中细胞与蔗糖溶液间的水分移动属于自由扩散，C错误；甲、丙的浓度变化是由水分在细胞与蔗糖溶液间移动引起的，D正确。11．关于蛋白质的表达，错误的选项是A．rRNA能参与蛋白质的生物合成B．DNA和蛋白质是染色体的组成成分C．人体血浆中含有浆细胞分泌的蛋白质D．核糖体上合成的蛋白质不能在细胞核中发挥作用【答案】D【解析】rRNA是核糖体的组成成分，核糖体是蛋白质合成的场所，A正确；DNA和蛋白质是染色体的组成成分，B正确；人体血浆中含有浆细胞分泌的抗体，抗体属于蛋白质，C正确；核糖体上合成的蛋白质可通过核孔进入细胞核，在细胞核中发挥作用，D错误。12．以下表达正确的选项是A．孟德尔定律支持融合遗传的观点B．孟德尔定律描述的过程发生在有丝分裂中C．按照孟德尔定律，AaBbCcDd个体自交，子代基因型有16种D．按照孟德尔定律，对AaBbCc个体进行测交，测交子代基因型有8种【答案】13．关于人体生命活动调节的表达，错误的选项是A．除激素外，CO2也是体液调节因子之一B．肾上腺髓质的分泌活动不受神经纤维的支配C．机体水盐平衡的维持受神经调节和体液调节D．血糖浓度可影响胰岛素和胰高血糖素的分泌量【答案】B【解析】除激素外，CO2参与呼吸调节，是体液调节因子之一，A正确；肾上腺髓质的分泌活动受神经纤维的支配，B错误；机体水盐平衡的维持受神经调节和体液〔抗利尿激素〕调节，C正确；血糖浓度可影响胰岛素和胰高血糖素的分泌量，D正确。14．关于人体体温调节的表达，错误的选项是A．呼气是人体的主要散热途径B．骨骼肌和肝脏是人体的主要产热器官C．有机物的氧化分解是人体产热的重要途径D．下丘脑有体温调节中枢，也有感受体温变化的功能【答案】D【解析】呼气是人体的主要散热途径，A错误；骨骼肌和肝脏是人体的主要产热器官，B正确；有机物的氧化分解是人体产热的重要途径，C正确；下丘脑有体温调节中枢，体温感受器能感受体温变化，D错误。15．关于人体内激素和酶的表达，错误的选项是A．激素的化学本质都是蛋白质B．高效性是酶的重要特性之一C．酶可以降低化学反响的活化能D．激素与靶细胞结合可影响细胞的代谢【答案】A【解析】一些激素的化学本质是蛋白质，一些激素的化学成分不是蛋白质，如性激素的成分是固醇，A错误；酶具有高效性、专一性和多样性的特点，B正确；酶通过降低化学反响的活化能提高反响速率，C正确；激素通过与靶细胞结合传递信息，影响靶细胞的代谢活动，D正确。16．以下表达错误的选项是A．小肠黏膜中的一些细胞具有内分泌功能B．小肠上皮细胞与内、外环境均有物质交换C．小肠上皮细胞吸收溶质发生障碍时，可导致小肠吸水减少D．小肠黏膜中的一些细胞可通过被动运输将某种蛋白分泌到肠腔【答案】D【解析】小肠黏膜中的一些细胞具有内分泌功，如能分泌促胰液素，A正确；小肠上皮细胞与内、外环境均有物质交换，B正确；小肠上皮细胞吸收溶质发生障碍时，会改变细胞内外溶液浓度，可导致小肠吸水减少，C正确；小肠黏膜中的一些细胞可通过被胞吐方式将某种蛋白分泌到肠腔，D错误。17．关于动物体液调节的表达，错误的选项是A．机体内甲状腺激素的分泌受反响调节B．与神经调节相比，体液调节迅速而准确C．血液中某激素的浓度可反映该激素的分泌量D．激素的分泌量可随内、外环境的改变变化【答案】B【解析】动物体内甲状腺激素的分泌受反响调节，A正确；与体液调节相比，神经调节迅速而准确，B错误；血液中某激素的浓度可反映该激素的分泌量，B正确；激素的分泌量可随内、外环境的改变变化，D正确。18．人体中血浆、组织液和淋巴等构成了细胞赖以生存的内环境，以下表达错误的选项是A．血浆和组织液都有运输激素的作用B．血浆和淋巴都是免疫细胞的生存环境C．血红蛋白主要存在于血浆和组织液中D．组织液中的蛋白质浓度低于血浆中的蛋白质浓度【答案】C19．关于等位基因B和b发生突变的表达，错误的选项是A．等位基因B和b都可以突变成为不同的等位基因B．X射线的照射不会影响基因B和基因b的突变率C．基因B中的碱基对G－C被碱基对A－T替换可导致基因突变D．在基因b的ATGCC序列中插入碱基C可导致基因b的突变【答案】B【解析】基因突变具有不定向性，等位基因B和b都可以突变成为不同的等位基因，A正确；X射线的照射会影响基因B和基因b的突变率，B错误；基因B中的碱基对G－C被碱基对A－T替换可导致基因突变，C正确；在基因b的ATGCC序列中插入碱基C可导致基因b的突变，D正确。20．关于密码子和反密码子的表达，正确的选项是A．密码子位于mRNA上，反密码子位于RNA上B．密码子位于tRNA上，反密码子位于mRNA上C．密码子位于rRNA上，反密码子位于tRNA上D．密码子位于rRNA上，反密码子位于mRNA上【答案】A【解析】密码子位于mRNA上，反密码子位于tRNA上，A正确，B、C、D错误。21．关于基因突变和染色体结构变异的表达，正确的选项是A．基因突变都会导致染色体结构变异B．基因突变与染色体结构变异都导致个体表现型改变C．基因突变与染色体结构变异都导致碱基序列的改变D．基因突变与染色体结构变异通常都用光学显微镜观察【答案】C【解析】基因突变不会导致染色体结构变异，A错误；基因突变与染色体结构变异都有可能导致个体表现型改变，B错误；基因突变与染色体结构变异都导致碱基序列的改变，C正确；基因突变在光学显微镜下是不可见的，染色体结构变异可用光学显微镜观察到，D错误。22．关于森林群落的表达，错误的选项是A．碳可在森林群落和无机环境之间进行循环B．森林群落在垂直方向上没有明显的分层现象C．互利共生、捕食和竞争等可以出现在森林群落中D．群落中植物放出的氧气可被动物、植物及微生物利用【答案】B【解析】碳可在森林群落和无机环境之间进行循环，A正确；森林群落在垂直方向上有明显的分层现象，B错误；互利共生、捕食和竞争等可以出现在森林群落中，C正确；群落中植物放出的氧气可被动物、植物及微生物利用，D正确。23．俗话说:“大鱼吃小鱼，小鱼吃小虾，小虾吃泥巴〞。某同学据此设计了一个水池生态系统。以下属于该生态系统第一营养级的是A．小鱼吃的小虾B．泥巴中的藻类C．吃小鱼的大鱼D．泥巴中的大肠杆菌【答案】B24．将一株生长正常的某种植物里于密闭的玻璃容器内，在适宜条件下光照培养。从照光开始，净光合速率随着时间延长逐渐下降直至为0。之后保持不变。在上述整时间段内，玻璃容器内CO2浓度表现出的变化趋势是A．降低至一定水平时再升高B．持续保持相对稳定状态C．降低至一定水平时保持不变D．升高至一定水平时保持相对稳定【答案】C【解析】密闭容器内的植物在光照条件下既能进行光合作用也能进行有氧呼吸，植物净光合速率=实际光合速率-呼吸速率，净光合速率只要大于0，那么光合作用消耗的CO2量就大于有氧呼吸释放的CO2量；根据题意，从照光开始，净光合速率随着时间延长逐渐下降直至为0，之后保持不变。说明密闭容器内的CO2浓度从光照开始就下降，当净光合速率随着时间延长逐渐下降直至为0时，密闭容器内的CO2浓度停止下降下降，然后净光合速率为0保持不变，密闭容器内的CO2浓度保持不变，所以C正确。25．关于草原生态系统能量流动的表达，错误的选项是A．能量流动包括能量的输入、传递、转化和散失的过程B．分解者所需的能量可来自各营养级生物所储存的能量C．生态系统维持正常功能需要不断得到来自系统外的能量D．生产者固定的能量除用于自身呼吸外，其余均流入下一营养级【答案】D【解析】生态系统的能量流动包括能量的输入、传递、转化和散失的过程，A正确；分解者所需的能量可来自各营养级生物所储存的能量，B正确；能量流动逐渐递减，生态系统维持正常功能需要不断得到来自系统外的能量，C正确；生产者固定的能量除用于自身呼吸外，其余均流入下一营养级及分解者，D错误。26．〔8分〕答复以下问题：〔1〕将贮藏的马铃薯〔块茎〕放入蒸馏水中，水分通过＿＿的方式进入马铃薯细胞，引起马铃薯鲜重增加。随着蒸馏水处理时间延长，该马铃薯鲜重不再增加，此时，马铃薯细胞的渗透压比处理前的＿＿＿＿＿。〔2〕将高温杀死的马铃薯细胞放入高浓度的NaCl溶液中，＿＿〔填“会〞或“不会〞〕发生质壁别离现象。〔3〕将发芽的马铃薯制成匀浆，使其与斐林试剂发生作用，生成砖红色沉淀，说明该马铃薯匀浆中含有＿＿＿＿＿＿。【答案】〔1〕自由扩散低〔2〕不会〔3〕可溶性复原糖【解析】〔1〕将贮藏的马铃薯〔块茎〕放入蒸馏水中，水分通过自由扩散的方式进入马铃薯细胞，引起马铃薯鲜重增加。随着蒸馏水处理时间延长，该马铃薯鲜重不再增加，此时由于细胞吸水，马铃薯细胞的渗透压比处理前的低。〔2〕高温杀死的马铃薯细胞其原生质层的选择透过性功能丧失，放入高浓度的NaCl溶液中，不会发生质壁别离现象。〔3〕可溶性复原糖与斐林试剂发生作用，生成砖红色沉淀；将发芽的马铃薯制成匀浆，使其与斐林试剂发生作用，生成砖红色沉淀，说明该马铃薯匀浆中含有可溶性复原糖。27．〔8分〕Na＋在人体的内环境稳态维持和细胞兴奋过程中具有重要作用。答复以下问题：〔1〕Na＋和Cl－对维持血浆渗透压起重要作用，将红细胞放入0.9%的NaCl溶液中，细胞形态＿＿＿〔填“会〞或“不会〞〕改变。〔2〕Na＋可与＿＿＿等无机负离子共同存在于血浆中，一起参与缓冲物质的构成。人血浆pH的正常范围是＿＿＿＿＿＿。〔3〕神经细胞受到刺激产生兴奋主要是由于Na＋＿＿＿引起膜电位改变而产生的。当兴奋沿细胞膜传导时，整个细胞膜都会经历与受刺激点相同的＿＿＿＿＿。【答案】〔1〕不会〔2〕HCO3-〔3〕内流电位变化，形成动作电位【解析】〔1〕0.9%的NaCl溶液是成熟红细胞的等渗溶液，将红细胞放入0.9%的NaCl溶液中，水分进出平衡，细胞形态不会改变。〔2〕Na＋可与HCO3-等无机负离子共同存在于血浆中，一起参与缓冲物质的构成，维持血浆PH值相对稳定。人血浆pH的正常范围是7.35-7.45。〔3〕神经细胞受到刺激时Na＋内流，产生兴奋。当兴奋沿细胞膜传导时，整个细胞膜都会经历与受刺激点相同的电位变化，形成动作电位。28．〔9分〕答复以下关于红树林生态系统的问题：〔1〕红树林具有调节气候、保护海岸的作用。从生物多样性价值的角度分析，这种作用所具有的价值属于＿＿〔填“间接〞或“潜在〞〕价值。〔2〕某红树林生态系统的碳循环如下图。图中A是一种气体，B、C、D、E和F表示生物成分，箭头表示碳流动的方向。图中A表示＿＿＿，生物成分E表示＿＿＿＿。生物成分F表示＿＿＿＿，＿＿表示初级消费者。【答案】〔1〕间接价值〔也叫生态功能〕〔2〕大气中CO2库生产者分解者C【解析】〔1〕红树林具有调节气候、保护海岸的作用，属于生物多样性的间接价值，也叫生态功能。〔2〕分析图形可知，图中A是大气中CO2库，E与A之间为双向箭头，说明E是生产者；C以E为食是初级消费者，B是次级消费者，D是三级消费者；各种生物的能量均流向F，且F能将生物群落的有机碳分解为CO2释放到大气中，所以F是分解者。29．〔10分〕答复以下关于遗传和变异的问题：〔1〕高等动物在产生精子或卵细胞的过程中，位于非同源染色体上的基因会发生＿＿＿＿，同源染色体的非姐妹染色单体之间可能会发生＿＿＿＿，这两种情况都可能导致基因重组，从而产生基因组成不同的配子。〔2〕假设物种的染色体数目为2n，在其减数分裂过程中，会出现不同的细胞，甲、乙2个模式图仅表示出了Aa、Bb基因所在的常染色体，那么，图甲表示的是＿＿＿＿〔填“初级精母细胞〞、“次级精母细胞〞或“精细胞〞〕，图乙表示的是＿＿＿＿〔填“初级精母细胞〞、“次级精母细胞〞或“精细胞〞〕。〔3〕某植物的染色体数目为2n，其产生的花粉经培养可得到单倍体植株。单倍体是指＿＿＿＿＿＿＿＿。【答案】〔1〕自由组合交叉互换〔2〕初级精母细胞精细胞〔3〕体细胞内含有本物种配子染色体数目的个体【解析】〔1〕高等动物在产生精子或卵细胞的过程中，减数第一次分裂后期，位于非同源染色体上的基因会发生自由组合；减数第一次分裂前期，同源染色体的非姐妹染色单体之间可能会发生交叉互换，这两种情况都可能导致基因重组，从而产生基因组成不同的配子。〔2〕根据题意，二倍体生物精子形成过程中，减数第一次分裂的前期同源染色体联会形成四分体，根据图甲中基因的数量和位置可知，图甲表示初级精母细胞；图乙中没有同源染色体，也无染色单体，表示精细胞。〔3〕单倍体是指体细胞内含有本物种配子染色体数目的个体。30．【生物－选修1：生物技术实践】〔15分〕生产果汁时，用果胶酶处理果泥可提高果汁的出汁率。答复以下相关问题：〔1〕某同学用三种不同的果胶酶进行三组实验，各组实验除酶的来源不同外，其他条件都相同，测定各组的出汁量，据此计算各组果胶的活性的平均值并进行比拟。这一实验的目的是＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿。〔2〕现有一种新别离出来的果胶酶，为探究其最适温度，某同学设计了如下实验：取试管16支，分别参加等量的果泥、果胶酶、缓冲液，混匀，平均分为4组，分别置于0℃、5℃、10℃、40℃下保温相同时间，然后，测定各试管中的出汁量并计算各组出汁量平均值。该实验温度设置的缺乏之处有＿＿＿和＿＿＿＿。〔3〕某同学取5组试管〔A～E〕分别参加等量的同种果泥，在A、B、C、D4个实验组的试管中分别参加等量的缓冲液和不同量的同种果胶酶，然后，补充蒸馏水使4组试管内液体体积相同；E组参加蒸馏水使试管中液体体积与实验组相同。将5组试管置于适宜温度下保温一定时间后，测定各组的出汁量。通过A～D组实验可比拟不同实验组出汁量的差异。本实验中，假设要检测参加酶的量等于0而其他条件均与实验组相同时的出汁量，E组设计＿＿＿〔填“能〞或“不能〞〕到达目的，其原因是＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿。【答案】〔1〕探究不同来源果胶酶的活性〔2〕4组的温度设置不适宜各组的酶促反响受两个不同温度影响〔3〕不能E组参加蒸馏水而不是缓冲液违背了单一变量原那么【解析】〔1〕根据题意，用三种不同的果胶酶进行三组实验，各组实验除酶的来源不同外，其他条件都相同，测定各组的出汁量，据此计算各组果胶的活性的平均值并进行比拟，可见实验的自变量是果胶酶的来源不同，因变量是果胶酶的活性，所以该实验目的是探究不同来源果胶酶的活性。〔2〕根据实验设计可知，该实验是探究果胶酶的最适温度，所以自变量是温度，因变量是果胶酶的活性，用出汁量进行衡量，出汁量越多那么果胶酶活性越高。该实验方案中，温度应该在常温范围内设置系列温度梯度且梯度差值相等，所以4组的温度应分别设置为15℃、20℃、25℃、30℃；另外探究温度对酶活性的影响时，应保证酶促反响只能在设定的温度下进行，同一实验组的反响温度只能是一个，所以实验操作应该是将各组盛有果胶酶的试管与盛有果泥的试管分别在设定温度下处理一定时间后再将两只试管混合，才能保证实验在设定的温度下进行。〔3〕根据题意，本实验的自变量是果胶酶的量，因变量是出汁量，对照实验的设计应遵循单一变量原那么和对照原那么，根据实验设置，通过A～D组实验可比拟不同实验组出汁量的差异。假设要检测参加酶的量等于0而其他条件均与实验组相同时的出汁量，那么E组应参加缓冲液而不是蒸馏水，使试管中液体体积与实验组相同，才符合实验设计应遵循的单一变量原那么。31．【生物－选修3：现代生物科技专题】〔15分〕在体内，人胰岛素基因表达可合成出一条称为前胰岛素原的肽链，此肽链在内质网中经酶甲切割掉氨基端一段短肽后成为胰岛素原，进入高尔基体的胰岛素原经酶乙切割去除中间片段C后，产生A、B两条肽链，再经酶丙作用生成由51个氨基酸残基组成的胰岛素。目前，利用基因工程技术可大量生产胰岛素。答复以下问题：〔1〕人体内合成前胰岛素原的细胞是＿＿＿＿＿，合成胰高血糖素的细胞是＿＿＿＿＿。〔2〕可根据胰岛素原的氨基酸序列，设计并合成编码胰岛素原的＿＿＿＿＿序列，用该序列与质粒表达载体构建胰岛素原基因重组表达载体。再经过细菌转化、筛选及鉴定，即可建立能稳定合成＿＿＿＿＿的基因工程菌。〔3〕用胰岛素原抗体检测该工程菌的培养物时，培养液无抗原抗体反响，菌体有抗原抗体反响，那么用该工程菌进行工业发酵时，应从＿＿＿＿＿中别离、纯化胰岛素原。胰岛素原经酶处理便可转变为胰岛素。【答案】〔1〕胰岛B细胞胰岛A细胞〔2〕DNA序列胰岛素原〔3〕菌体【解析】〔1〕由题意可知，前胰岛素原在细胞内经加工后成为胰岛素，人体合成胰岛素的细胞是胰岛B细胞，所以合成前胰岛素原的细胞也是胰岛B细胞；合成胰高血糖素的细胞是胰岛A细胞。〔2〕根据胰岛素原的氨基酸序列，可设计并合成编码胰岛素原的DNA序列〔即目的基因〕；用该序列与质粒表达载体构建胰岛素原基因重组表达载体，再经过细菌转化、筛选及鉴定，即可建立能稳定合成人胰岛素原的基因工程菌。〔3〕根据题意，培养液无抗原抗体反响，菌体有抗原抗体反响，所以用该工程菌进行工业发酵时，应从菌体中别离、纯化胰岛素原，经酶处理便可转变为胰岛素。1．化学与生活密切相关。以下应用中利用了物质氧化性的是A．明矾净化水 B．纯碱去油污C．食醋除水垢 D．漂白粉漂白织物【答案】D2．以下离子中半径最大的是A．Na＋ B．Mg2＋ C．O2－D．F－【答案】C解析：这些离子核外电子排布都是2、8的电子层结构。对于电子层结构相同的离子来说，核电荷数越大，离子半径就越小，所以离子半径最大的是O2-，选项是C。3．0．1mol以下气体分别与1L0．lmol·L-1的NaOH溶液反响，形成的溶液pH最小的是A．NO2 B．SO2 C．SO3 D．CO2【答案】C2和NaOH溶液发生反响：2NO2+2NaOH=NaNO3+NaNO2+H2O，二者恰好反响得到是NaNO3和NaNO22+NaOH=NaHSO3，该物质是强碱弱酸盐，由于HSO3-电离大于水解作用，所以溶液显酸性。C.发生反响：SO3+NaOH=NaHSO4，该盐是强酸强碱的酸式盐，电离是溶液显酸性，相当于一元强酸。所以酸性比NaHSO3强；D.会发生反响：CO2+NaOH=NaHCO3，该物质是强碱弱酸盐，由于HCO3-电离小于水解作用，所以溶液显减性。因此溶液的酸性最强的是NaHSO4，溶液的酸性越强，pH越小。所以选项是C。4．己知丙烷的燃烧热△H=-2215KJ·mol-1，假设一定量的丙烷完全燃烧后生成18g水，那么放出的热量约为A．55kJ B．220kJ C． 550kJ D．1108kJ【答案】A解析：丙烷分子式是C3H8，1mol丙烷燃烧会产生4mol水，那么丙烷完全燃烧产生1.8g水，消耗丙烷的物质的量是n(C3H8，所以反响放出的热量是Q=(2215kJ/mol÷4mol)×0.1=55.375kJ,因此大于数值与选项A接近。故答案的A.5．分子式为C4H10O并能与金属钠反响放出氢气的有机物有〔不含立体异构〕A．3种 B． 4种 C． 5种 D．6种【答案】B解析：分子式是C4H10O是醇或醚。假设物质可以与金属Na发生反响放出氢气，那么该物质是醇，C4H10O可以看作是C4H10的分子中的一个H原子被羟基-OH产生的，C4H10有CH3CH2CH2CH3、(CH3)2CHCH3两种不同的结构，前者有2种不同的H原子，后者也有2种不同的H原子，它们分别被羟基取代，就得到一种醇，因此符合该性质的醇的种类是4种，选项是B。6．己知在碱性溶液中可发生如下反响：2R(OH)3+3C1O-+4OH－=2RO4n-+3Cl－+5H2O。那么RO4n-中r的化合价是A．+3 B． +4 C． +5 D．+6【答案】D解析：根据离子反响中反响前后电荷守恒，可得3+4=2n+3，解得n=2。由于在任何化合物中正负化合价的代数和为0，所以R的化合价为+〔2×4-2〕=+6，选项是D。7．以下表达正确的选项是A．稀盐酸可除去烧瓶内残留的MnO2B．可用磨口玻璃瓶保存NaOH溶液C．稀硝酸可除去试管内壁的银镜D．煮沸自来水可除去其中的Ca(HCO3)2【答案】C、D8．10ml浓度为1mol/L的盐酸与过量的锌粉反响，假设参加适量的以下溶液，能减慢反响速率但又不影响氢气生成的是A．K2SO4B．CH3COONaC．CuSO4D．Na2CO3【答案】A、B9．以下反响不属于取代反响的是A．淀粉水解制葡萄糖B．石油裂解制丙烯C．乙醇与乙酸反响制乙酸乙酯D．油脂与浓NaOH反响制高级脂肪酸钠【答案】B解析：A.淀粉发生水解反响产生葡萄糖，该反响是取代反响，错误。B.石油裂解制丙烯的反响属于分解反响，不是取代反响，正确。C.乙醇与乙酸发生酯化反响形成乙酸乙酯和水，该反响是取代反响，错误。D.油脂与水发生取代反响产生高级脂肪酸和甘油，产生的高级脂肪酸再与NaOH发生反响形成高级脂肪酸钠和水。因此油脂与浓NaOH发生皂化反响形成高级脂肪酸钠和甘油，该反响属于取代反响，错误。10．以下制定微粒的数目相等的是A．等物质的量的水与重水含有的中子数B．等质量的乙烯和丙烯中含有的共用电子对数C．同温．同压同体积的CO和NO含有的质子数D．等物质的量的铁和铝分别于足量氯气完全反响时转移的电子数【答案】B、D解析：A.1mol普通水中含有的中子数是8mol，1mol重水中含有的中子数是10mol，所以等物质的量的水与重水含有的中子数不相等，错误。B.乙烯、丙烯都属于烯烃，分子式符合CnH2n，最简式是CH22的氧化性很强，与变价金属Fe反响时产生的是FeCl3，与Al发生反响产生AlCl3，所以等物质的量的铁和铝分别与足量的氯气完全反响转移电子数目相等，正确。11．以下曲线中，可以描述乙酸〔甲，Ka=1．8×10-5〕和一氯乙酸〔乙，Ka=1．4×10-3〕在水中的电离度与浓度关系的是【答案】B解析：A.这两种物质都是弱电解质，在温度不变、浓度相等时，电离程度CH3COOH<CH2ClCOOH，排除A、C；当浓度增大时，物质的电离程度减小，排除D选项，正确选项是B。12．a．b．c．d为短周期元素，a的M电子层有1个电子，b的最外层电子数为内层电子数的2倍，c的最高化合价为最低化合价绝对值的3倍，c与d同周期，d的原子半径小于c。以下表达错误的选项是A．d元素的非金属性最强B．它们均存在两种或两种以上的氧化物C．只有a与其他元素生成的化合物都是离子化合物D．b．c．d与氢形成的化合物中化学键均为极性共价键【答案】D非极性键的化合物假设CH3-CH3等，S元素可以形成H2S，含有极性键；Cl元素与H元素形成HCl，含有极性键，错误。13．(8分)乙醇是一种重要的化工原料，由乙醇为原料衍生出的局部化工产品如以下图所示：答复以下问题：〔1〕A的结构简式为。〔2〕B的化学名称是。〔3〕由乙醇生产C的化学反响类型为。〔4〕E是一种常见的塑料，其化学名称是。〔5〕由乙醇生成F的化学方程式为。【答案】〔1〕CH3COOH〔2〕乙酸乙酯〔3〕取代反响〔4〕聚氯乙烯〔5〕CH3CH2OHCH2=CH2↑+H2O【解析】 试题分析：〔1〕根据A的分子式，结合A由乙醇氧化得到可知A为乙酸；〔2〕乙酸与乙醇发生酯化反响得到乙酸乙酯；〔3〕乙醇与C的分子式比拟可知，乙醇分子中的1个H原子被取代，所以反响类型为取代反响；〔4〕E的单体为D，根据D的分子式，可知D为氯乙烯，所以E为聚氯乙烯；〔5〕乙醇在浓硫酸作催化剂、170°C时发生消去反响生成乙烯和水。考点：考查以乙醇为载体的有机物之间的转化14．〔8分〕单质Z是一种常见的半导体材料，可由X通过如以下图所示的路线制备，其中X为Z的氧化物，Y为氢化物，分子结构与甲烷相似，答复以下问题：〔1〕能与X发生化学反响的酸是；由X制备Mg2Z的化学方程式为。〔2〕由Mg2Z生成Y的化学反响方程式为，Y分子的电子式为。〔3〕Z．X中共价键的类型分别是。【答案】〔1〕氢氟酸；SiO2+MgO2↑+Mg2Si；〔2〕Mg2Si+4HCl=2MgCl2+SiH4；；〔3〕非极性键、极性键【解析】试题分析：Z为半导体单质，那么Z是Si元素；Si可与氢氟酸反响；其氧化物为二氧化硅，根据反响的流程图可知，二氧化硅与Mg反响生成Mg2Si，Mg2Si与盐酸反响生成的Y为氢化物，那么Y的分子式是SiH4，加热分解可得到Si单质。其余问题可解。考点：考查以Si为载体的物质的转化的判断15．(9分)银是一种贵金属，古代常用于制造钱币及装饰器皿，现代在电池和照明器材等领域亦有广泛应用。答复以下问题。〔1〕久存的银制器皿外表会变黑，失去银白色的光泽，原因是。〔2〕Ksp(AgCl)=1．8×10-10,假设向50mL0．018mol·L-1的AgNO3溶液中参加50mL0．020mol·L-1的盐酸，混合后溶液中的Ag+的浓度为mol·L-1，pH为。〔3〕AgNO3溶液光照易分解，生成Ag和红棕色气体等物质，其光照分解的化学方程式为。〔4〕右图所示原电池正极的反响式为。【答案】〔1〕Ag在空气中易与氧气反响生成氧化银；〔2〕1.8×10-7mol/L；2〔3〕2AgNO3Ag+2NO2↑+O2↑〔4〕Ag++e-=Ag【解析】试题分析：〔1〕根据金属的腐蚀可知Ag变黑是发生了化学腐蚀，生成氧化银的缘故；〔2〕根据反响中HCl和硝酸银的物质的量可知HCl过量，那么计算剩余的氯离子的物质的量浓度为〔0.02-0.018〕mol/L/2=0.001mol/L，根据AgCl的溶度积的表达式计算即可；因为该反响中氢离子未参加反响，所以溶液的体积变为100mL时，氢离子的浓度为0.01mol/L，那么pH=2；〔3〕根据氧化复原反响理论，硝酸银分解生成Ag和二氧化氮气体，无元素化合价升高的，所以该反响中有氧气生成。〔4〕该原电池的实质是Cu与银离子发生置换反响生成Ag单质，所以正极是生成Ag单质的复原反响。考点：考查金属的腐蚀、溶度积的应用、氧化复原反响理论的应用，电极反响式的书写16．(8分)氨是合成硝酸．铵盐和氮肥的根本原料，答复以下问题：〔1〕氨的水溶液显弱碱性，其原因为〔用离子方程式表示〕，0．1mol·L-1的氨水中参加少量的NH4Cl固体，溶液的PH〔填“升高〞或“降低〞〕；假设参加少量的明矾，溶液中的NH4+的浓度〔填“增大〞或“减小〞〕。〔2〕硝酸铵加热分解可得到N2O和H2O，250℃时，硝酸铵在密闭容器中分解到达平衡，该分解反响的化学方程式为，平衡常数表达式为；假设有1mol硝酸铵完全分解，转移的电子数为mol。〔3〕由N2O和NO反响生成N2和NO2的能量变化如下图，r假设生成1molN2，其△H=kJ·mol-1,【答案】〔1〕NH3·H2ONH4++OH-减小；〔2〕NH4NO3N2O+2H2O；c(N2O)c(H2O)2；4〔3〕-139【解析】考点：考查弱电解质的电离平衡的判断，化学方程式的书写，化学反响与能量的关系判断17．〔11分〕工业上，向500—600℃的铁屑中通入氯气生产无水氯化铁；向炽热铁屑中通入氯化氢生产无水氯化亚铁。现用如下图的装置模拟上述过程进行试验。答复以下问题：〔1〕制取无水氯化铁的实验中，A中反响的化学方程式为，装置B中参加的试剂是。〔2〕制取无水氯化亚铁的实验中，装置A用来制取。尾气的成分是。假设仍用D的装置进行尾气处理，存在的问题是、。〔3〕假设操作不当，制得的FeCl2会含有少量FeCl3，检验FeCl3常用的试剂是。欲制得纯洁的FeCl2，在实验操作中应先，再。【参考答案】〔1〕MnO2+4HCl(浓)MnCl2+Cl2↑+2H2O，浓硫酸。〔2〕HCl；HCl和H2；发生倒吸、可燃性气体H2不能被吸收。〔3〕KSCN溶液；点燃A处的酒精灯，点燃C处的酒精灯。【解析】选考题〔请考生在第18、19、20三题中任选一题作答，如果多做，那么按所做的第一题计分.〕18．[选修5—有机化学根底]18—Ⅰ〔6分〕以下有机物的命名错误的选项是18—Ⅱ〔14分〕芳香族化合物A可进行如下转化：答复以下问题：〔1〕B的化学名称为。〔2〕由C合成涤纶的化学方程式为。〔3〕E的苯环上一氯代物仅有两种，E的结构简式为。〔4〕写出A所有可能的结构简式。〔5〕写出符合以下条件的E的同分异构体的结构简式