2022届高三化学三轮总复习重点突破综合测试《有机化学》

有机化学综合测试(总分值：100分时间：90分钟)第一卷(选择题，共48分)一、选择题(每题3分，共48分)1．(2022·山东卷)以下表达错误的选项是()a．乙烯和苯都能使溴水褪色，褪色的原因相同b．淀粉、油脂、蛋白质都能水解，但水解产物不同c．煤油可由石油分馏获得，可用作燃料和保存少量金属钠d．乙醇、乙酸、乙酸乙酯都能发生取代反响，乙酸乙酯中的少量乙酸可用饱和na2co3溶液除去解析：此题考查有机物的性质，意在考查考生对有机化学根底知识的掌握程度。乙烯使溴水褪色是因为发生了加成反响，苯使溴水褪色是因为苯萃取了溴水中的溴，a选项错误；淀粉的水解产物是葡萄糖，油脂碱性水解的产物是高级脂肪酸钠和甘油，蛋白质水解的产物是氨基酸，b选项正确；煤油是石油分馏的一种馏分，金属钠一般保存在煤油中，c选项正确；乙醇和乙酸的酯化反响属于取代反响，乙酸乙酯的水解也属于取代反响，d选项正确。答案：a2．(2022·赣州市模拟)下面是生产生活中的常见有机物的分子式、结构(简)式或名称：⑦ch3cooh，⑧硬脂酸甘油酯，⑨蛋白质，⑩聚乙烯。以下有关说法正确的选项是()a．能与溴的四氯化碳溶液发生加成反响并使之褪色的有①②④⑩b．投入钠能产生h2的是⑤⑦⑧⑨c．属于高分子材料的是⑧⑨⑩d．含碳量最高、有毒、常温下为液体且点燃时有浓的黑烟的是①解析：能与溴的四氯化碳溶液发生加成反响，说明分子中含有cc或c≡c等不饱和键；能与na反响生成h2，说明分子中含有—oh(或—cooh)；常温下为液体、含碳量最高、有毒、点燃有黑烟产生的是苯。答案：d3．(2022·北京市海淀区期中)以下说法正确的选项是()a．苯乙烯分子中所有原子可能在一个平面上b．分子式为c7h8o且分子中有苯环的有机物共有4种c．甲酸分子中有醛基，因此无法区别甲醛溶液和甲酸溶液d．除去乙烯中混有的甲烷，可将混合气体通过酸性高锰酸钾溶液解析：因为苯、乙烯分子中的各原子均处于同一平面上，故苯乙烯分子中所有原子可能在一个平面上，a项正确；分子式为c7h8o且分子中有苯环的有机物属酚类的有3种、属醇类的有1种，属醚类的有1种，共有5种，b项不正确；甲酸分子中含—cooh，因此可用酸碱指示剂来区别甲醛溶液和甲酸溶液，c项不正确；酸性高锰酸钾溶液可把乙烯氧化生成二氧化碳，而与甲烷不反响，故不能通过酸性高锰酸钾溶液除去乙烯中混有的甲烷，d项不正确。答案：a4．(2022·北京市抽样)以下说法正确的选项是()a．除去苯中的少量苯酚，可参加过量的饱和溴水后过滤b．蛋白质水解的最终产物既能和强酸反响，又能和强碱反响c．葡萄糖、蔗糖都能与新制氢氧化铜浊液发生反响d．纤维素属于高分子化合物，与淀粉互为同分异构体解析：苯酚与溴水反响生成的三溴苯酚可溶于苯中，增加了新的杂质，不符合除杂质的原那么，故a错误。蛋白质水解的最终产物是氨基酸，氨基酸具有两性，既能和强酸反响，又能和强碱反响，故b正确。蔗糖属于非复原性糖，不能与新制氢氧化铜浊液发生反响，故c错误。淀粉和纤维素的分子式虽然都可表示为(c6h10o5)n，但其n值不同，因此二者不是同分异构体，故d错误。答案：b5．(2022·黄冈市质检)有机物a的结构简式为，a的同分异构体中带苯环的化合物(烯醇结构除外)共有()a．3种b．4种c．5种d．6种解析：有机物a的分子式为c7h8o，苯环上如果有两个取代基，可以是一个酚羟基、一个甲基，那么有3种结构，还可以只有一个取代基，如—ch2oh、—och3，故共有5种结构。答案：c6．(2022·襄樊市调研)以下说法不正确的选项是()a．无论乙烯与丙烯酸以何种比例混合，只要二者总物质的量是个定值，完全燃烧时所消耗的氧气也一定是个定值b．鉴别甲苯、苯乙烯、苯酚、丙烯酸溶液可选用kmno4溶液、溴水c．可以利用燃烧法来区别聚乙烯塑料和聚氯乙烯塑料、毛和棉d．装溴水、高锰酸钾溶液的试剂瓶不能用橡胶塞，因为橡胶分子中含有碳碳双键解析：选项a,1molc2h4完全燃烧消耗3molo2,1molch2=ch—cooh完全燃烧也消耗3molo2，所以二者总物质的量不变时，消耗的o2的量也不变。选项b，利用溴水能鉴别出甲苯(萃取原理)、苯酚(产生白色浑浊)，但无法鉴别出苯乙烯和丙烯酸(二者均能使溴水褪色)，也不能用kmno4溶液鉴别出苯乙烯和丙烯酸(二者均能使kmno4溶液褪色)。选项c，燃烧聚乙烯时闻不到明显气味，燃烧聚氯乙烯时能闻到刺激性气味(释放出hcl)，燃烧毛时能闻到烧焦羽毛气味，燃烧棉时能闻到烧纸气味，故可根据燃烧产生的气味不同鉴别。选项d，因橡胶中含有碳碳双键，碳碳双键能与br2发生加成反响、能被kmno4溶液氧化，所以不能用有橡胶塞的试剂瓶来装溴水和kmno4溶液。答案：b7．(2022·武汉市调研)柠檬烯是一种食用香料，其结构简式如以下列图。有关柠檬烯的分析正确的选项是()a．它的一氯代物有6种b.它和丁基苯()互为同分异构体c.一定条件下，它分别可以发生加成、取代、氧化、复原等反响d.它的分子中所有的碳原子一定在同一个平面上解析：柠檬烯中有8种不同的氢原子，故其一氯代物有8种；柠檬烯比丁基苯多2个氢原子，分子式不同，故不是同分异构体；柠檬烯分子中所有的碳原子不可能在同一个平面上。答案：c8．(2022·湖北省联考)阿魏酸是一种广泛存在于植物中的酚酸，很多保健品中常含有阿魏酸，其结构简式如下。以下说法不正确的选项是()a．该化合物既可以与br2的ccl4溶液发生加成反响又可以与浓溴水发生取代反响b．该化合物具有复原性，能被过氧化物氧化，还能与氯化铁溶液反响c．与阿魏酸分子式相同，且苯环上具有与阿魏酸相同取代基的化合物共有8种d．阿魏酸乙酯的分子式为c12h14o4解析：c项中与阿魏酸含有相同的取代基，即苯环上含3个不同的取代基的同分异构体共有10种(含本身)。答案：c9．(2022·河南省调研)两个羟基连在同一个碳原子上的结构不稳定。某醇在适当条件下与足量的乙酸发生酯化反响，得到的酯的相对分子质量a与原来醇的相对分子质量b的关系是a＝b＋84，有关该醇应该具有的结构特点的描述正确的选项是()a．该醇至少含有两个碳原子b．该醇分子中一定没有甲基c．该醇分子中一定含有甲基d．该醇分子中含有一个醇羟基解析：此题考查了有机物结构的相关知识。由得到的酯的相对分子质量a与原来醇的相对分子质量b的关系是a＝b＋84，可知1分子的醇消耗了2分子的乙酸，故醇中含2个羟基，又两个羟基连在同一个碳原子上的结构不稳定，故该醇至少含有两个碳原子，即选a。答案：a10．某种分子的球棍模型如以下列图所示(图中球与球之间的连线可代表单键、双键、叁键等)：，不同形式的球代表不同的原子，对该物质的判断正确的选项是()a．①处的化学键是碳碳双键b．②处的原子可能是氯原子c．该分子中的原子不可能均在同一直线上d．该分子不存在链状同分异构体解析：根据碳原子成键规律知，碳链上碳原子间从左至右c≡c、c—c交替出现，那么①处为碳碳叁键，②处的原子与其前面的碳原子形成的是叁键，故其不可能是氯原子，a、b错；因碳链上是c≡c与c—c交替出现，故所有原子可能均在同一直线上，同时也无法出现支链，c错d对。答案：d11．某有机物的结构简式为，那么此有机物可发生反响的类型有()①取代反响②加成反响③消去反响④水解反响⑤氧化反响⑥加聚反响a．①②③⑤⑥b．②③④⑤⑥c．①②④⑤⑥d．①②③④⑤⑥解析：该有机物含有碳碳双键，能发生加成反响、氧化反响和加聚反响；它含有—br，能发生水解反响；含有醇羟基，且符合消去反响的条件，能发生消去反响；含有苯环，能发生取代反响；含羧基能发生取代反响(酯化反响)。答案：d12．(2022·全国卷Ⅱ)三位科学家因在烯烃复分解反响研究中的杰出奉献而荣获2022年度诺贝尔化学奖，烯烃复分解反响可示意如下：以下化合物中，经过烯烃复分解反响可以生成的是()解析：此题考查烯烃的性质，意在考查考生阅读信息、分析信息和处理问题的能力。根据信息，断键规律是两个碳碳双键均断裂，形成两个新的碳碳双键。按此规律，可以判断a选项合理。答案：a第二卷(非选择题，共52分)二、非选择题(共52分)13．(8分)(2022·广东卷)固定和利用co2能有效地利用资源，并减少空气中的温室气体。co2与化合物Ⅰ反响生成化合物Ⅱ，与化合物Ⅲ反响生成化合物Ⅳ，如反响①和②所示(其他试剂、产物及反响条件均省略)。(1)化合物Ⅰ的分子式为________________，1mol该物质完全燃烧需消耗________molo2。(2)由通过消去反响在制备Ⅰ的化学方程式为______________________________(注明反响条件)。(3)Ⅱ与过量c2h5oh在酸催化下发生酯化反响，生成的有机物的结构简式为________________________。(4)在一定条件下，化合物Ⅴ能与co2发生类似反响②的反响，生成两种化合物(互为同分异构体)，请写出其中任意一种化合物的结构简式：____________________。(5)与co2类似，co也能被固定和利用，在一定条件下，和h2三者发生反响(苯环不参与反响)，生成化合物Ⅵ和Ⅶ，其分子式均为c9h8o，且都能发生银镜反响，以下关于Ⅵ和Ⅶ的说法正确的有________(双选，填字母)。a．都属于芳香烃衍生物b．都能使溴的四氯化碳溶液褪色c．都能与na反响放出h2d．1molⅥ和Ⅶ最多能与4molh2发生加成反响解析：此题主要考查有机物的推断及有机化合物之间的相互转化，意在考查考生对有机物间衍变关系的理解与掌握，考查考生对有机根本反响的理解。(1)化合物Ⅰ的分子式为c8h8，根据c～1molo2,4h～1molo2，可得，1mol化合物Ⅰ完全燃烧消耗10molo2；(2)由制备化合物Ⅰ是消去hbr后得到的产物，所以反响条件为naoh的醇溶液和加热，ch2ch2br＋naoheq\o(→,\s\up7(c2h5oh),\s\do5(△))chch2＋nabr＋h2o；(3)化合物Ⅱ与过量的c2h5oh发生酯化反响，产物为；(4)化合物Ⅴ与co2反响时，co2翻开一条c—o键，化合物Ⅴ翻开一条n—c键，产物可能为；答案：(1)c8h810(5)ab14．(8分)a为某芳香烃的衍生物，只含c、h、o三种元素，苯环上有两个取代基。(1)b分子中含氧官能团的名称是________。(2)写出符合上述条件的a的两种可能的结构简式：________________________________________________________________________________________________________________________________________________。(3)等量的b分别与na、naoh、na2co3反响时(无机物溶液滴加到有机物中)，消耗三者物质的量之比是________。(4)假设其中一种符合上述条件的a还可发生如下变化：eq\x(e(含2个相同官能团))eq\o(→,\s\up7(o2/cu),\s\do5(△))eq\x(a)eq\o(→,\s\up7(浓h2so4),\s\do5(△))eq\x(f)①a→f的反响类型为________。②写出有关反响的化学方程式：此a与新制cu(oh)2悬浊液的反响：________________________________________________________________________________________________________________________________________________；此a对应的b生成d的反响：________________________________________________________________________________________________________________________________________________。解析：(1)由a是芳香烃的衍生物知其分子中含有苯环，由a能与新制氢氧化铜悬浊液反响知其含有醛基，由其氧化产物b能发生分子内酯化反响知a中还含有—oh，b中含有—oh、—cooh。(2)a中剩余基团式量为150－29－17－76＝28，组成为c2h4。由a遇fecl3溶液不显紫色知羟基没有连接在苯环上，且b的分子内酯化产物c中含有一个含氧六元环，由此可确定符合条件的a的同分异构体的结构简式有如下三种：。(3)—oh、—cooh均能与钠反响，且有—oh～na，—cooh～na；naoh、na2co3均只能与—cooh反响，且有—cooh～naoh、2—cooh～na2co3，故消耗na、naoh、na2co3物质的量之比为421。(4)a在浓硫酸存在下能发生消去反响生成f，且a催化氧化能得到含有2个相同官能团(醛基)的分子e，说明a中存在—ch2ch2oh，故符合此条件的a为，与此a对应的b为，b发生缩聚反响生成d，发生分子内酯化反响生成c。答案：(1)羧基、羟基(3)4：2：1(4)①消去反响15．(8分)迷迭香酸是从蜂花属植物中提取到的酸性物质，其结构如下列图。(1)迷迭香酸在酸性条件下水解生成a、b，a在浓硫酸作用下可发生消去反响生成有机物c，那么b、c互为________。a中含有的官能团是________。a．同分异构体b．同系物c．同素异形体d．同一物质(2)b有如下转化关系：：d中有四个官能团，且有两个连在同一个碳原子上。①e、f的结构简式分别为______________________。②b→d的反响类型为_____________________________________。d→b的化学方程式为______________________。③b与浓溴水反响的化学方程式为_________________________________________。解析：(1)迷迭香酸在酸性条件下水解生成，a在浓硫酸作用下能发生消去反响，说明前者为a，后者为b，a发生消去反响生成c，那么c的结构简式为，b、c互为同分异构体。b与水加成生成，因d中有两个官能团连在同一个碳原子上，那么d应为。答案：(1)a(酚、醇)羟基、羧基(2)①②加成反响16．(8分)(2022·云南省检测)苄佐卡因是一种医用麻醉药品，学名对氨基苯甲酸乙酯，它以对硝基甲苯为主要起始原料经以下反响制得：eq\o(→,\s\up7(kmno4/h＋))eq\x(a)eq\o(→,\s\up7(b),\s\do5(浓硫酸/△))eq\x(c)eq\o(→,\s\up7(fe/h＋),\s\do5(复原))(d)请答复以下问题：(1)写出a、b、c的结构简式：a________、b________、c________。(2)用1h核磁共振谱可以证明化合物c中有________种氢原子处于不同的化学环境。(3)写出同时符合以下要求的化合物c的所有同分异构体的结构简式(e、f、g除外)________________________________________________________________________。①化合物是1,4－二取代苯，其中苯环上的一个取代基是硝基②分子中含有结构的基团注：e、f、g结构如下：(4)e、f、g中有一化合物经酸性水解，其中的一种产物能与fecl3溶液发生显色反响，写出该水解反响的化学方程式__________________。(5)苄佐卡因(d)的水解反响如下：eq\o(→,\s\up7(h2o/oh－))eq\o(→,\s\up7(h＋))eq\x(h)＋c2h5oh化合物h经聚合反响可制成高分子纤维，广泛用于通讯、导弹、宇航等领域。请写出该聚合反响的化学方程式__________________________。答案：(1)(2)4(4)(5)17．(10分)(2022·武汉市调研)pet是聚酯类合成材料，以卤代烃为原料合成pet的线路如下(反响中局部无机反响物及产物已省略)。rx2(r、r′代表烃基，x代表卤素原子)是芳香族化合物，相对分子质量为175，其中x元素的质量分数为40.6%。请答复以下问题：(1)rx2的分子式为________。(2)rx2苯环上只有两个取代基，且苯环上的一硝基代物只有一种，那么rx2的结构简式为________。(3)1molc与足量的nahco3溶液反响可放出________lco2(标准状况)。(4)反响①的化学方程式为________________，其反响类型为________；从d到e，工业上一般通过两步反响来完成，假设此处原子利用率为100%的角度考虑，假设通过d与某种无机物一步合成e，该无机物是________。(5)由c与e合成pet的化学方程式为________________________________________。(6)矿泉水瓶、碳酸饮料瓶等瓶底通常有如图标识，这就是塑料回收标志，其中数字01到07和英文缩写用来指代所使用的树脂种类。有关该标识的判断正确的选项是(填相应的序号)________。①pet材料制作的容器可以用来长期盛装酒、油等物质②pet材料是线性高分子材料，具有热塑性③pet材料制作的饮料瓶使用一段时间后，可能释放出致癌物，所以这种饮料瓶不能用来作水杯④塑料回收标志使得塑料品种的识别变得简单容易，还可以降低回收本钱解析：由rx2的相对分子质量为175，其中x元素的质量分数为40.6%，可求得m(x)＝175×40.6%/2＝35.5，x为cl元素。m(r—)＝175×59.4%＝104，烃基r—为c8h8—，那么rx2的分子式为c8h8cl2。rx2苯环上有两个取代基，且苯环上的一硝基代物只有一种，说明苯环上的两个取代基是相同的取代基，且处于对位关系。连两个取代基的苯环为c6h4，结合rx2的分子式c8h8cl2，那么取代基为—ch2cl。由rx2的结构简式可推知b为对苯二甲醇，那么c为对苯二甲酸，1mol对苯二甲酸与nahco3反响生成2molco2。d是最简单的烯烃，最简单的烯烃是乙烯，反响①是氯乙烷转化为乙烯，故反响①是消去反响。e为乙二醇，由乙烯转化为乙二醇，可采用乙烯与h2o2反响。c与e可通过缩聚反响合成pet。用pet塑料长期盛装酒、油，能使塑料溶解，故①错误。答案：(1)c8h8cl2(2)(3)44.8(4)ch3ch2cl＋naoheq\o(→,\s\up7(醇),\s\do5(△))ch2=ch2↑＋nacl＋h2o消去反响h2o2(6)②③④18．(10分)芳香族化合物b、c、f与链状有机物a、d、e、g间的转化关系如以下列图所示。b中苯环上的一溴代物有四种，d可发生银镜反响，c、g属于同类有机物。以下变化中，某些反响条件及产物未标明。c、g组成元素相同，mr(c)－mr(g)＝76