XX省青岛第二中学届高三物理上学期期中试卷含解析

XX省青岛第二中学届高三物理上学期期中试卷含分析XX省青岛第二中学届高三物理上学期期中试卷含分析PAGEXX省青岛第二中学届高三物理上学期期中试卷含分析山东省青岛二中2019届高三上学期期中考试物理试卷一、选择题1.用不相同频次的紫外线分别照耀钨和锌的表面而产生光电效应,可获取光电子的最大初动能Ek随入射光频次ν变化的Ek-ν图像,已知钨的逸出功是3.28eV,锌的逸出功是3.34eV,若将两者的图线画在同一个Ek-ν坐标系中,图顶用实线表示钨,虚线表示锌,则正确反应这一过程的是()A.B.C.D.【答案】A【分析】【分析】依据光电效应方程写出金属的最大初动能的表达式，且，即可判断；【详解】由光电效应方程知，对金属钨，对金属锌，所以图象的斜率相同，图线应平行。又有，因为金属钨的逸出功大于金属锌的逸出功，则图线与横轴的截距点越大，金属的极限频次越大，故A正确，选项BCD错误。【点睛】本题联合图象察看了光电效应方程，解答的重点是抓住金属的逸出功越大，则光电子的最大初动能越小即可正确解答。2.以以下图，固定的半圆形竖直轨道，AB为水平直径，O为圆心，同时从A点水平抛出质量相等的甲、乙两个小球，初速度分别为v1、v2，分别落在C、D两点。并且C、D两点等高，OC、OD与竖直方向的夹角均为37°（sin37°=0.6，cos37°=0.8）。则（）A.甲、乙两球着落到轨道上C、D两点时的机械能和重力刹时功率不相等；B.甲、乙两球着落到轨道上的速度变化量不相同；C.v1：v2=1：3；D.v1：v2=1：4。【答案】D【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，依据平抛运动水平位移和竖直位移的关系确立两小球初速度大小之比；【详解】A、依据可知，甲、乙两球着落到轨道的时间相等，故速度的竖直重量相等，依据，故重力的刹时功率相等，故A错误；

B、两个球的速度速度变化量等于，因为相等，故速度变化量相等，故B错误；C、由图可知，两个物体着落的高度是相等的，依据可知，甲、乙两球着落到轨道的时间相等；设圆形轨道的半径为R，则A、C的水平位移为：，，则；由，可知t相同，则由可知，，故C错误，D正确。【点睛】解决本题的重点知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，联合运动学公式灵巧求解，同时要知道刹时功率表达式P=Fvcosθ。3.以以下图,竖直面内有一圆环,圆心为O,水平直径为AB,倾斜直径为MN，AB、MN夹角为θ,一不可以伸长的轻绳两头分别固定在圆环的M、N两点,轻质滑轮连结一重物,搁置在轻绳上,不计滑轮与轻绳摩擦与轻绳重力，圆环从图示地点顺时针迟缓转过2θ的过程中，轻绳的张力的变化状况正确的选项是（）A.渐渐增大B.先增大再减小C.渐渐减小D.先减小再增大【答案】B【分析】M、N连线与水平直径的夹角越大，M、N之间的水平距离越小，轻绳与竖直方向的夹角越小，依据，轻绳的张力越小，故圆环从图示地点顺时针迟缓转过2θ的过程，轻绳的张力先增大再减小，故B正确，ACD错误；应选B。4.两颗互不影响的行星P1、P2,各有一颗近地卫星S1、S2绕其做匀速圆周运动。图中纵轴表示行星四周空间某地点的引力加快度a,横轴表示某地点到行星中心距离r平方的倒数,a-关系以以下图,卫星S1、S2的引力加快度大小均为a0。则（

）A.S1的质量比S2的大；B.P1的质量比P2的大；C.P1的第一宇宙速度比P2的小；D.P1的均匀密度比P2的大。【答案】B【分析】【详解】依据牛顿第二定律得：G＝ma，则得行星对四周空间各处物体的引力产生的加快度为：a＝，由此不可以判断近地卫星S1、S2的质量大小；由数学知识知，a－图象的斜率等于GM，斜率越大，GM越大，M越大，所以P1的质量比P2的大，故A错误，B正确；设第一宇宙速度为v，则a0＝，得v＝，由图看出，P1的半径比P2的半径大，a0相等，可知P1的第一宇宙速度比P2的大，故C错误；行星的均匀密度ρ＝，P1的半径比P2的半径大，a0相等，则P1的均匀密度比P2的小，故D错误；应选B.【点睛】解决本题的重点掌握万有引力供给向心力这一思路，搞清图像的物理意义，特别是斜率；知道线速度、角速度、周期、加快度与轨道半径的关系，并会用这些关系式进行正确的分析和计算．5.以以下图，一个质点做匀加快直线运动，挨次经过a、b、c、d四点，已知经过ab、bc和cd三段所用时间之比为2：1：2，经过ab和cd段的位移分别为x1和x2，则bc段的位移为（）A.B.C.D.【答案】B【分析】设bc段所用时间为t，依据匀变直线运规律可知，bc段均匀速度等ad段均匀速度，即，，由以上两式可解得：，故B正确。6.以以下图，竖直平面内放向来角杆MON，杆的水平部分粗拙，动摩擦因数μ=0.2，杆的竖直部分圆滑。两部分各套有质量均为1kg的小球A和B，A、B球间用细绳相连。初始A、B均处于静止状态，已知OA=3m，OB=4m，若A球在水平拉力的作用下向右迟缓地挪动1m（取g=10m/s2），那么该过程中拉力F做功为（）A.4JB.10JC.12JD.14J【答案】D【分析】【分析】对AB整体受力分析，依据共点力均衡条件列式，求出支持力N，进而获取滑动摩擦力为恒力，最后对整体运用动能定理列式，获取拉力的功；【详解】对AB整体受力分析，受拉力F、重力G、支持力N、向左的摩擦力f和向右的弹力N1，以以下图：

依据共点力均衡条件，有

竖直方向：

水平方向：

此中：

解得：，

对整体在整个运动过程中运用动能定理列式，获取：依据几何关系，可知求B上涨距离，故有：，应选项D正确，选项ABC错误。【点睛】本题中拉力为变力，先对整体受力分析后依据共点力均衡条件得出摩擦力为恒力，此后依据动能定理求变力做功。7.以以下图，A点距水平川面高度为h，木块M处于静止状态，某时辰开释M，木块做自由落体运动，空中运动总时间为t1。若一子弹m以水平速度v射向木块并嵌在木块中，若在A点开释同时射入木块空中运动总时间为t2，若在木块落至h一半的B点时射入木块空中运动总时间为t3，设：木块与子弹作用时间极短，空气阻力不计，则（）A.t1=t2=t3B.t1=t2<t3C.t1<t2=t3D.t1>t2>t3【答案】B【分析】【分析】当A木块落至某一地点时，A竖直方向的速度不为零，而子弹竖直分速度为零，故A会遇到子弹向上的作使劲，此后依据牛顿第二定律进行分析即可；【详解】将M由静止开始着落，则M做自由落体运动；当M刚开始着落时子弹射入，则两者以某一共同的水平初速度做平抛运动，竖直方向仍为自由落体运动，即；若在木块落至h一半的B点时子弹射入木块，水平方向动量守恒，即A会获取水平方向的分速度，而子弹此时竖直方向速度为零，要从零加快到与A拥有相同的速度，需遇到A向下的作使劲，依据牛顿第三定律A会遇到子弹给的向上的作使劲，则向下的加快度会减小，小于自由落体加快度g，故A着落时间较长一些，综上所述，则有，应选项B正确，选项ACD错误。【点睛】察看自由落体运动的规律，掌握动量及动量守恒的定律，理解运动的合成与分解。8.以以下图，一长木板在水平川面上运动，在某时辰（t=0）将一相对于地面静止的物块轻放到木板上，己知物块与木板的质量相等，物块与木板间及木板与地面间均有摩擦，物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块向来在木板上。在物块放到木板上今后，木板运动的速度-时间图象可能是以以下图中的（）A.B.C.D.【答案】A【分析】设滑块与木板之间的动摩擦因数是μ1，木板与地面之间的动摩擦因数是μ2，在未达到相同速度以前，木板的加快度为-μ1mg-μ2•2mg=ma1，解得：a1=-（μ1+2μ2）g；达到相同速度今后，两者共同的加快度为：-μ2•2mg=2ma2；解得a2=-μ2g；由加快度可知，图象A正确。应选A。9.以下对于物理学史的说法正确的选项是首发（）A.康普顿的学生，中国留学生吴有训测试了多种物质对X射线的散射，证了然康普顿效应的广泛性；B.汤姆逊用不相同资料的阴极做实验，所得的阴极射线拥有相同的比荷，这类粒子今后被称为电子；C.居里夫妻和贝克勒尔因为对光电效应的研究一同获取了1903年的诺贝尔物理学奖；D.德国物理学家哈恩和斯特拉斯曼经过中子轰击铀核的实验发现重核裂变。【答案】ABD【分析】【详解】A、康普顿效应说明光拥有粒子性，该效应表示光子不只拥有能量，还拥有动量，康普顿的学生中国物理学家吴有训测试了多种物质对X射线的散射，证了然康普顿效应的广泛性，故A正确；B、1897年，英国物理学家汤姆孙依据阴极射线在电场和磁场中的偏转状况判断，它的实质是带负电的粒子流并求出了这类粒子的比荷，这类粒子今后被称为电子，可是电荷量是今后有密立根经过油滴实验测定，故B正确；C、因为对天然放射现象的研究，居里夫妻和贝克勒尔一同获取了诺贝尔物理学奖，爱因斯坦因光电效应规律的发现而获取诺贝尔物理学奖，故C错误；D.德国物理学家哈恩和斯特拉斯曼经过中子轰击铀核的实验发现重核裂变，应选项D正确。【点睛】本题察看物理学史，是知识性问题，对于物理学上重要发现、发明、有名理论要增强记忆，这也是考试内容之一。10.以下说法中正确的选项是（）A.分子运动的均匀速率可能为零，刹时速率不可以能为零；B.液体与大气相接触时，表面层内分子所受其余分子的作用表现为互相吸引；C.空气的相对湿度用空气中所含水蒸气的压强表示；D.有些非晶体在必然条件下可以转变为晶体。【答案】BD【分析】【详解】A、分子永不暂停做无规则的运动，则分子运动的均匀速率不可以能为零，刹时速度也不可以能为零，故A错误；

B、表面层内分子间距变大，则所受其余分子的作用表现为互相吸引，故B正确；C、空气的绝对湿度用空气中所含水蒸气的压强表示的，故C错误；D、晶体和非晶体差别在于内部分子摆列，有些经过外界干涉可以互相转变，如把晶体硫加热融化（温度超出300℃）再倒进冷水中，会变为娇贵的非晶硫，再过一段时间又会转变为晶体硫，故D正确。【点睛】增强对基本见解的记忆，基本方法的学习利用，是学好3-3的基本方法，此处高考要求不高，不用做太难的题目。11.以以下图，一小球（可视为质点）套在固定的水平圆滑椭圆形轨道上，椭圆的左焦点为P，长轴AC=2L0，短轴BD=L0，原长为L0的轻弹簧一端套在过P点的圆滑轴上，另一端与小球连结。若小球做椭圆运动，在A点时的速度大小为v0，弹簧向来处于弹性限度内，则以下说法正确的选项是（）A.小球在A点时弹簧的弹性势能大于在C点时的弹性势能；B.小球在A、C两点时的动能相等；C.小球在B、D点时的速度最大；D.小球在B点时遇到轨道的弹力沿BO方向。【答案】BCD【分析】【详解】小球运动过程中弹性势能和动能互相转变，因为弹簧原长为，半长轴的长为，故在A点弹簧处于压缩状态，形变量等于PO的长度，在C点弹簧长度等于，故伸长量等于PO的长度，所以在AC两点弹簧的形变量相等，弹簧的弹性势能相等，故在AC两点的动能相等，A错误B正确；设其余一个焦点为，在BD两点时，，故B到P点的距离等于，即等于弹簧原长，在弹簧恢还原长时，弹性势能为零，小球的动能最大，所以在BD两点速度最大，C正确；因为小球套在轨道上，所以在B点轨道的弹力沿BO方向，D正确；12.如图，两根相同的轻质弹簧，沿足够长的圆滑斜面搁置，下端固定在斜面底部挡板上，斜面固定不动。质量不相同、形状相同的两物块分别置于两弹簧上端。现用外力作用在物块上，使两弹簧拥有相同的压缩量，若撤去外力后，两物块由静止沿斜面向上弹出并走开弹簧，则从撤去外力到物块速度第一次减为零的过程，两物块（）A.最大速度相同；B.最大加快度相同；C.重力势能的变化量相同；D.上涨的最大高度不相同。【答案】CD【分析】【分析】使两弹簧拥有相同的压缩量，则积蓄的弹性势能相等，依据能量守恒判断最后的重力势能以及变化量；【详解】A、开始时因弹力最大体使开始时物块拥有最大加快度，开始弹簧形变量相同，则弹力相同，依据牛顿第二定律：，质量不相同，故最大加快度不相同；物块受力均衡时拥有最大速度，即：，则质量大的物块拥有最大速度时弹簧的压缩量比较大，上涨的高度比较低，即位移小，而运动过程中质量大的物块均匀加快度较小，，加快度小的位移小，则最大速度v较小，即最大速度不相同，故AB错误；

C、由题意使两弹簧拥有相同的压缩量，则积蓄的弹性势能相等，物块上涨到最大高度时，弹性势能完满转变为重力势能，则物块最后的重力势能mgh相等，重力势能的变化量相等，而两物块质量不相同，则上涨的最大高度不相同，故CD正确。【点睛】本题察看了弹簧问题，注意均衡地点不是弹簧的原优点，而是受力均衡的地点。13.一粒钢珠从静止开始自由着落，此后坠入泥潭中，若把在空中的着落过程称为Ⅰ（空气阻力不计）,进入泥潭直到停住的过程称为Ⅱ，则A.过程Ⅰ中钢珠动量的改变量等于重力的冲量；B.过程Ⅱ中阻力的冲量的大小等于过程Ⅰ中重力的冲量的大小；C.过程Ⅱ中钢珠战胜阻力所做的功等于过程Ⅰ与过程Ⅱ中钢珠所减少的重力势能之和；D.过程Ⅱ中损失的机械能等于过程Ⅰ中钢珠所增添的动能。【答案】AC【分析】【分析】依据动量定理分析动量的改变量与冲量的关系，过程Ⅰ中钢珠只遇到重力，钢珠动量的改变量等于重力的冲量，过程Ⅱ中，钢珠遇到重力和阻力，动量的改变量不等于零，协力的冲量不等于零，对于整个过程研究，依据动能定理分析战胜阻力所做的功与重力做功的关系，重力做功多少，钢珠的重力势能就减小多少，依据能量守恒定律判断过程Ⅱ中损失的机械能与过程Ⅰ中钢珠所增添的动能的关系；【详解】A、在过程Ⅰ中，钢珠仅受重力，依据动量定理知，钢珠动量的变化等于重力的冲量，故A正确；

B、对全过程运用动量定理知，动量的变化量为零，全过程总的重力的冲量和阻力的冲量大小相等，方向相反，故B错误；

C、对全过程运用动能定理知，，可知战胜阻力做功等于整个过程中重力做功的大小，即等于整个过程中重力势能的减小量，故C正确；

D、依据功能关系知，过程Ⅱ中损失的机械能等于战胜阻力做功，等于整个过程中重力做功的大小，大于过程I中增添的动能，故D错误。【点睛】本题一要灵巧选择研究的过程，二是运用动量定理研究冲量，运用动能定理研究动能的改变量是常用的思路。14.以以下图，水平川面上一轻弹簧左端固定，右端用一质量为m的滑块将弹簧压缩后锁定。t=0时辰消除锁定。滑块的v—t图像以以下图，OAB段为曲线，A为曲线最高点，BC段为直线。已知OA段与t轴围成的图形面积为S1，OABC与t轴围成的图形面积为S2，重力加快度为g，则以下说法正确的选项是（）A.滑块与地面间的动摩擦因数B.滑块与地面间的动摩擦因数C.弹簧的劲度系数（以为已求出）D.弹簧的劲度系数（以为已求出）【答案】AC【分析】【分析】滑块走开弹簧后做匀减速直线运动，联合速度时间图线求出匀减速直线运动的加快度大小，联合牛顿第二定律求出滑块与地面的间的动摩擦因数；由图线可知，在A地点，速度最大，此时弹力和摩擦力相等，在B地点，弹簧恢还原长，联合图线围成的面积求出速度最大时弹簧的形变量，联合胡克定律求出弹簧的劲度系数；【详解】A、滑块走开弹簧后做匀减速直线运动，依据速度时间图线知，匀减速直线运动的加快度大小，并且，解得，应选项A正确，选项B错误；C、由图可知，A地点速度最大，知此时弹簧弹力和摩擦力相等，有：，

形变量x等于OAB围成的面积和OA围成的面积之差，形变量，

解得劲度系数，应选项C正确，D错误。【点睛】本题综合察看了胡克定律、牛顿第二定律、运动学公式的综合运用，理清滑块在整个过程中的运动规律是解决本题的重点，经过速度最大时，弹力等于摩擦力，求解劲度系数。二、实验题15.以以下图，楔形木块的斜面圆滑，木块固定在水平搁置的压力传感器上。某同学将不相同质量的小钢球从斜面顶端同一地点处由静止开释，每次斜面上只有一个小球，记录小钢球在斜面上运动时压力传感器的示数，并依据实验数据作出F-m图线。重力加快度大小取9.8m/s2。(1)实验中，不相同质量的小钢球在斜面上运动的时间_______(填“相同”或“不相同”）；(2)从图象中给出的部分数据可知：楔形木块的质量M=_______kg；若斜面倾角为,则cos2=______。(计算结果保存两位有效数字）【答案】(1).相同(2).0.20kg(3).0.75【分析】（1）依据牛顿第二定律得，小钢球下滑的加快度a=＝gsinθ，可知质量不相同的小球加快度相同，依据x=at2知，小球在斜面上运动的时间相同（2）当m=0时，传感器的示数即为木块的重力，则有：Mg=1.96N

解得：M=kg＝0.20kg．

对小球受力分析，依据均衡条件可知，A对小球的支持力N=mgcosθ

依据牛顿第三定律可知，小球对A的压力为mgcosθ，

对A受力分析可知，传感器对A的支持力F=Mg+mgcosθcosθ，

则传感器的示数为F=Mg+mgcos2θ

F-m图象的斜率k=gcos2θ，解得cos2θ＝≈0.75．

点睛：本题的重点是分别对小球和楔形木块受力分析，求出传感器的示数F与m的表达式，注意F-m图象斜率和截距所表示的含义．16.以以下图,用半径相同的A、B两球的碰撞可以考证“动量守恒定律”。实验时先让质量为m1的A球从斜槽上某一固定地点C由静止开始滚下,进入水平轨道后,从轨道尾端水平抛出,落到位于水平川面的复写纸上,在下边的白纸上留下印迹。重复上述操作10次,获取10个落点印迹。再把质量为m2的B球放在水平轨道尾端,让A球仍从地点C由静止滚下,A球和B球碰撞后,分别在白纸上留下各自的落点印迹,重复操作10次。M、P、N为三个落点的均匀地点,未放B球时,A球的落点是P点,0点是水平轨道尾端在记录纸上的竖直投影点,以以下图。(1)在这个实验中,为了尽量减小实验偏差,两个小球的质量应知足m1__________m2(填“>”或“<”);除了图中器械外,实验室还备有以下器械,达成本实验还必然使用的两种器械是______。A.秒表B.天平C.刻度尺D.打点计时器(2)以下说法中正确的选项是______。A.假如小球每次从同一地点由静止开释,每次的落点必然是重合的B.重复操作时发现小球的落点其实不重合,说明实验操作中出现了错误C.用半径尽量小的圆把10个落点圈起来,这个圆的圆心可视为小球落点的均匀地点D.仅调理斜槽上固定地点C,它的地点越低,线段0P的长度越大(3)在某次实验中,丈量出两个小球的质量m1、m2，记录的落点均匀地点M、N几乎与OP在同一条直线上,丈量出三个落点地点与0点距离OM、OP、0N的长度。在实验偏差赞成范围内,若知足关系式____________,则可以以为两球碰撞前后在OP方向上的总动量守恒;若碰撞是弹性碰撞，则仅需知足的关系式是____________。(用丈量的量表示)(4)某同学在做这个实验时,记录下小球三个落点的均匀地点M、P、N,以以下图。他发现M和N偏离了0P方向。这位同学猜想两小球碰撞前后在OP方向上依旧动量守恒,他想到了考证这个猜想的方法:连结OP、OM、ON,作出M、N在OP方向上的投影点M′、N′。分别丈量出OP、OM′、ON′的长度。若在实验偏差赞成的范围内,知足关系式：____________则可以以为两小球碰撞前后在OP方向上动量守恒。【答案】(1).>(2).BC(3).C(4).(5).(6).【分析】【分析】明的确验原理，进而确立需要丈量哪些物理量，在该实验中，小球做平抛运动，高度相等，时间t就相等，水平位移x=vt，与v成正比，所以可以用位移x来取代速度v，依据水平方向上的分运动即可考证动量守恒，依据动量守恒定律以及平抛运动规律可确立对应的表达式；【详解】（1）为了防备入射球碰后反弹，应让入射球的质量大于被碰球的质量，即；

小球走开轨道后做平抛运动，小球在空中的运动时间相同，小球的水平位移与其初速度成正比，可以用小球的水平位移取代小球的初速度，实验需要考证：，因小球均做平抛运动，着落时间相同，则可知水平位移，所以可以直接用水平位移取代速度进行考证，故有，实验需要丈量小球的质量、小球落地点的地点，丈量质量需要天平，丈量小球落地点的地点需要毫米刻度尺，所以需要的实验器械有BC；

（2）A、因为各样有时要素，如所受阻力不相同样，小球的落点不可以能完满重合，落点应该比较集中，但不是出现了错误，故AB错误；

C、因为落点比较密集，又好多，每次丈量距离很难，故确立落点均匀地点的方法是最小圆法，即用尽可能最小的圆把各个落点圈住，这个圆的圆心地点代表落点的均匀地点，故C正确；

D、仅调理斜槽上固定地点C，它的地点越低，因为水平速度越小，则线段OP的长度越小，故D错误。

（3）若两球相碰前后的动量守恒，则，又，，，代入得：

若碰撞是弹性碰撞，知足能量守恒，则：，

代入得；；

（4）以以下图，连结OP、OM、ON，作出M、N在OP方向上的投影点，以以下图：分别丈量出的长度。若在实验偏差赞成范围内，知足关系式，则可以以为两小球碰撞前后在OP方向上动量守恒。【点睛】该题察看考证动量守恒定律，该实验中，固然小球做平抛运动，可是却没合用到速度和时间，而是用位移x来取代速度v，成为是解决问题的重点，要注意理解该方法的使用。三、计算题17.以以下图，质量不计的圆滑活塞被销钉固定，使必然量气体被关闭在容器的上部，容器下部与大气连通，容器上部连结有一U形管（U形管内气体的体积忽视不计，容器下部足够高）。此时容器上部关闭气体的体积为V，室温为T1=300K，U形管两边水银柱高度差为24cm（外界大气压等于76厘米汞柱）.问：(1)将关闭在容器中的气体加热到必然温度后发现U形管两边水银柱高度差变为38cm，那么这时关闭气体的温度T2为多少K？(2)保持气体的温度T2不变，拔掉销钉，活塞稳准时容器上部气体的体积为多少？【答案】（1）342K（2）1.5V【分析】【分析】加热过程，关闭气体的体积不变，运用查理定律求解；

拔掉销钉，活塞运动过程温度不变，运用玻意耳定律求解；【详解】（1）U形管两边水银柱高度差为，外界大气压等于。

依据均衡知识得容器上部的气体压强加热过程，关闭气体的体积不变，运用查理定律：，，，加热到必然温度后发现U形管两边水银柱高度差变为，这时关闭气体的压强，可得：；

（2）拔掉销钉，活塞运动过程温度不变，运用玻意耳定律：，，，活塞稳准时U形管内两边水银面的高度差为零，，则。【点睛】分析关闭在容器中的气体的状态参量的变化，可以依据气体状态方程和已知的变化量求解。18.以以下图,A、B是水平传达带的两个端点,开初以v0=1m/s的速度顺时针运行.今将一小物块(可视为质点)无初速度地轻放在A处,同时传达带以a0=1m/s2的加快度加快运行,物体和传达带间的动摩擦要素μ=0.2,水平桌面右边有一竖直搁置的圆滑轨道CPN,其形状为半径R=0.8m的圆环剪去了左上角1350的圆弧,PN为其竖直直径,C点与B点的竖直距离为R,物体走开传达带后由C点恰巧无碰撞落入轨道.取g=10m/s2,求:(1)B、C间的水平距离；(2)物块由A端运动倒B端所经历的时间.(3)判断物体可否沿圆轨道抵达N点.【答案】（1）1.6m（2）3s（3）不可以【分析】【分析】（1）研究物块走开B点做平抛运动的过程，由高度求出着落的时间，由求出物块抵达C点时竖直分速度，再由几何关系求，进而求出水均分位移；

（2）物体刚放上传达带时，先加快后再与传达带一同加快，由牛顿第二定律和运动学公式联合求解AB间的时间问题；

（3）物体能抵达N点的速度要求：在N点由重力和轨道支持力的协力供给向心力，对于从C到N过程，由机械能守恒列式，联合临界条件分析；【详解】（1）物体走开传达带后由