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文档简介

2023学年高二下学期物理期末模拟测试卷考生须知:1.全卷分选择题和非选择题两部分,全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂;非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、实物粒子和光都具有波粒二象性.下列事实中突出体现实物粒子波动性的是A.可见光通过双缝实验装置后可以形成干涉图样B.β射线在云室中穿过会留下清晰的径迹C.人们利用电子显微镜观测物质的微观结构D.光电效应实验中,光电子的最大初动能与入射光的频率有关,与入射光的强度无关2、法国科学家阿尔贝·费尔由于发现了巨磁电阻()效应,荣获了诺贝尔物理学奖,如图电路中,巨磁电阻周围的磁场增强时,其阻值减小;为电容器,当有磁铁靠近时,下列说法正确的是()A.电流表的示数减小B.电容器的电荷量增大C.电压表的示数变小D.电源内部消耗的功率变小3、如图所示,闭合导线框的质量可以忽略不计,将它从如图所示的位置匀速拉出匀强磁场.若第一次用0.3s时间拉出,外力所做的功为W1,通过导线截面的电荷量为q1;第二次用0.9s时间拉出,外力所做的功为W2,通过导线截面的电荷量为q2,则()A.W1<W2,q1<q2 B.W1<W2,q1=q2 C.W1>W2,q1=q2 D.W1>W2,q1>q24、―通电直导线用细线悬挂于匀强磁场中,磁场及电流方向如图所示.通电导线所受安培力的方向是A.水平向左 B.水平向右 C.竖直向上 D.竖直向下5、关于弹力的产生说法,正确的是()A.只要两物体相接触就一定产生弹力B.只要两物体相互吸引就一定产生弹力C.只要物体发生形变就一定有弹力产生D.只有发生弹性形变的物体才会对与它接触的物体产生弹力作用6、如图两根长度不同的细线下面分别悬挂两个小球A和B,细线上端固定在同一点,若两个小球绕竖直轴做匀速圆周运动时恰好在同一高度的水平面内,则下列说法中正确的是()A.线速度 B.角速度C.加速度 D.周期二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,用两根细线把A、B两小球悬挂在天花板上的同一点O,并用第三根细线连接A、B两小球,然后用某个力F作用在小球A上,使三根细线均处于直线状态,且OB细线恰好沿竖直方向,两小球均处于静止状态.则该力可能为图中的()A.F1B.F2C.F3D.F48、下列说法正确的是A.两个物体只要温度相等,那么它们分子热运动的平均动能就相等B.在自然界能的总量是守恒的,所以不存在能源危机C.热力学第一定律也可表述为第一类永动机不可能制成D.热力学第二定律可描述为“不可能使热量由低温物体传递到高温物体”E.1kg的0℃的冰比1kg的0℃的水内能小些9、要提高振荡电路发射电磁波的本领,下列措施可行的是()A.减小发射电磁波的波长B.增大回路中自感线圈的自感系数C.增大振荡回路中电容器两极板的距离D.增大振荡回路中电容器两极板的正对面积10、如图甲,长木板A静止在光滑水平面上,质量为mB=2kg的另一物体B(可看作质点)以水平速度v0=2m/s滑上长木板A的表面.由于A、B间存在摩擦,之后运动过程中A、B的速度随时间变化情况如图乙所示.g取10m/s2,下列说法正确的是()A.木板A的最小长度为2mB.A、B间的动摩擦因数为0.1C.长木板的质量M=2kgD.A、B组成的系统损失的机械能为2J三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)小明利用热敏电阻设计了一个“过热自动报警电路”,如图甲所示.将热敏电阻R安装在需要探测温度的地方,当环境温度正常时,继电器的上触点接触,下触点分离,指示灯亮;当环境温度超过某一值时,继电器的下触点接触,上触点分离,警铃响.图甲中继电器的供电电压U1=3V,继电器线圈用漆包线绕成,其电阻R0为30Ω.当线圈中的电流大于等于50mA时,继电器的衔铁将被吸合,警铃响.图乙是热敏电阻的阻值随温度变化的图象.(1)由图乙可知,当环境温度为40℃时,热敏电阻阻值为________Ω.(2)由图乙可知,当环境温度升高时,热敏电阻阻值将________,继电器的磁性将________(均选填“增大”、“减小”或“不变”).(3)图甲中警铃的接线柱C应与接线柱________相连。(均选填“A”或“B”).(4)图甲中线圈下端P的磁极是________极(选填“N”或“S”).(5)请计算说明,环境温度在_________范围内时,警铃报警.12.(12分)(1)在“探究楞次定律”的实验中除需要已知绕向的螺线管、条形磁铁外,还要用到电表.请从下列电表中选择(______)A.量程为0~3V的电压表B.量程为0~3A的电流表C.量程为0~0.6A的电流表D.零刻度在中间的灵敏电流表(2)某同学按下列步骤进行实验:①将已知绕向的螺线管与电表连接;②设计表格,记录将磁铁N、S极插入和抽出过程中引起感应电流的磁场方向、磁通量变化、感应电流的方向、感应电流的磁场方向;③分析实验结果,得出结论.上述实验中,漏掉的实验步骤是______.

丙(3)图甲为某实验小组利用微电流传感器做验证楞次定律实验时,在计算机屏幕上得到的波形,横坐标为时间t,纵坐标为电流I.根据图线分析知道:将条形磁铁的N极插入圆形闭合线圈时得到图甲内①所示图线.现用该磁铁,如图乙所示,从很远处按原方向沿一圆形线圈的轴线匀速运动,并穿过线圈向远处而去.图丙中较正确地反映线圈中电流I与时间t关系的是____.四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示,电阻不计且足够长的型金属导轨框架放置在倾角的绝缘斜面上,质量、电阻的导体棒垂直于导轨放在框架上,整个空间有垂直斜面向下的匀强磁场.导体棒光滑,与导轨间无摩擦:框架质量,宽度,与斜面间的动摩擦因数,与斜面间最大静摩擦力等于滑动摩擦力.取,.将框架固定,导体棒从静止开始沿导轨无摩擦下滑,到速度的过程中,流过棒的电荷量;到速度后,棒一直做匀速直线运动.整个过程中导体棒始终与导轨垂直且接触良好.(1)求匀强磁场的磁感应强度;(2)求从静止开始下滑到速度的过程中,导体棒中产生的热量(3)若框架不固定,求当框架刚开始运动时导体棒的速度.14.(16分)如图所示,水平细杆上套一环A,环A与球B问用一不可伸长轻质绳相连,质量分别为mA=0.40kg和mB=0.30kg,由于B球受到水平风力作用,使环A与球B一起向右匀速运动.运动过程中,绳始终保持与竖直方向夹角=30°,重力加速度g取10m∕s2,求:(1)B球受到的水平风力大小;(2)环A与水平杆间的动摩擦因数.15.(12分)如图所示,圆柱形的气缸上部有小挡板,可以阻止活塞滑离气缸,气缸内部的高度为d,质量不计的薄活塞将一定质量的气体封闭在气缸内.开始时活塞离底部高度为,温度为t1=27°C,外界大气压强为p0=1atm,现对气体缓缓加热,求:(1)当气体温度升高到t2=127oC时,活塞升高了多少?(2)当气体温度升高到t3=357oC时,缸内气体的压强.

2023学年模拟测试卷参考答案(含详细解析)一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、C【答案解析】

可见光通过双缝实验装置后可以形成干涉图样,说明光有波动性,选项A错误;β粒子在云室中受磁场力的作用,做的是圆周运动,与波动性无关,所以B错误;人们利用电子显微镜观测物质的微观结构,说明电子可以产生衍射现象,说明具有波动性,所以C正确;光电效应实验,说明的是能够从金属中打出光电子,说明的是光的粒子性,所以D错误;故选C.2、C【答案解析】

AC.当有磁铁靠近时,其电阻减小,故回路中的总电阻减小,则总电流增大,路端电压减小,故电压表的示数减小,电流表的示数增大,故A错误,C正确;B.电容器C两端的电压等于路端电压,根据Q=CU,可知U减小,则电荷量减小,故B错误;D.根据,可知总电流增大,故电源内部消耗的功率变大,故D错误。故选C。3、C【答案解析】

第一次用0.3s时间拉出,第二次用0.9s时间拉出,两次速度比为3:1,由E=BLv,两次感应电动势比为3:1,两次感应电流比为3:1,由于F安=BIL,两次安培力比为3:1,由于匀速拉出匀强磁场,所以外力比为3:1,根据功的定义W=Fx,所以:W1:W2=3:1;根据电量,感应电流,感应电动势,得:所以:q1:q2=1:1,故W1>W2,q1=q2。A.W1<W2,q1<q2。故A错误;B.W1<W2,q1=q2。故B错误;C.W1>W2,q1=q2。故C正确;D.W1>W2,q1>q2。故D错误;4、D【答案解析】

通电导线在磁场中所受安培力的方向可以通过左手定则判断,根据左手定则可知ABC项说法错误、D项说法正确,应选D.【答案点睛】通电导线在磁场中所受安培力的方向可以通过左手定则判断,伸开左手,使拇指与其余四个手指垂直,并且都与手掌在同一个平面内;让磁感线从掌心进入,并使四指指向电流的方向,这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向.5、D【答案解析】

ABC.弹力的产生条件:接触和弹性形变缺一不可判定.A、C都只有弹力产生条件的一个方面,而B只说“相互吸引”,只能证明有力存在,不一定是弹力,故ABC不符合题意。D.只有发生弹性形变的物体才会对与它接触的物体产生弹力作用,故D符合题意。6、D【答案解析】

小球做圆周运动的向心力F向=mgtanθ,根据mgtanθ=m∙htanθ∙ω2得,角速度,线速度,可知角速度相同,线速度A的小于B的,故AB错误;根据mgtanθ=ma,解得a=gtanθ,故B的向心加速度大于A的,故C错误;由于角速度相同,故周期T=2π/ω,故周期相同,故D正确;故选D.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BC【答案解析】

首先对B球受力分析,合力为零.故B球受重力和OB绳子的向上的拉力,由于B球保持静止,受力平衡,故AB绳子的拉力为零;再对A球受力分析,受重力,OA绳子的拉力和一个题中需要求解的力,根据三力平衡条件,可以知道,任意两个力的合力必定与第三个力等值、反向、共线,由于重力和OA绳子的拉力的合力必定在AO方向和竖直方向之间,故只有与符合,故BC正确,AD错误.8、ACE【答案解析】

A.温度是平均动能的标志,所以两个物体只要温度相等,那么他们分子热运动的平均动能相等,故A正确;B.在自然界能的总量是守恒的,由于存在方向性,所以需要我们节约能源,故B错误;C.根据:△U=Q+W热力学第一定律,也可表述为第一类永动机不可能制成,故C正确;D.热力学第二定律可描述为“在外界做功下,能使热量由低温物体传递到高温物体”,故D错误;E.由于冰化成水需要吸热,所以1kg的0℃的冰比1kg的0℃的水的内能小些,故E正确。故选ACE.【答案点睛】考查热力学基本知识,掌握热力学第一、二定律,知识温度是平均动能的标志,理解能量转化需要方向性,强调要节约能源.9、AC【答案解析】要提高LC振荡电路辐射电磁波的本领,就是要产生波长比原来短些的电磁波,则频率变高,所以需要减小电容器的电容,或减小线圈中的自感系数.A.减小发射波的波长,导致线圈的振荡频率增大.故A正确;B.根据振荡频率公式,增加回路中的自感线圈的自感系数,则导致线圈的振荡频率变小,则产生的电磁波波长变长.故B错误;C.根据电容器的决定式,增大振荡回路中电容器两极板的距离,使则电容器的电容减小,导致线圈的振荡频率变大.故C正确;D.增大振荡回路中电容器两极板的正对面积,使则电容器的电容增大,导致线圈的振荡频率变小.故D错误.故选AC.10、BCD【答案解析】

从图可以看出,B先做匀减速运动,A做匀加速运动,最后一起做匀速运动,共同速度为:v=1m/s.取向右为正方向,根据动量守恒定律得:mv0=(m+M)v,解得:M=m=2kg,故C正确;由图象可知,木板A匀加速运动的加速度为,对A,根据牛顿第二定律得:μmg=MaA,得出动摩擦因数为:μ=0.1,故B正确;由图象可知前1s内物体B的位移为:,木板A的位移为:,所以木板最小长度为:L=xB-xA=1m,故A错误;系统损失的机械能:,故D正确.所以BCD正确,A错误.三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、70减小增大BS环境温度大于等于80℃时,警铃报警【答案解析】

第一空.分析乙图,找到热敏电阻40℃对应的阻值为70Ω;第二空.分析乙图象发现:温度升高时,热敏电阻阻值减小;第三空.根据欧姆定律,热敏电阻阻值减小;电路中电流就会增大,电磁铁的磁性就会增大;第四空.由题中“当环境温度超过某一值时,继电器的下触点接触,上触点分离,警铃响”,所以警铃的接线柱C应与接线柱B连,指示灯的接线柱D应与接线柱A相连;第五空.由安培定则可判断出线圈的下端P的极性是S极;第六空.当线圈中的电流I=50mA=0.05A时,继电器的衔铁将被吸合,警铃报警;刚报警时,控制电路的总电阻刚报警时,热敏电阻R=R总-R0=60Ω-30Ω=30Ω

由图乙可知,此时t=80℃

所以当温度t≥80℃时,警铃报警。12、D查明电流流入电表方向与电表指针偏转方向的关系B【答案解析】

(1)[1].由于电流方向会发生变化,所以应该用零刻度在中间的灵敏电流表,故选D。(2)[2].因为本实验时探究“楞次定律”的实验,所以要查明电流流入电表方向与电表指针偏转方向的关系,从而来确定感应电流方向与原磁通量变化之间的关系。(3)[3].根据图线分析知道:将条形磁铁的N极插入圆形闭合线圈时得到图甲内①所示图线,则表明穿过线圈N极的磁通量增加时,应该形成图①的形状,当磁铁S极从很远处按原方向沿一圆形线圈的轴线匀速运动,并穿过线圈向远处而去,则穿过线圈平面的S极的磁通量先增大后减小,且磁场方向与题中所给的方向恰好相反,所以图像应该是B,故选B。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)(2)(3)【答案解析】(1)设导体棒做匀速直线运动时,棒中电动势为E1,回路中感应电流为I1,导体棒所受安培力为F安,则E1=Blv2F安=BI1lmgsinθ=F安解得B=0.5T;(2)设导体棒从静止开始下滑到速度v1=5m/s的过程中,沿导轨下滑的距离为x,经过的时间为△t,闭合回路内磁通量变化为△ψ,平均感应电动势为,平均电流强度为,则,,解得=5.75m解得:Q=2.2J;(3)若框架不固定,导体棒速度为v3时,设回路中的电流为I3,则解得:v3=2.4m/s

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