第三次全国大联考物理试卷新课标ⅲ卷解析版

1、文档编码 : CO7O3S2J3M1 HH1Z10N5F8A5 ZG5T8C1V7I42022 年第三次全国大联考物理试卷（新课标 卷） 一,挑选题：此题共 8 个小题,每道题 6 分在每道题给出的四个选 项中,第 1 4 题只有一项符合题目要求, 第 58 题有多项符合题目 要求全部选对的得 6 分,选对但不全的得 3 分,有选错的得 0 分 1在争论物理学的过程中,往往要接触到争论物理的方法,以下说 法正确选项（ ） A伽利略在证明自由落体运动是匀变速直线运动时,接受了等效替 代法 B“假如电场线与等势面不垂直, 那么电场强度沿着等势面方向就有 一个重量,在等势面上移动电荷时静电力就要做功

2、 ”,这里使用的是 归纳法 C在不需要考虑物体本身的大小和外形时,用质点来代替物体的方 法是微元法 D在探究加速度与力,质量的关系试验中使用了把握变量的思想方 法 2如图 1 所示为一足够长的光滑斜面,确定质量的滑块从斜面的底 端由静止开头在一沿斜面对上的外力作用下运动, 经 10s 的时间撤走 外力,利用速度传感器在运算机上描画了滑块在 030s 内的速度 时间图象,如图 2 所示就以下说法正确选项（ ） 第 1 页（共 38 页） 第 1 页,共 38 页A滑块在 0 10 s 内的平均速度等 于 B滑块在 0 30 s 内的位移最 大 10 20 s 内的平均速 度 C滑块在 10 20

3、 s 内的加速度与 2030 s 内的加速度等大反向 D滑块在 10 20 s 内的位移与 20 30 s 内的位移等大反向 3已知火星的质量比地球的小,火星的公转半径比地球的大假如 将火星和地球互换位置,就（ ） A火星的公转周期将小于 365 天 B在地球表面发射卫星的第一宇宙速度将大于 km/s C火星公转的半径的三次方与公转周期平方的比值与地球公转的半 径的三次方与公转周期平方的比值仍旧相等 D火星和地球受太阳的万有引力不变 4如以下图,一质量为 m 的物块静止在倾角为 的斜面上现物 块 受到与斜面成 角的力 F 作用,且仍处于静止状态如增大 力 F,物 块和斜面始终保持静止状态就（

4、） A物块受到斜面的摩擦力变小 B物块对斜面的压力变小 C斜面受地面的摩擦力大小不变 D斜面对地面的压力大小不变 第 2 页（共 38 页） 第 2 页,共 38 页5如以下图电场,实线表示电场线一个初速度为 v 的带电粒子仅 在电场力的作用下从 a 点运动到 b 点,虚线表示其运动的轨迹就 （ ） A粒子带正电 B粒子受到的电场力不断减小 C a 点电势高于 b 点电势 D电场力始终做正功,动能增加 6如以下图,匀强磁场垂直于纸面对里,匀强电场竖直向上质量 为 m,电荷量为 q 的小球以速率 v 在复合场区域做匀速圆周运动 已 知匀强磁场的磁感应强度为 B,重力加速度为 g就（ ） A小球带

5、负电 B电场强度大小为 C小球做圆周运动的半径为 D小球做圆周运动的周期为 7一个抱负变压器,开头时开关 S 接 1,此时原,副线圈的匝数比 为 9： 1一个抱负二极管和一个滑动变阻器串联接在副线圈上,此 时滑动变阻器接入电路的阻值为 10,如图 1 所示 原线圈接入如图 2 所示的正弦式沟通电就以下判定正确选项（ ） 第 3 页（共 38 页） 第 3 页,共 38 页A电压表的示数为 4 V B滑动变阻器消耗的功率为 0.8 W C如将开关 S 由 1 拨到 2,同时滑动变阻器滑片向下滑动,电流表 示数将变大 D如将二极管用导线短接,电流表示数加倍 8如以下图,用粗细匀称的铜导线制成半径为

6、 r 的圆环, PQ 为圆环 的直径, 其左右两侧存在垂直圆环所在平面的匀强磁场, 磁感应强度 大小均为 B,但方向相反,圆环的电阻为 2R一根长度为 2r,电阻 为 R 的金属棒 MN 围着圆环的圆心 O 点紧贴着圆环以角速度 沿 顺 时针方向匀速转动, 转动过程中金属棒 MN 与圆环始终接触良好, 就 以下说法正确选项（ ） A金属棒 MN 两端的电压大小为 Br 2B圆环消耗的电功率是变化的 C圆环中电流的大小为 D金属棒 MN 旋转一周的过程中,电路中产生的热量为 第 4 页（共 38 页） 第 4 页,共 38 页二,非挑选题：包括必考题和选考题两部分第 9 题第 12 题为必 考题

7、,每个试题考生都必需作答 第 13 题第 18 题为选考题, 考生 依据要求作答（一）必考题 9某活动小组利用如以下图的装置测定物块 擦力,步骤如下： A 与桌面间的最大静摩 a如以下图组装好器材,使连接物块 A 的细线与水平桌面平行 b缓慢向矿泉水瓶内加水,直至物块 A 恰好开头运动 c用天平测出矿泉水瓶及水的总质量 md用天平测出物块 A 的质量 M（ 1）该小组依据以上过程测得的物块 A 与桌面间的最大静摩擦力 为 ,本小组接受注水法的好处是 （当地重力加速度为 g） （ 2）如认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力,就物块 A 与桌面间的动 摩擦因数为 1 23 4 510新能源汽车是今后汽车

8、进展的主流方向,如 图 1 所示为车载动力电池,其技术参数是额定容 量约 120A.h,额定电压约 V,内阻约 现 有一个用了很长时间已经老化的这种电池,某研 究小组想测量这个电池的电动势和内阻,但试验 器材仅有一个电流表（量程 100mA,内阻 90）, 个定值电阻 R0=10,一个电阻箱 R,一个开关 第 5 页（共 38 页） 第 5 页,共 38 页S 和导线如干该同学按如图 2所示电路进行实 验 , 测 得 的 数 据 如 下 表 所 示 次数 R（） 9 47 11 14 26 1 1I0（ mA） 10 53 25 20 0 03（ 1）试验中将电流表与定值电阻并联实质上是把电流

9、表改装成了大 量程的电流表,就改装后的电流表的测量值 关系为 I 与原电流表的读数 I0 的 （ 2）如利用图象确定电池的电动势和内阻,就应作 （填 “R I ” 或“R ”）图象 （ 3）利用测得的数据在图 3 坐标纸上作出适当的图象 （ 4）由图象可知,该电池的电动势 E= V,内阻 r= 11随着时代的不断进展, 快递业进展迅猛, 大量的快件需要分拣 为 了快件的安全,某网友制造了一个缓冲装置, 其抱负模型如以下图 劲 度系数足够大的轻质弹簧与轻杆相连, 轻杆可在固定的槽内移动, 与 槽间有恒定的滑动摩擦力作用, 轻杆向下移动确定距离后才停下, 保 第 6 页（共 38 页） 第 6 页

10、,共 38 页证了快件的安全 一质量为 m 的快件从弹簧上端 l 处由静止释放, 沿 斜面下滑后与轻杆相撞,轻杆与槽间最大静摩擦力等于滑动摩擦力, 大小为 f=mg,不计快件与斜面间的摩擦 （ 1）求快件与弹簧相撞时的速度大小 （ 2）如弹簧的劲度系数为 k= ,求轻杆开头移动时,弹簧的压缩 量 x1 （ 3）已知弹簧的弹性势能表达式为 Ep= ,其中 k 为劲度系数, x 为弹簧的形变量试求（ 2）情形下,轻杆向下运动时快件的加速度 a,以及轻杆向下移动的最大距离 x2 12如以下图, A,B 是一对平行的金属板,在两板间加上一周期为 T 的交变电压 B 板的电势 B=0,A 板的电势 A

11、随时间的变化规律为： 在 0 时间内 A=U（正的常量）；在 T 时间内 A= U现有一 电荷量为 q,质量为 m 的带负电粒子从 B 板上的小孔 S 处进入两板间 的电场区内,设粒子的初速度和重力均可忽视 （ 1）如粒子是在 t=0 时刻进入的,且经过 2T 时间恰好到 A 板,就 达 A, B 两板间距 d1 为多大？ （ 2）如粒子是在 t= 时刻进入的,且经过 A, B 两板间距 d2 为多大？ 时间恰好到达 A 板,就 （ 3）如粒子是在 t= 时刻进入的,且 A, B 两板间距足够大,就粒 子经过多长时间离开电场？ 第 7 页（共 38 页） 第 7 页,共 38 页 二）选考题,

12、请考生任选一模块作答 物理 -选修 3-3 13以下说法中正确选项（ ） A分子间的距离增大时,分子势能确定增大 B晶体有确定的熔点,非晶体没有确定的熔点 C依据热力学其次定律可知,热量不行能从低温物体传到高温物体 D物体吸热时,它的内能可能不增加 E确定质量的抱负气体,假如压强不变,体积增大,那么它确定从 外界吸热 14如图,在圆柱形气缸中用一光滑导热活塞封闭确定质量的抱负气 体,在气缸底部开有一小孔, 与 U 形导管相连, 稳固后导管两侧水银 面的高度差为 ,此时活塞离容器底部的高度为 L=50cm已知 气缸横截面积 m 2,室温 t 0=27 ,外界大气压强为 p0=75cm, 10 5

13、 Pa （ i）求活塞的质量； （ ii）使容器内温度降至 63 ,求此时 U 形管两侧水银面的高度差 和活塞离容器底部的高度 L 第 8 页（共 38 页） 第 8 页,共 38 页 物理 -选修 3-4 15一列简谐横波沿 x 轴传播,已知 x 轴上 x1=0 和 x2=1m 处两质点 a, b 的振动图象如图 1, 2 所示,该波的波长 1m就以下说法中正 确的是（ ） A该波的频率为 Hz B该波的周期为 s C该波的波长确定为 4 m D该波的传播速度可能为 100 m/s E两质点 a, b 不行能同时在波峰或波谷位置 16某探究小组的同学利用直角三棱镜做光学试验, 棱镜的横截面如

14、 图所示, =30,BC 边长度为 aP 为垂直于直线 宽度等于 AB 边长度的平行单色光束垂直射向 BC 的光屏现有 一 AB 面,棱镜的折射率 为 ,已知 sin75, cos75,求： （ i）光线从 AC 面射出时的折射 角； （ ii）在光屏 P 上被折射光线照亮的光带的宽度 第 9 页（共 38 页） 第 9 页,共 38 页 物理 -选修 3-5 17以下说法正确选项（ ） A黑体辐射电磁波的强度只与黑体的温度有关 B光子与电子是同一种粒子 C发觉中子的核反应方程是 D比结合能越小,表示原子核中核子结合得越坚固,原子核越稳固 E玻尔的原子理论第一次将量子观念引入原子领域,胜利地说

15、明白 氢原子光谱的试验规律 18如以下图,甲, 乙两小孩各乘一辆冰车在山坡前的水平冰道上做 玩耍甲和他的冰车的总质量 M=40kg,从山坡上自由下滑到水平冰 道上的速度 v1=3m/s；乙和他的冰车的总质量 m=60kg,以大小为 v2=0.5m/s 的速度迎着甲滑来,与甲相碰不计一切摩擦,山坡与水 平冰道间光滑连接求： （ i）相碰后两人在一起共同运动的速度 v； （ ii）相碰后乙获得速度 v2 =2m,/s 就以后在原直线上运动甲,乙两 人是否仍会相碰 第 10 页（共 38 页） 第 10 页,共 38 页第 11 页（共 38 页） 第 11 页,共 38 页参考答案与试题解析 一,

16、挑选题：此题共 8 个小题,每道题 6 分在每道题给出的四个选 项中,第 1 4 题只有一项符合题目要求, 第 58 题有多项符合题目 要求全部选对的得 6 分,选对但不全的得 3 分,有选错的得 0 分 1在争论物理学的过程中,往往要接触到争论物理的方法,以下说 法正确选项（ ） A伽利略在证明自由落体运动是匀变速直线运动时,接受了等效替 代法 B“假如电场线与等势面不垂直, 那么电场强度沿着等势面方向就有 一个重量,在等势面上移动电荷时静电力就要做功 ”,这里使用的是 归纳法 C在不需要考虑物体本身的大小和外形时,用质点来代替物体的方 法是微元法 D在探究加速度与力,质量的关系试验中使用了

17、把握变量的思想方 法 【考点】 物理学史 【分析】伽利略在争论自由落体运动时接受了抱负试验和规律推理的 方法,在不需要考虑物体本身的大小和外形时, 用质点来代替物体的 方法抱负模型法, 在探究加速度与力, 质量的关系试验中使用了把握 变量的思想方法 第 12 页（共 38 页） 第 12 页,共 38 页【解答】 解： A,伽利略在争论自由落体运动时接受了抱负试验和逻 辑推理的方法故 A 错误 B,“假如电场线与等势面不垂直, 那么电场强度沿着等势面方向就有 一个重量,在等势面上移动电荷时静电力就要做功 ”用的是反证 法故 B 错误 C,在不需要考虑物体本身的大小和外形时,用质点来代替物体的方

18、 法抱负模型法故 C 错 误 D,在探究加速度与力,质量的关系试验中使用了把握变量的思想方 法故 D 正确 应选： D 2如图 1 所示为一足够长的光滑斜面,确定质量的滑块从斜面的底 端由静止开头在一沿斜面对上的外力作用下运动, 经 10s 的时间撤走 外力,利用速度传感器在运算机上描画了滑块在 030s 内的速度 时间图象,如图 2 所示就以下说法正确选项（ ） A滑块在 0 10 s 内的平均速度等 于 B滑块在 0 30 s 内的位移最 大 10 20 s 内的平均速 度 C滑块在 10 20 s 内的加速度与 2030 s 内的加速度等大反向 D滑块在 10 20 s 内的位移与 20

19、 30 s 内的位移等大反向 【考点】 匀变速直线运动的图像 第 13 页（共 38 页） 第 13 页,共 38 页【分析】 依据速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移大小, 分析 滑块的平均速度 依据图象的斜率等于加速度, 分析加速度的大小和 方向 【解答】 解： A,依据速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移, 可知,滑块在 010 s 内的位移大于 10 20 s 内的位移,就滑块在 0 10 s 内的平均速度大10 20 s 内的平均速A 错误 于 度故 B,依据速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移,图象在时间轴 上方表示的位移为正, 图象在时间轴下方表示的位移为负, 就知滑块 在

20、 020 s 内的位移最大故 B 错误 C,图象的斜率表示加速度, 而直线的斜率是确定值, 所以滑块在 10 20 s 内的加速度20 30 s 内的加速度等大同向,C 错误 与 故 D,依据面积表示位移,可知滑块在 1020 s 内的位移与 2030 s 内 的位移等大反向,故 D 正确 应选： D 3已知火星的质量比地球的小,火星的公转半径比地球的大假如 将火星和地球互换位置,就（ ） A火星的公转周期将小于 365 天 B在地球表面发射卫星的第一宇宙速度将大于 km/s C火星公转的半径的三次方与公转周期平方的比值与地球公转的半 径的三次方与公转周期平方的比值仍旧相等 D火星和地球受太阳

21、的万有引力不变 第 14 页（共 38 页） 第 14 页,共 38 页【考点】 万有引力定律及其应用；向心力 【分析】 依据万有引力供应向心力得出行星绕太阳的周期公式 ,与行星质量无关,当把火星和地球互换位置,火星周期 等于原先地球的公转周期 365 天,第一宇宙速度公式知地球表面发射 卫星的第一宇宙速度仅与地球质量和地球半径有关, 结合开普勒第三 定律和万有引力定律可分析得出结论 【解答】 解： A,依据万有引力供应向心力,有 ,解得 ,火星和地球的位置互换, 火星的公转周期将等于 365 天, 故 A 错误 B,依据 ,解得第一宇宙速度公式 ,地球质量和半径不 变,所以在地球表面发射卫星

22、的第一宇宙速度将仍等于 ,故 B 错误 C,依据开普勒第三定律,对同一个中心天体 确 的比值相等,故 C 正 D,依据万有引力定律 ,火星和地球与太阳之间的距离转变, 所以万有引力转变,故 D 错误 应选： C 4如以下图,一质量为 m 的物块静止在倾角为 的斜面上现物块 第 15 页（共 38 页） 第 15 页,共 38 页受到与斜面成 角的力 F 作用,且仍处于静止状态如增大 力 F,物 块和斜面始终保持静止状态就（ ） A物块受到斜面的摩擦力变小 B物块对斜面的压力变小 C斜面受地面的摩擦力大小不变 D斜面对地面的压力大小不变 【考点】 共点力平稳的条件及其应用；力的合成与分解的运用

23、【分析】 物块和斜面始终保持静止状态,受力平稳,分别对物块以及 物块和斜面组成的整体受力分析, 依据平稳条件列式分析即可, 留意 物块受到斜面的摩擦力的方向要进行争论求解 【解答】 解： A,对物块受力分析,受到重力,斜面的支持力 N,拉 力 F 以及斜面对物块的摩擦力 f, 依据平稳条件可知, 如 mgsin Fcos,就 f=mgsin Fcos,F 增大, f 减小,如 mgsin Fcos ,就 f=Fcos mgsin,F 增大, f 增大, N=mgcosFsin ,F 增大, N减小,依据牛顿第三定律可知,物块对 斜面的压力变小,故 A 错误, B 正确； C,把物块和斜面看成一

24、个整体,设斜面质量为 衡条件得： M,对整体,依据平 地面对斜面的支持力 N（=M+m） gFsin（+）, F 增大, N减小, 依据牛顿第三定律可知,斜面对地面的压力大小减小, 斜面受地面的摩擦力 f =Fc（os+）, F 增大, f 增大,故 CD 错误 第 16 页（共 38 页） 第 16 页,共 38 页应选： B 5如以下图电场,实线表示电场线一个初速度为 v 的带电粒子仅 在电场力的作用下从 a点运动到 b点,虚线表示其运动的轨迹就 （ ） A粒子带正电 B粒子受到的电场力不断减小 C a 点电势高于 b 点电势 D电场力始终做正功,动能增加 【考点】 电场线；电势能 【分析

25、】 电场线的疏密代表电场的强弱, 正电荷所受电场力的方向就 是电场线的方向,而负电荷所受的电场力的方向与电场线的方向相 反,沿着电场线方向电势降低 【解答】 解： A,由轨迹弯曲方向可判定出电场力方向,受力方向指 向弧内,就粒子带负电荷,故 A 错误 B,电场线的疏密代表电场的强弱,从 a 到 b,电场强度先增大后减 小,就粒子受到的电场力先增大后减小,故 B 错误； C,沿着电场线方向电势降低, 就 a 点电势高于 b 点电势, 故 C 正确； D,电场力方向与速度方向夹角大于 D 错误 90,始终做负功, 动能减小 故 第 17 页（共 38 页） 第 17 页,共 38 页应选： C 6

26、如以下图,匀强磁场垂直于纸面对里,匀强电场竖直向上质量 为 m,电荷量为 q 的小球以速率 v 在复合场区域做匀速圆周运动 已 知匀强磁场的磁感应强度为 B,重力加速度为 g就（ ） A小球带负电 B电场强度大小为 C小球做圆周运动的半径为 D小球做圆周运动的周期为 【考点】 带电粒子在匀强磁场中的运动 【分析】 带电小球受重力, 电场力和洛伦兹力供应向心力,由于重力 和电场力是恒力, 不行能在整个过程中供应向心力, 使小球做匀速圆 周运动知小球受重力和电场力平稳,靠洛伦兹力供应向心力依据 重力和电场力平稳确定小球的电性, 依据洛伦兹力的方向确定小球旋 转的方向 【解答】 解： A,小球做匀速

27、圆周运动,靠洛伦兹力供应向心力,就 mg=qE,电场力方向竖直向上,那么小球带正电,故 A 错误 B,由 mg=qE,得电场强度大小为 E= ,故 B 错误 C,洛伦兹力供应向心力 qvB=m 正确 ,得圆周运动的半径 R= ,故 C第 18 页（共 38 页） 第 18 页,共 38 页D,小球做圆周运动的周期 T= = ,故 D 正确 应选： CD 7一个抱负变压器,开头时开关 S 接 1,此时原,副线圈的匝数比 为 9： 1一个抱负二极管和一个滑动变阻器串联接在副线圈上,此 时滑动变阻器接入电路的阻值为 10,如图 1 所示 原线圈接入如图 2 所示的正弦式沟通电就以下判定正确选项（ ）

28、 A电压表的示数为 4 V B滑动变阻器消耗的功率为 0.8 W C如将开关 S 由 1 拨到 2,同时滑动变阻器滑片向下滑动,电流表 示数将变大 D如将二极管用导线短接,电流表示数加倍 【考点】 变压器的构造和原理 【分析】 依据电压与匝数成正比求得输出电压的有效值, 依据输入功 率等于输出功率求出原副线圈的电流之比, 二极管的作用是只答应正 向的电流通过,依据有效值的定义求出 R上电压的有效值,由 求出 R 两端电压的有效值再依据功率公式即可求得滑 动变阻器消耗的功率 第 19 页（共 38 页） 第 19 页,共 38 页【解答】 解： A,原线圈沟通电压的有效值为： ,依据 电压与匝数

29、成正比, ,得： ,二极管具有 单 向 导 电 性 , 根 据 电 流 的 热 效 应 有 ： , 解 得 ： ,即电压表读数为 B,滑动变阻器消耗的功率为： ,故 A 错误； ,故 B 正确； C,将开关 S 由 1 拨到 2,同时滑动变阻器滑片向下滑动,依据电压 与匝数成正比,副线圈电压变小,滑动变阻器电阻变大,输出功率变 小,输入功率变小,依据 ,电流表示数将变小,故 C 错误； D,用将二极管用导线短接,输出功率加倍,输入功率加倍,电流表 示数加倍,故 D 正确； 应选： BD 8如以下图,用粗细匀称的铜导线制成半径为 r 的圆环, PQ 为圆环 的直径, 其左右两侧存在垂直圆环所在平

30、面的匀强磁场, 磁感应强度 大小均为 B,但方向相反,圆环的电阻为 2R一根长度为 2r,电阻 为 R 的金属棒 MN 围着圆环的圆心 O 点紧贴着圆环以角速度 沿 顺 时针方向匀速转动, 转动过程中金属棒 MN 与圆环始终接触良好, 就 以下说法正确选项（ ） 第 20 页（共 38 页） 第 20 页,共 38 页A金属棒 MN 两端的电压大小为 Br 2B圆环消耗的电功率是变化的 C圆环中电流的大小为 D金属棒 MN 旋转一周的过程中,电路中产生的热量为 【考点】 导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律 【分析】 依据右手定就来确定感应电流的方向； 由法拉第电磁感应 定律来确定

31、感应电动势,即为两种感应电动势之和； 并由闭合电路 欧姆定律来运算感应电流大小； 做功的多少 最终依据焦耳定律来确定一周外力 【解答】 解：A,C,由右手定就, MN 中电流方向由 N 到 M,依据法 拉 第 电 磁 感 应 定 律 可 得 , 产 生 的 感 应 电 动 势 为 两 者 之 和 , 即 E=2B =Br 2,保持不变 环的电阻由两个电阻为 R 的半圆电阻并联组成,所以环的总电阻为 ,所以通过导体 MN 的电流： I= = = MN 两端的电压： 所以流过环的电流： 故 A 正确, C 正 确； B,由 A 的分析可知,流过环的电流不变,就环消耗的电功率不变, 故 B 错误；

32、第 21 页（共 38 页） 第 21 页,共 38 页D,MN 旋转一周外力做功为 = ,故 D 正确； 应选： ACD 二,非挑选题：包括必考题和选考题两部分第 9 题第 12 题为必 考题,每个试题考生都必需作答 第 13 题第 18 题为选考题, 考生 依据要求作答（一）必考题 9某活动小组利用如以下图的装置测定物块 擦力,步骤如下： A 与桌面间的最大静摩 a如以下图组装好器材,使连接物块 A 的细线与水平桌面平行 b缓慢向矿泉水瓶内加水,直至物块 A 恰好开头运动 c用天平测出矿泉水瓶及水的总质量 md用天平测出物块 A 的质量 M （ 1）该小组依据以上过程测得的物块 A 与桌面

33、间的最大静摩擦力为 mg ,本小组接受注水法的好处是 可以连续的转变拉力 （当地 重力加速度为 g） （ 2）如认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力,就物块 A 与桌面间的动 摩擦因数为 【考点】 探究影响摩擦力的大小的因素 【分析】（ 1）依据共点力平稳求得最大静摩擦力,水可以连续不断的 第 22 页（共 38 页） 第 22 页,共 38 页注入,即可连续不断地转变拉力 （ 2）依据共点力平稳求得摩擦因数 【解答】 解：（ 1）依据共点力平稳可知,最大静摩擦力 f=mg,可以 连续不断地注入水,即连续不断的转变拉力 （ 2）依据共点力平稳可知, Mg=mag 解得 故答案为：（ 1）mg,可以连

34、续的转变拉力； （ 2） 10新能源汽车是今后汽车进展的主流方向,如 12345图 1所示为车载动力电池,其技术参数是额定容 量约 120A.h,额定电压约 V,内阻约 现 有一个用了很长时间已经老化的这种电池,某研 究小组想测量这个电池的电动势和内阻,但试验 器材仅有一个电流表（量程 100mA,内阻 90）, 个定值电阻 R0=10,一个电阻箱 R,一个开关 S 和导线如干该同学按如图 2 所示电路进行实 验 , 测 得 的 数 据 如 下 表 所 示 次数 第 23 页（共 38 页） 第 23 页,共 38 页R（） 9 47 11 14 26 1 1I0（ mA） 10 53 25

35、20 0 03（ 1）试验中将电流表与定值电阻并联实质上是把电流表改装成了大 量程的电流表,就改装后的电流表的测量值 关系为 I=10I0 I 与原电流表的读数 I0 的 （ 2）如利用图象确定电池的电动势和内阻,就应作 R （填 “R I ”或“R ”）图象 （ 3）利用测得的数据在图 3 坐标纸上作出适当的图象 （ 4）由图象可知,该电池的电动势 E= 3.2 V,内阻 r= 2 【考点】 测定电源的电动势和内阻 【分析】（ 1）依据并联电路规律可求得总电流与电流表示数之间的关 系； （ 2）依据闭合电路欧姆定律进行分析,得出图象最简时所对应的表 达式； （ 3）依据题意求出对应的电流倒数

36、, 再利用描点法可求出对应图象； （ 4）依据闭合电路欧姆定律进行分析,就可求得电源的电动势和内 电阻 【解答】 解：（ 1）由图可知,电流表与定值电阻并联,就依据并联电 路规律可知, I=I0+ =10I0； （ 2）本试验接受电阻箱和电流表串联来测量电动势和内电阻,就根 第 24 页（共 38 页） 第 24 页,共 38 页据闭合电路欧姆定律可知： I= ,要想得出直线, 同应变形为： R=E r ；故应作出 R 图象； （ 3）依据（ 1）可知,电流是电流表示数的 10 倍,求出表中各对应 的电流的倒数,在图中作出 R 图象如以下图； E,就 E= ； （ 4）依据（2）中表达式可知,

37、图中斜率表示电动势 图象与纵坐标的交点表示内阻,就 r=2； 故答案为：（ 1）I=10I0；（ 2）R ；（ 3）如以下图；（ 4） 3.2；2 11随着时代的不断进展, 快递业进展迅猛, 大量的快件需要分拣 为 了快件的安全,某网友制造了一个缓冲装置, 其抱负模型如以下图 劲 度系数足够大的轻质弹簧与轻杆相连, 轻杆可在固定的槽内移动, 与 槽间有恒定的滑动摩擦力作用, 轻杆向下移动确定距离后才停下, 保 证了快件的安全 一质量为 m 的快件从弹簧上端 l 处由静止释放, 沿 斜面下滑后与轻杆相撞,轻杆与槽间最大静摩擦力等于滑动摩擦力, 大小为 f=mg,不计快件与斜面间的摩擦 （ 1）求

38、快件与弹簧相撞时的速度大小 （ 2）如弹簧的劲度系数为 k= ,求轻杆开头移动时,弹簧的压缩 量 x1 （ 3）已知弹簧的弹性势能表达式为 Ep= ,其中 k 为劲度系数, x 第 25 页（共 38 页） 第 25 页,共 38 页为弹簧的形变量试求（ 2）情形下,轻杆向下运动时快件的加速度 a,以及轻杆向下移动的最大距离 x2 【考点】 功能关系 【分析】（ 1）快件向下运动的过程中机械能守恒,由此即可求出快件 与弹簧相撞时的速度大小； （ 2）轻杆开头移动时,依据胡克定律求出弹簧的压缩量； （ 3）依据牛顿其次定律求出快件的加速度；就快件开头运动到杆刚 刚开头运动的过程中, 重力和弹簧的

39、弹力做功, 对快件由动能定理快 件的速度；快件从撞击到停止的过程中由运动学列出等式求解 【解答】 解：（ 1）由于不计快件与斜面间的摩擦,所以快件向下运动 的过程中机械能守恒,得： 所以： v1= = （ 2）轻杆开头移动时,弹簧的弹力 F=kx1 且 F=f=mg 解得 x1= = （ 3）轻杆开头移动时,弹簧的弹力 F=kx= 沿斜面的方向,选取向下为正方向,由牛顿其次定律得： ma=mgsin F 第 26 页（共 38 页） 第 26 页,共 38 页联立得： a= 负号表示方向向上 设杆移动前快件对弹簧所做的功为 W,就快件开头运动到杆刚刚开头 运动的过程中,对快件由动能定理得： 由

40、于快件对弹簧所做的功为 W=Ep= 联立得： W 转化为弹簧的弹性势能,即： 快件向下做减速运动,有运动学的公式得： 所以： 答：（1）求快件与弹簧相撞时的速度大小是 （ 2）如弹簧的劲度系数为 k= ,轻杆开头移动时,弹簧的压缩量 是 （ 3）已知弹簧的弹性势能表达式为 Ep= ,其中 k 为劲度系数, x 为弹簧的形变量在（ 2）情形下,轻杆向下运动时快件的加速度大 小是 ,方向向上,轻杆向下移动的最大距离 x2 是 l 12如以下图, A,B 是一对平行的金属板,在两板间加上一周期为 T 的交变电压 B 板的电势 B=0,A 板的电势 A 随时间的变化规律为： 在 0 时间内 A=U（正

41、的常量）；在 T 时间内 A= U现有一 电荷量为 q,质量为 m 的带负电粒子从 B 板上的小孔 S 处进入两板间 的电场区内,设粒子的初速度和重力均可忽视 第 27 页（共 38 页） 第 27 页,共 38 页（ 1）如粒子是在 t=0 时刻进入的,且经过 2T 时间恰好到 达 A 板,就 A, B 两板间距 d1 为多大？ （ 2）如粒子是在 t= 时刻进入的,且经过 A, B 两板间距 d2 为多大？ 时间恰好到达 A 板,就 （ 3）如粒子是在 t= 时刻进入的,且 A, B 两板间距足够大,就粒 子经过多长时间离开电场？ 【考点】 带电粒子在匀强电场中的运动 【分析】（1）电子在

42、 t=0 时刻进入时,在一个周期内,前半个周期受 到的电场力向上,向上做加速运动,后半个周期受到的电场力向下, 连续向上做减速运动, T 时刻速度为零,接着周而复始,所以电子一 直向 B 板运动,做出 vt 图象进行分析,依据牛顿其次定律和运动 学公式列式求解； （ 2）如粒子是在 t= 时刻进入的,在上一副图上连续做出 v t 图象 分析,留意 v t 图象与时间轴包围的面积表示位移大小； （ 3）如粒子是在 t= 时刻进入的,同样做出 v t 图象进行分析即可 【解答】解：（1）0 内,向上做匀加速直线运动, 加速度为：a= ； 位移为： y1= ； 结合分析中内容 “在一个周期内,前半个

43、周期受到的电场力向上,向 上做加速运动,后半个周期受到的电场力向下, 连续向上做减速运动, 第 28 页（共 38 页） 第 28 页,共 38 页T 时刻速度为零,接着周而复始 “,做出 vt 图象,如以下图： 故前 2T 内的位移： y=4y1=d1； 联立解得： d1= ； （ 2）如粒子是在 t= 时刻进入的,且经过 时间恰好到达 A 板,画 出 vt 图象,如上图中红色的坐标轴所示： v t 图象与时间轴包围的面积表示位移大小,故： d2= ； = = , 解得： d2= （ 3）如粒子是在 t= 时刻进入的,做出 v t 图象,如以下图： 第 29 页（共 38 页） 第 29 页

44、,共 38 页明显在 向上匀加速运动, 向上匀减速, 开头向下匀加速, 直到离开电场,依据位移公式,有： 0= 2 解得： t= ； 答：（ 1）如粒子是在 t=0 时刻进入的,且经过 2T 时间恰好到达 A 板, 就 A, B 两板间距 d1 为 ； （ 2）如粒子是在 t= 时刻进入的,且经过 A, B 两板间距 d2 为 ； 时间恰好到达 A 板,就 （ 3）如粒子是在 t= 时刻进入的,且 A, B 两板间距足够大,就粒 子经过 时间离开电场 二）选考题,请考生任选一模块作答 物理 -选修 3-3 13以下说法中正确选项（ ） A分子间的距离增大时,分子势能确定增大 B晶体有确定的熔点

45、,非晶体没有确定的熔点 C依据热力学其次定律可知,热量不行能从低温物体传到高温物体 D物体吸热时,它的内能可能不增加 E确定质量的抱负气体,假如压强不变,体积增大,那么它确定从 外界吸热 【考点】 热力学其次定律；分子势能 【分析】 分子势能与分子间距离有关,可依据功能关系分析晶体有 第 30 页（共 38 页） 第 30 页,共 38 页确定的熔点, 非晶体没有确定的熔点 热量可以从低温物体传到高温 物体做功和热传递都能转变物体的内能 可依据热力学第确定律分 析内能的变化 【解答】 解： A,如分子间的距离小于平稳距离 r0 时,分子力表现为 斥力,分子间的距离增大时,分子力做正功,分子势能

46、减小,故 A 错误 B,晶体有确定的熔点,非晶体没有确定的熔点,故 B 正功 C,依据热力学其次定律可知,热量不行能自发地从低温物体传到高 温物体,但在引起其它变化的情形下, 可以从低温物体传到高温物体, 故 C 错 误 D,物体吸热时,如物体对外做功,由热力学第确定律知它的内能可 能不增加故 D 正确 E,对于确定量的气体,假如压强不变,体积增大,由 =c 知气体的 温度上升,内能增大,那么由热力学第确定律知它确定从外界吸热, 故 E 正 确 应选： BDE 14如图,在圆柱形气缸中用一光滑导热活塞封闭确定质量的抱负气 体,在气缸底部开有一小孔, 与 U 形导管相连, 稳固后导管两侧水银 面

47、的高度差为 ,此时活塞离容器底部的高度为 L=50cm已知 气缸横截面积 m2,室温 t =27 ,外界大气压强为 p =75cm, 10 5 Pa 第 31 页（共 38 页） 第 31 页,共 38 页（ i）求活塞的质量； （ ii）使容器内温度降至 63 ,求此时 U 形管两侧水银面的高度差 和活塞离容器底部的高度 L 【考点】 抱负气体的状态方程 【分析】（ 1）从水银气压计求解气缸内的气压, 然后对活塞受力分析, 受重力和内外气体的压力,依据平稳条件列式求解活塞的质量； （ 2）封闭气体经受等压变化,依据盖吕萨克定律列式求解气体的 体积,得到活塞离容器底部的高度 【 解 答 】 解

48、 ：（ 1 ） 封 闭 气 体 压 强 为 ： P=P0+g. ； 活塞受力平稳,故： mg=（ P P0） S 解得： m= = =2kg （ 2）活塞照旧平稳,说明封闭气体的压强不变,仍旧为 , 故此时 U 形管两侧水银面的高度差照旧为 ； 封闭气体经受等压变化,各个状态参量为： T0=t0+273=300K,T1= 63+273=210K,V0=LS,V1=L1S,由盖吕萨克定律得到： 第 32 页（共 38 页） 第 32 页,共 38 页= 解得： L1= L= 50cm=35cm 答：（1）活塞的质量为 2kg； （ 2）使容器内温度降至 63,此时 U 形管两侧水银面的高度差为

49、,活塞离容器底部的高度 L1 为 35cm 物理 -选修 3-4 15一列简谐横波沿 x 轴传播,已知 x 轴上 x1=0 和 x2=1m 处两质点 a, b 的振动图象如图 1, 2 所示,该波的波长 1m就以下说法中正 确的是（ ） A该波的频率为 Hz B该波的周期为 s C该波的波长确定为 4 m D该波的传播速度可能为 100 m/s E两质点 a, b 不行能同时在波峰或波谷位置 【考点】 波长,频率和波速的关系；横波的图象 【分析】 由图读出周期,可求得频率依据两个质点在同一时刻的状 第 33 页（共 38 页） 第 33 页,共 38 页态,确定出波长与两质点间距离的关系, 结

50、合波长 3m,求出波长, 再求解波速 【解答】 解： AB,由题图知,该波的周期为 ,就频率为 f= = =25Hz,故 A 错误, B 正确 C, a, b 相距 x=x2 x1=1m,如波沿 x 正方向传播,由图知： t=0 时 刻质点 a 位于波峰,质点 b 经过平稳位置向下,结合波形可知： x2 x1=（n+ ） ,（ n=0,1, 2, ）,得： = m 由于 1m,就 n取 0,得： =m 如波沿 x 负方向传播,就有： x2 x1=（n+ ）,（n=0,1, 2, ）, 得： = m 由于 1m,就 n取 0,得： =4m,故 C错误 D,当 =4m时,波速为： v= =100m/s,故 D正确 E,由于质点 a,b 相距（ n+ ） 或（ n+ 不行能同时在波峰或波谷位置,故 E 正） ,结合波形可知, a, b 确 应选： BDE 16某探究小组的同学利用直角三棱镜做光学试验, 棱镜的横截面如 图所示, =30,BC 边长度为 aP 为垂直于直线 宽度等于 AB 边长度的平行单色光束垂直射向 BC 的光屏现有 一 AB 面,棱镜的折射率 为 ,已知 sin75, cos75,求： （ i）光线从 AC 面射出时的折射 角； （ ii）在光屏 P 上被折射光线照亮的光