2023学年湖南省重点中学数学九年级第一学期期末检测试题含解析

1、2023学年九上数学期末模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题(每小题3分,共30分)1如图，O的弦ABOC，且OD2DC，AB，则O的半径为（ ）A1B2C3D92如图，ABC内接于O，连接OA、OB，若ABO35，则C的度数为（）A70B65C55D453抛物线y=（x2）23的顶点坐标是（ ）A（2，3） B（2，3） C（2，3） D（2，3）4抛物线与y轴的交点坐标是（ ）A（4，

2、0）B（-4，0）C（0，-4）D（0，4）5在中，则（ ）A60B90C120D1356如图，平行于BC的直线DE把ABC分成面积相等的两部分，则的值为（）A1BC-1D+17在一个万人的小镇，随机调查了人，其中人看某电视台的早间新闻，在该镇随便问一个人，他看该电视台早间新闻的概率大约是（ ）ABCD8下列命题是真命题的个数是（ ）64的平方根是；，则；三角形三条内角平分线交于一点，此点到三角形三边的距离相等；三角形三边的垂直平分线交于一点A1个B2个C3个D4个9如图，AB，AM，BN 分别是O 的切线，切点分别为 P，M，N若 MNAB，A60，AB6，则O 的半径是（ ）AB3CD10

3、如图，在平面直角坐标系中，RtABO中，ABO=90，OB边在x轴上，将ABO绕点B顺时针旋转60得到CBD若点A的坐标为（-2，2），则点C的坐标为（ ）A（，1）B（1，）C（1，2）D（2，1）二、填空题(每小题3分,共24分)11方程的两根为，则= 12如图所示的弧三角形，又叫莱洛三角形， 是机械学家莱洛首先进行研究的弧三角形是这样画的：先画一个正三角，然后分别以三个顶点为圆心，边长长为半径画弧得到的三角形若中间正三角形的边长是10，则这个莱洛三角形的周长是_13小亮在上午8时，9时30分，10时，12时四次到室外的阳光下观察向日葵的头茎随太阳转动的情况，无意之中，他发现这四个时刻向日

4、葵影子的长度各不相同，那么影子最长的时刻为_14如图，转盘中6个扇形的面积相等，任意转动转盘1次，当转盘停止转动时，指针指向的数小于5的概率为_15张老师在讲解复习圆的内容时，用投影仪屏幕展示出如下内容：如图，内接于，直径的长为2，过点的切线交的延长线于点张老师让同学们添加条件后，编制一道题目，并按要求完成下列填空（1）在屏幕内容中添加条件，则的长为_（2）以下是小明、小聪的对话：小明：我加的条件是，就可以求出的长小聪：你这样太简单了，我加的是，连结，就可以证明与全等参考上面对话，在屏幕内容中添加条件，编制一道题目（此题目不解答，可以添线、添字母）_16一个不透明的口袋中有三个完全相同的小球，

5、把它们分别标号为1，2，1随机摸出一个小球然后放回，再随机摸出一个小球，则两次摸出的小球标号相同的概率是_17已知，则_18已知直线y=kx（k0）经过点（12，5），将直线向上平移m（m0）个单位，若平移后得到的直线与半径为6的O相交（点O为坐标原点），则m的取值范围为_三、解答题(共66分)19（10分）如图，抛物线yx2+bx+c与x轴交于A、B两点，与y轴交于C点，OA2，OC6，连接AC和BC（1）求抛物线的解析式；（2）点D在抛物线的对称轴上，当ACD的周长最小时，求点D的坐标；（3）点E是第四象限内抛物线上的动点，连接CE和BE求BCE面积的最大值及此时点E的坐标；20（6分）某

6、公司研发了一种新产品，成本是200元/件，为了对新产品进行合理定价，公司将该产品按拟定的价格进行销售，调查发现日销量y（件）与单价x（元/件）之间存在一次函数关系y2x+800（200 x400）（1）要使新产品日销售利润达到15000元，则新产品的单价应定为多少元？（2）为使公司日销售获得最大利润，该产品的单价应定为多少元？21（6分）如图，二次函数的图象交轴于点，交轴于点是直线下方抛物线上一动点（1）求这个二次函数的表达式;（2）连接，是否存在点，使面积最大，若存在，求出点的坐标;若不存在，请说明理由22（8分）已知关于x的方程x2+ax+a2=1（1）求证：不论a取何实数，该方程都有两个

7、不相等的实数根；（2）若该方程的一个根为1，求a的值及该方程的另一根23（8分）已知ABC是等腰三角形，AB=AC（1）特殊情形：如图1，当DEBC时，有DB EC（填“”，“”或“=”）（2）发现探究：若将图1中的ADE绕点A顺时针旋转（0180）到图2位置，则（1）中的结论还成立吗？若成立，请给予证明；若不成立，请说明理由（3）拓展运用：如图3，P是等腰直角三角形ABC内一点，ACB=90，且PB=1，PC=2，PA=3，求BPC的度数24（8分）在美化校园的活动中，某兴趣小组想借助如图所示的直角墙角（两边足够长），用26m长的篱笆围成一个矩形花园ABCD（篱笆只围AB，BC两边），设BC

8、x m（1）若矩形花园ABCD的面积为165m2，求 x的值；（2）若在P处有一棵树，树中心P与墙CD，AD的距离分别是13m和6m，要将这棵树围在花园内（考虑到树以后的生长，篱笆围矩形ABCD时，需将以P为圆心，1为半径的圆形区域围在内），求矩形花园ABCD面积S的最大值25（10分）如图，在正方形网格中，每个小正方形的边长均为1个单位（1）ABC绕着点C顺时针旋转90，画出旋转后对应的A1B1C1；（2）求ABC旋转到A1B1C时，的长26（10分）如图，的三个顶点在平面直角坐标系中正方形的格点上（1）求的值；（2）点在反比例函数的图象上，求的值，画出反比例函数在第一象限内的图象参考答案一

9、、选择题(每小题3分,共30分)1、C【分析】根据垂径定理可得AD=AB，由OD2DC可得OD=OC=OA，利用勾股定理列方程求出OA的长即可得答案.【详解】O的弦ABOC，AB=，AD=AB=，OD2DC，OA=OC，OC=OD+DC，OD=OC=OA，OA2=(OA)2+()2，解得：OA=3，（负值舍去），故选：C.【点睛】本题主要考查垂径定理及勾股定理，垂直于弦的直径平分弦，并且平分弦所对的两条弧；熟练掌握垂径定理是解题关键.2、C【分析】根据三角形的内角和定理和等腰三角形等边对等角求得O的度数，再进一步根据圆周角定理求解【详解】解：OA=OB，ABO=35，BAO=ABO=35，O=

10、180-352=110，C=O=55故选：C【点睛】本题考查三角形的内角和定理、等腰三角形的性质，圆周角定理.能理解同弧所对的圆周角等于圆心角的一半是解决此题的关键.3、A【解析】已知抛物线解析式为顶点式，可直接写出顶点坐标【详解】：y=（x2）23为抛物线的顶点式，根据顶点式的坐标特点可知，抛物线的顶点坐标为（2，-3）故选A.【点睛】本题考查了将解析式化为顶点式y=a（x-h）2+k，顶点坐标是（h，k），对称轴是x=h4、D【解析】试题分析：求图象与y轴的交点坐标，令x=0，求y即可当x=0时，y=4，所以y轴的交点坐标是（0，4）故选D考点：二次函数图象上点的坐标特征5、C【分析】首先

11、根据特殊角的三角函数值求出C，A的度数，然后根据三角形的内角和公式求出B的大小【详解】，C=30，A=30，B=1803030=120故选C【点睛】本题考查了特殊角的三角函数值，解答本题的关键是掌握几个特殊角的三角函数值以及三角形的内角和公式6、C【解析】由DEBC可得出ADEABC，利用相似三角形的性质结合SADE=S四边形BCED，可得出，结合BD=ABAD即可求出的值【详解】DEBC，ADE=B，AED=C，ADEABC，SADE=S四边形BCED，SABC=SADE+S四边形BCED，故选C【点睛】本题考查了相似三角形的判定与性质，牢记相似三角形的面积比等于相似比的平方是解题的关键7、

12、D【解析】根据等可能事件的概率公式，即可求解【详解】=，答：他看该电视台早间新闻的概率大约是故选D【点睛】本题主要考查等可能事件的概率公式，掌握概率公式，是解题的关键8、C【分析】分别根据平方根、等式性质、三角形角平分线、线段垂直平分线性质进行分析即可.【详解】64的平方根是，正确，是真命题；，则不一定，可能；故错误；根据角平分线性质，三角形三条内角平分线交于一点，此点到三角形三边的距离相等；是真命题；根据三角形外心定义，三角形三边的垂直平分线交于一点，是真命题；故选：C【点睛】考核知识点：命题的真假.理解平方根、等式性质、三角形角平分线、线段垂直平分线性质是关键.9、D【分析】根据题意可判断

13、四边形ABNM为梯形，再由切线的性质可推出ABN=60，从而判定APOBPO，可得AP=BP=3，在直角APO中，利用三角函数可解出半径的值.【详解】解：连接OP，OM，OA，OB，ONAB，AM，BN 分别和O 相切，AMO=90，APO=90，MNAB，A60，AMN=120，OAB=30，OMN=ONM=30，BNO=90，ABN=60，ABO=30，在APO和BPO中，APOBPO（AAS），AP=AB=3，tanOAP=tan30=，OP=，即半径为.故选D.【点睛】本题考查了切线的性质，切线长定理，解直角三角形，全等三角形的判定和性质，关键是说明点P是AB中点，难度不大.10、B【

14、解析】作CHx轴于H，如图，点A的坐标为(2, ),ABx轴于点B,tanBAC= ,A=，ABO绕点B逆时针旋转60得到CBD，BC=BA=,OB=2,CBH=，在RtCBH中,，OH=BHOB=32=1，故选：B.【点睛】根据直线解析式求出点A的坐标，然后求出AB、OB，再利用勾股定理列式求出OA，然后判断出C=30，CDx轴，再根据直角三角形30角所对的直角边等于斜边的一半求出BE，利用勾股定理列式求出CE，然后求出点C的横坐标，再写出点C的坐标即可二、填空题(每小题3分,共24分)11、【解析】试题分析：方程的两根为，=故答案为考点：根与系数的关系12、10【分析】根据正三角形的有关计

15、算求出弧的半径和圆心角，根据弧长的计算公式求解即可【详解】解：如图：ABC是正三角形，BAC=60，的长为： ，莱洛三角形的周长=故答案为：【点睛】本题考查的是正多边形和圆的知识，理解弧三角形的概念、掌握正多边形的中心角的求法是解题的关键13、上午8时【解析】解：根据地理知识，北半球不同时刻太阳高度角不同影长也不同，规律是由长变短，再变长故答案为上午8时点睛：根据北半球不同时刻物体在太阳光下的影长是由长变短，再变长来解答此题14、 【解析】试题解析：共6个数，小于5的有4个，P（小于5）=故答案为15、3 ，求的长 【分析】(1)连接OC，如图，利用切线的性质得OCD=90，再根据含30的直角

16、三角形三边的关系得到OD=2，然后计算OA+OD即可；(2)添加DCB=30，求ACAC的长，利用圆周角定理得到ACB=90，再证明A=DCB=30，然后根据含30的直角三角形三边的关系求AC的长【详解】解：(1)连接OC，如图，CD为切线，OCCD，OCD=90，D=30，OD=2OC=2，AD=AO+OD=1+2=3；(2)添加DCB=30，求AC的长，解：AB为直径，ACB=90，ACO+OCB=90，OCB+DCB=90，ACO=DCB，ACO=A，A=DCB=30，在RtACB中，BC= AB=1，AC= = 故答案为3；，求的长.【点睛】本题考查了切线的性质：圆的切线垂直于经过切点

17、的半径若出现圆的切线，必连过切点的半径，得出垂直关系16、 【解析】首先根据题意画出树状图，然后由树状图求得所有等可能的结果与两次摸出的小球标号相同的情况，再利用概率公式即可求得答案【详解】根据题意，画树状图如下：共有9种等可能结果，其中两次摸出的小球标号相同的有1种结果，所以两次摸出的小球标号相同的概率是，故答案为【点睛】此题考查了树状图法与列表法求概率用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比错因分析 中等难度题.失分的原因有两个：（1）没有掌握放回型和不放回型概率计算的区别；（2）未找全标号相同的可能结果.17、1【分析】由，得a3b，进而即可求解【详解】，a3b，；故答案为：1【点

18、睛】本题主要考查比例式的性质，掌握比例式的内项之积等于外项之积，是解题的关键18、0m13【解析】利用待定系数法得出直线解析式，再得出平移后得到的直线，求与坐标轴交点的坐标，转化为直角三角形中的问题，再由直线与圆的位置关系的判定解答【详解】把点（12，5）代入直线y=kx得，5=12k，k=512由y=512x平移m（m0）个单位后得到的直线l所对应的函数关系式为y=5设直线l与x轴、y轴分别交于点A、B，（如图所示）当x=0时，y=m；当y=0时，x=125A（125即OA=125在RtOAB中，AB=OA过点O作ODAB于D，SABO=12ODAB=112OD135m=1m0，解得OD=1

19、213由直线与圆的位置关系可知1213m 6，解得m13故答案为0m132【点睛】本题考查了直线的平移、直线与圆的位置关系等，能用含m的式子表示出原点到平移后的直线的距离是解题的关键.本题有一定的难度，利用数形结合思想进行解答比较直观明了.三、解答题(共66分)19、（1）yx2x6；（2）点D的坐标为（，5）；（3）BCE的面积有最大值，点E坐标为（，）【分析】（1）先求出点A，C的坐标，再将其代入yx2+bx+c即可；（2）先确定BC交对称轴于点D，由两点之间线段最短可知，此时AD+CD有最小值，而AC的长度是定值，故此时ACD的周长取最小值，求出直线BC的解析式，再求出其与对称轴的交点即

20、可；（3）如图2，连接OE，设点E（a，a2a6），由式子SBCESOCE+SOBESOBC即可求出BCE的面积S与a的函数关系式，由二次函数的图象及性质可求出BCE的面积最大值，并可写出此时点E坐标【详解】解：（1）OA2，OC6，A（2，0），C（0，6），将A（2，0），C（0，6）代入yx2+bx+c，得，解得，b1，c6，抛物线的解析式为：yx2x6；（2）在yx2x6中，对称轴为直线x，点A与点B关于对称轴x对称，如图1，可设BC交对称轴于点D，由两点之间线段最短可知，此时AD+CD有最小值，而AC的长度是定值，故此时ACD的周长取最小值，在yx2x6中，当y0时，x12，x23，

21、点B的坐标为（3，0），设直线BC的解析式为ykx6，将点B（3，0）代入，得，k2，直线BC的解析式为y2x6，当x时，y5，点D的坐标为（，5）；（3）如图2，连接OE，设点E（a，a2a6），SBCESOCE+SOBESOBC6a+3（a2+a+6）36a2+a（a）2+，根据二次函数的图象及性质可知，当a时，BCE的面积有最大值，当a=时,此时点E坐标为（，）【点睛】本题考查的是二次函数的综合，难度适中，第三问解题关键是找出面积与a的关系式，再利用二次函数的图像与性质求最值.20、（1）要使新产品日销售利润达到15000元，则新产品的单价应定为250元或350元；（2）为使公司日销售获

22、得最大利润，该产品的单价应定为300元【分析】（1）根据“总利润=每件的利润销量”列出一元二次方程即可求出结论；（2）设公司日销售获得的利润为w元，根据“总利润=每件的利润销量”即可求出w与x的函数关系式，然后利用二次函数求最值即可【详解】（1）根据题意得，（2x+800）（x200）15000，解得：x1250，x2350，答要使新产品日销售利润达到15000元，则新产品的单价应定为250元或350元；（2）设公司日销售获得的利润为w元，根据题意得，wy（x200）（2x+800）（x200）2x2+1200 x1600002（x300）2+20000，20，当x300时，获得最大利润为20

23、000元，答：为使公司日销售获得最大利润，该产品的单价应定为300元【点睛】此题考查的是一元二次方程的应用和二次函数的应用，掌握实际问题中的等量关系和利用二次函数求最值是解决此题的关键21、（1）；（2）存在点，使面积最大，点的坐标为【分析】（1）由A、B、C三点的坐标，利用待定系数法可求得抛物线解析式；（2）过P作PEx轴，交x轴于点E，交直线BC于点F，用P点坐标可表示出PF的长，则可表示出PBC的面积，利用二次函数的性质可求得PBC面积的最大值及P点的坐标【详解】（1）二次函数的图象交轴于点，设二次函数表达式为， 把A、B二点坐标代入可得，解这个方程组，得，抛物线解析式为：；（2）点P在

24、抛物线上，设点的坐标为过作轴于，交直线于设直线的函数表达式， 将B（4，0），C（0，-4）代入得，解这个方程组，得，直线BC解析式为，点的坐标为，当时，最大，此时，所以存在点，使面积最大，点的坐标为【点睛】本题为二次函数的综合应用，涉及待定系数法、二次函数的性质、三角形的面积、方程思想等知识在（1）中注意待定系数法的应用，在（2）中用P点坐标表示出PBC的面积是解题的关键22、（1）见解析；（2）a=，x1=【分析】（1）根据根的判别式即可求解；（2）将x=1代入方程x2+ax+a2=1，求出a，再利用根与系数的关系求出方程的另一根【详解】解：（1）=a24（a2）=a24a+8=a24a+

25、4+4=（a2）2+41，不论a取何实数，该方程都有两个不相等的实数根 （2）将x=1代入方程x2+ax+a2=1得1+a+a2=1，解得a=；方程为x2+x=1，即2x2+x3=1， 设另一根为x1，则1x1=，另一根x1=【点睛】此题主要考查一元二次方程根的求解，解题的关键是熟知根的判别式与根与系数的关系23、（1）=；（2）成立，证明见解析；（3）135.【分析】试题（1）由DEBC，得到，结合AB=AC，得到DB=EC；（2）由旋转得到的结论判断出DABEAC，得到DB=CE；（3）由旋转构造出CPBCEA，再用勾股定理计算出PE，然后用勾股定理逆定理判断出PEA是直角三角形，再简单计算即可【详解】（1）DEBC，AB=AC，DB=EC，故答案为=，（2）成立证明：由易知AD=AE，由旋转性质可知DAB=EAC，又AD=AE，AB=ACDABEAC，DB=CE，（3）如图，将CPB绕点C旋转90得CEA，连接PE，CPBCEA，CE=CP=2，AE=BP=1，PCE=90，CEP=CPE=45，在RtPCE中，由勾股定理可得，PE=，在PEA中，PE2