四川省达州市达川区石桥中学2023年高一物理期末试题含解析

1、四川省达州市达川区石桥中学2023年高一物理期末试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）关于滑动摩擦力的公式f=N，下列说法中正确的是（）A.公式中的压力一定是重力B.有弹力必有摩擦力C.有摩擦力必有弹力D.同一接触面上的弹力和摩擦力一定相互平行参考答案：考点：摩擦力的判断与计算 专题：摩擦力专题分析：公式中的压力是正压力，不一定等于重力，摩擦力产生的条件中包含弹力的产生的条件，故有摩擦力必有弹力，反之则不一定对解答：解：A、公式中的压力是正压力，不一定等于重力；故A错误；B、有弹力而无相对运或相对运动趋势就没有摩擦力；故B错误；C、

2、摩擦力产生的条件中包含弹力的产生的条件，故有摩擦力必有弹力；故C正确；D、同一接触面上的弹力和摩擦力一定相互垂直；故D错误；故选C点评：本题考查了滑动摩擦力的知识，抓住产生滑动摩擦力产生的条件，以及摩擦力的方向判断2. 其人沿竖直杆匀速向上爬时，所受到的摩擦力为f1；沿竖直杆匀速向下滑时，所受到的摩擦力为f2，则f1与f2的关系为 ( ) A大小相等，方向相反 B大小相等，方向相同C大小不等，方向相反 D大小不等，方向相同 参考答案：B3. （单选）如图所示，某人用平行斜面向下的拉力F将物体沿固定斜面拉下，拉力大小等于摩擦力，则下列说法中正确的是（ ）A物体的机械能不变 B合外力对物体做功为零

3、C物体做匀速直线运动 D物体的机械能减小参考答案：A4. 如图，一半径为R的半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端等高；质量为m的质点自轨道端点P由静止开始滑下，滑到最低点Q时，对轨道的正压力为2mg，重力加速度大小为g质点自P滑到Q的过程中，克服摩擦力所做的功为（）A mgRB mgRC mgRD mgR参考答案：C解：质点经过Q点时，由重力和轨道的支持力提供向心力，由牛顿第二定律得：Nmg=m由题有：N=2mg可得：vQ=质点自P滑到Q的过程中，由动能定理得：mgRWf=得克服摩擦力所做的功为 Wf=mgR故选：C5. （单选）关于功率公式和的下列说法中，正确的是A由可知，只要知道和就可求出任意

4、时刻的功率B由可知，做功越多功率越大C由可知，汽车的功率与它的速度成正比D由可知，当汽车发动机的功率一定时，牵引力与速度成反比参考答案：D二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. .将小球以3m/s的速度平抛出去，它落地时的速度为5m/s,则小球在空中运行的时间为_(g=l0m/s)参考答案：7. .如图8所示，两根相同的橡皮绳、，开始夹角为，在处打结吊一重的物体后，结点刚好位于圆心。今将、分别沿圆周向两边移至、，使=，欲使结点仍在圆心处，则此时结点处应挂物体的重量 N。参考答案：25N 8. 如图5所示，A、B两轮半径之比为1：3，两轮边缘挤压在一起，在两轮转动中，接触点不存在

5、打滑的现象，则两轮边缘的线速度大小之比等于_。两轮的转数之比等于_，A轮半径中点与B轮边缘的角速度大小之比等于_。参考答案：11，31，319. 甲、乙两物体从同一地点出发、沿同一方向做直线运动的速度时间图象如图所示。若速度轴正方向为向南，则从第l s末到第4 s末乙的位移大小是 m；第4 s末乙的加速度方向为 。在0-6s内，两物体最大距离是 m，两物体第二次相遇时甲的位移大小为 m。参考答案：18 向北 4 2410. 一辆汽车以10m/s的速度沿平直公路匀速运动，司机发现前方有障碍物立即减速，以0.2m/s2的加速度做匀减速运动，减速后一分钟内汽车的位移是 m。参考答案：25011. （

6、6分）2004雅典奥运会，我国运动员刘春红以抓举112.5kg、挺举153kg、总成绩275.5kg夺得女子69公斤级举重冠军。若刘春红在挺举中用4s的时间把153kg的杠铃举高160cm，在此过程中她对杠铃做的功是 J，平均功率是 W，重力对杠铃做的功是 J. (g=10 ms2)参考答案：2448J；（2分）612W；（2分） -2448J；（2分）12. （6分）速度是描述物体 的物理量。加速度是描述物体 的物理量。速度和加速度都是用比值来定义的， 的变化和发生这一变化所用时间的比值叫作加速度。参考答案：位移变化快慢；速度变化快慢；速度13. 如果物体沿直线运动，为了定量描述物体的位置及

7、变化，可以以这条直线为x轴，在直线上规定 、 和 ，建立直线坐标系，如图所示，若物体运动到A点，此时它的位置坐标xA= ，若它运动到B点，则此时它的位置坐标xB = 。参考答案：原点 正方向 单位长度 3m -2m本题考查了利用坐标轴表示位置变化，利用上面坐标可读取三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 质量为2 kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的vt图象如图所示。g取10 m/s2，求：（1）物体与水平面间的动摩擦因数；（2）水平推力F的大小；（3）010 s内物体运动位移的大小。参考答案：（1）u=0.2，（2）F=6N，（3）

8、46m试题分析：（1）由题中图象知，t6 s时撤去外力F，此后610 s内物体做匀减速直线运动直至静止，其加速度为又因为联立得02。（2）由题中图象知06 s内物体做匀加速直线运动其加速度大小为由牛顿第二定律得Fmgma2联立得，水平推力F6 N。（3）设010 s内物体的位移为x，则xx1x2（28）6 m84 m46 m。考点：牛顿第二定律【名师点睛】本题是速度-时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度-时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，并结合匀变速直线运动基本公式及牛顿第二定律求解属于中档题。15. 如图所示，P为弹射器，PA、BC为光滑水平面分别与传送

9、带AB水平相连，CD 为光滑半圆轨道，其半径R=2m，传送带AB长为L=6m，并沿逆时针方向匀速转动。现有一质量m=1kg 的物体（可视为质点）由弹射器P弹出后滑向传送带经BC紧贴圆弧面到达D点，已知弹射器的弹性势能全部转化为物体的动能，物体与传送带的动摩擦因数为=0.2。取g=10m/s2，现要使物体刚好能经过D点，求：（1）物体到达D点速度大小；（2）则弹射器初始时具有的弹性势能至少为多少。参考答案：（1）2m/s；（2）62J【详解】（1）由题知，物体刚好能经过D点，则有：解得：m/s（2）物体从弹射到D点，由动能定理得：解得：62J四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图，光滑

10、水平桌面上有一轻弹簧，左端固定在A点，弹簧处于自然状态时其右端位于桌面右边缘D点。水平桌面右侧有一竖直放置的光滑轨道MNP，其形状为半径R=0.8m的圆环剪去了左上角135的圆弧，MN为其竖直直径，P点到桌面的竖直距离也是R，用质量m=1.0kg的物块将弹簧压缩到B点后由静止释放，弹簧恢复原长时物块恰从桌面右边缘D点飞离桌面后，由P点沿圆轨道切线落入圆轨道。g =10 m/s2，求：（1）物块离开D点时的速度vD ； （2）DP间的水平距离；（3）弹簧在B点时具有的弹性势能；（4）分析判断物块能否沿圆轨道到达M点。 （写出解析过程）参考答案：解：（1）由P点沿圆轨道切线落入圆轨道，知速度与水平

11、方向的夹角为45物块在P点竖直方向上的分速度为vyp，有vyp2=2gR，代入数据vyp=4m/stan45=vyp/vx=1，所以vD=vx=4m/s故物块离开D点的速度为4m/s（4分）（2）平抛运动的时间t=vyp/g=0.4s所以DP间的水平距离x=vDt=40.4m=1.6m （2分）（3）根据能量守恒得，EP= =8J故弹簧在B点具有的弹性势能为8J（4分）（4）设物块到达M点的临界速度为v0，有mg=mv02/R得：v0=2m/s要想到达M点，则应有到达M 点的实际速度vMv0DM段由动能定理得：所以物块不能到达圆轨道的M点 （6分）17. 计算物体在下列时间段内的加速度。（取初速度方向为正方向）(1）以40m/s做匀速直线运动的汽车，遇紧急情况刹车，经8s停下。(2）一小球从斜面上由静止下滑，3s末滑