贵州省部分重点中学2023学年物理高二第二学期期末监测试题（含解析）

1、2023学年高二下学期物理期末模拟测试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是

2、符合题目要求的。1、地面上有一个半径为R的圆形跑道，高为h的平台边缘上的P点在地面上P点的正上方，P与跑道圆心O的距离为L（LR），如图所示跑道上停有一辆小车，现从P点水平抛出小沙袋，使其落入小车中（沙袋所受空气阻力不计）若小车沿跑道顺时针运动（俯视），当小车恰好经过A点时，将沙袋抛出，为使沙袋能在B处落入小车中，小车的速率v为（）ARBC （n0，1，2，3）D （n0，1，2，3）2、如图甲所示，一矩形线圈位于随时间t变化的匀强磁场中，磁感应强度B随t的变化规律如图乙所示以i表示线圈中的感应电流，以图甲中线圈上箭头所示方向为电流正方向，以垂直纸面向里的磁场方向为正，则以下的it图象中正确的

3、是（ ）ABCD3、下列说法中正确的是A白光通过三棱镜后呈现彩色光带是光的全反射现象B照相机镜头表面涂上增透膜，以增强透射光的强度，是利用了光的衍射现象C门镜可以扩大视野是利用了光的干涉现象D用标准平面检查光学平面的平整程度是利用了光的干涉4、下列关于物理学史、物理概念及方法的说法中，正确的是（ ）A库仑在利用扭秤装置研究得到库仑定律的实验探究中，既用到了放大的思想也用到了控制变量法B法拉第首先提出场的概念，安培利用电场线、磁感线形象的描绘了电场和磁场C电动势表征了电源其他形式的能转化为电能的本领，在大小上等于非静电力把的正电荷在电源内从正极搬运到负极所做的功D在研究电场磁场时，我们常引人“试

4、探电荷”、“试探电流元”，目的是不影响原电场的强弱及分布情况，这里应用了假设法5、第19届亚洲运动会将于2023年9月10日9月25日在中国杭州举行。杭州是中国第三个取得夏季亚运会主办权的城市，图中的“莲花碗”是田径的主赛场，下列关于亚运会田径项目的叙述正确的是()A研究短跑运动员终点撞线时可将运动员看成质点B在田径比赛中跑步运动员的比赛成绩是一个时间间隔C短跑运动员跑100m和200m都是指位移D高水平运动员400m比赛的平均速度有可能大于其他运动员200m比赛的平均速度6、两列振动方向相同，振幅不等、分别为A1和A2的相干简谐横波相遇下列说法正确的是( )A波峰与波谷相遇处质点的振幅为0B

5、波峰与波峰相遇处质点离开平衡位置的位移始终为A1+A2C波峰与波谷相遇处质点的位移总是小于波峰与波峰相遇处质点的位移D波峰与波峰相遇处质点的振幅一定大于波峰与波谷相遇处质点的振幅二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一质点做简谐运动的图象如图所示，下列说法正确的是At1s时质点的速度最小Bt2s时质点所受的回复力最大C质点振动的振幅为4cmD质点振动的频率为4Hz8、如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器的滑片向b

6、端移动时，则A电压表读数减小B电流表读数增大C质点P将向上运动D上消耗的功率逐渐增大9、如图所示，一根长度为2L、质量为m的绳子挂在定滑轮的两侧，左右两边绳子的长度相等绳子的质量分布均匀，滑轮的质量和大小均忽略不计，不计一切摩擦由于轻微扰动，右侧绳从静止开始竖直下降，当它向下运动的位移为x时，加速度大小为a，滑轮对天花板的拉力为T。已知重力加速度大小为g，下列ax、Tx关系图线正确的是（）A BC D10、直流电池组的电动势为E，内电阻为r，用它给电阻为R的直流电动机供电，当电动机正常工作时，电动机两端的电压为U，通过电动机的电流是I，下列说法中正确的是()A电动机输出的机械功率是UIB电动机

7、电枢上发热功率为I2RC电源消耗的化学能功率为EID电源的输出功率为EII2r三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“探究加速度与质量的关系”的实验中。(1)备有器材：A带有定滑轮的长木板；B电磁打点计时器、低压交流电源、纸带；C细绳、小车、砝码；D装有细砂的砂桶；E.垫片；F.毫米刻度尺。还缺少的一件器材是_。(2)实验得到如图所示的一条纸带，相邻两计数点的时间间隔为T；B、C间距x2和D、E间距x4已测出，利用这两段间距计算小车加速度a的表达式为a_。(3)同学甲根据实验数据画出如图甲所示a1m图线，从图线可得砂和砂桶的总质量

8、为_(4)同学乙根据实验数据画出了图乙所示图线，从图线可知同学乙操作过程中可能_。12（12分）利用单摆测当地重力加速度的实验中，单摆悬点至小球心的长度为l0.(1)利用游标卡尺测得金属小球直径如图甲所示，小球直径d_cm(2)实验时用拉力传感器测得摆线的拉力F随时间t变化的图象如图乙所示，然后使单摆保持静止，得到如图丙所示的Ft图象重力加速度的表达式g=_（用题目中的物理量d、l0、t0表示）设摆球在最低点时Ep=0，已测得当地重力加速度为g，单摆的周期用T表示，那么测得此单摆摆动到最低点的机械能E的表达式是_，摆动到最高点的机械能E的表达式是_AF1-F3CF3-F2四、计算题：本题共2小

9、题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，倾角为37，长为l16m的传送带，转动速度为v10m/s，动摩擦因数0.5，在传送带顶端A处无初速度地释放一个质量为m0.5kg的物体已知sin 370.6，cos 370.8.g10m/s2.求：(1)传送带顺时针转动时，物体从顶端A滑到底端B的时间；(2)传送带逆时针转动时，物体从顶端A滑到底端B的时间14（16分）如图，在注满水的游泳池的池底有一点光源A，它到池边的水平距离为1.0 m从点光源A射向池边的光线AB与竖直方向的夹角恰好等于全反射的临界角，水的折射率为4/1（i）求

10、池内的水深；（ii）一救生员坐在离池边不远处的高凳上，他的眼睛到地面的高度为2.0 m当他看到正前下方的点光源A时，他的眼睛所接受的光线与竖直方向的夹角恰好为45求救生员的眼睛到池边的水平距离（结果保留1位有效数字）15（12分）如图所示，质量M=1.0kg的薄木板静止在水平桌面上，薄木板上放有质量m=1.0kg的小铁块（可视为质点），它离木板左端的距离为L=0.15m，铁块与木板间的动摩擦因数为=0.1，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力现用一水平向右的拉力作用在木板上，使木板和铁块由静止开始运动，g取10m/s1 (1)若桌面光滑，拉力大小恒为F1=4.8N，求小铁块运动的加速度大小；(1)若木

11、板以4.0m/s1的加速度从铁块下抽出，求抽出过程所经历的时间t；(3)若桌面与薄木板间的动摩擦因数也为，则拉力F1的大小满足什么条件才能将木板从铁块下抽出？2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【答案解析】为使沙袋能在B处落入小车中，则小车运动的速度应该满足： （n=0,1,2,3）；对沙袋：，联立解得： （n=0,1,2,3），故选D.【答案点睛】本题是对平抛运动圆周运动规律的考查，在分析时要考虑到小车运动的周期性，小车并一定是经过1/4 圆周，也可以是经过了多个圆周之后再经

12、过1/4 圆周后恰好到达B点，这是同学在解题时经常忽略而出错的地方.2、A【答案解析】试题分析：由图乙可知磁感应强度的变化，则可知线圈中磁通量的变化，由法拉第电磁感应定律可知感应电动势变化情况，由楞次定律可得感应电流的方向，二者结合可得出正确的图象解：感应定律和欧姆定律得I=，线圈的面积S和电阻R都是定值，则线圈中的感应电流与磁感应强度B随t的变化率成正比由图乙可知，01时间内，B均匀增大，增大，根据楞次定律得知，感应磁场与原磁场方向相反（感应磁场的磁感应强度的方向向外），由右手定则判断可知，感应电流是逆时针的，因而是负值由于不变，所以可判断01为负的恒值；同理可知12为正的恒值；23为零；3

13、4为负的恒值；45为零；56为正的恒值故选A【点评】此类问题不必非要求得电动势的大小，应根据楞次定律判断电路中电流的方向，结合电动势的变化情况即可得出正确结果3、D【答案解析】A. 白光通过三棱镜后呈现彩色光带是由于不同颜色的光折射率不同，相同的入射角经过折射后折射角不同，故A错误； B. 表面涂上增透膜，以增强透射光的强度，是利用了光的干涉现象，故B错误； C. 门镜可以扩大视野是利用了光的折射现象，故C错误；D. 用标准平面检查光学平面的平整程度是利用了光的干涉，故D正确故选D.4、A【答案解析】A库仑利用扭秤装置探究决定电荷间的相互作用力大小的因素有电荷电量的大小和电荷之间的距离，研究一

14、个变量与多个变量之间的关系时，应用控制变量法，同时为便于测量还应用了放大思想，故A正确；B法拉第首先提出了“场”的概念，并利用电场线、磁感线形象地描述了电场和磁场，故B错误；C电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，在大小上等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极送到正极所做的功，故C错误；D在研究电场磁场时，我们常引人“试探电荷”、“试探电流元”，目的是不影响原电场的强弱及分布情况，这里应用了理想模型法，故D错误；故选A【答案点睛】本题主要考查了物理方法和物理学史，掌握各物理学家的主要贡献和各种实验方法，即可求解5、B【答案解析】A研究短跑运动员终点撞线时，其自身大小不能忽略，所以

15、不可以看做质点，故A错误；B在田径比赛中跑步运动员的比赛成绩是个时间段，故是一个时间间隔，故B正确；C短跑运动员跑200m时，不是一条直线，故200m是路程而不是位移，故C错误；D400m比赛时位移为零，故平均速度为零，不可能大于200m时的平均速度，故D错误。故选B。6、D【答案解析】A. 当波峰与波谷相遇处，质点的振动方向相反，则其的振幅为|A1A2|，故A错误；B. 波峰与波峰相遇处质点，离开平衡位置的振幅始终为A1+A2，而位移小于等于振幅，故B错误；C. 波峰与波峰相遇处质点的位移，有时为零，有时最大，因此波峰与波谷相遇处质点的位移不是总是小于波峰与波峰相遇处质点的位移，故C错误；D

16、. 波峰与波谷相遇处质点的振幅等于两列波振幅之差的绝对值，波峰与波峰相遇处质点的振幅等于两列波振幅之和，波峰与波谷相遇处质点的振幅总是小于波峰与波峰相遇处质点的振幅，故D正确故选D.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【答案解析】A、在t=1s时质点位于负的最大位移处，速度为0，加速度最大，A正确；B、t=2s时位移为0，故质点所受的回复力为0，B错误；CD、由图可知质点振动的振幅为4cm，周期为T=4s，则频率为f=1T=0.25Hz，C8、AB【答案解析】由图

17、可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串连接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；故B正确；因并联部分电压减小，而R2中电压增大，故电压表示数减小；故A正确；因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，电荷向下运动，故C错误；因R3两端的电压减小，由公式可知，R3上消耗的功率减小故D错误综上所述，故选AB【点晴】本题考查闭合

18、电路的欧姆定律，一般可以先将分析电路结构，电容器看作开路；再按部分-整体-部分的分析思路进行分析9、AD【答案解析】设单位长度上质量为m0，则根据受力分析知：a=m1-m2mg=(L+x)m0-(L-x)m02Lm0g=xLg，加速度与x成正比，当x=L时，加速度a=g，以后不变，故A正确，B【答案点睛】此题考查受力分析和牛顿运动定律的应用，注意研究对象的选取，不过不涉及内力，选择整体作为研究对象要简单的多.10、BCD【答案解析】当电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，输入的功率是电功率，根据P=UI求解。发热功率由求解输出功率由能量守恒定律研究，电源消耗的化学能功率就是电源的总功率，则。

19、【题目详解】AB电动机输入的功率是电功率，即电动机的发热功率为电动机的输出功率是机械功率，根据能量守恒定律得A错误，B正确；C电源消耗的化学能功率就是电源的总功率，则C正确；D电源的输出功率D正确。【答案点睛】本题中当电动机正常工作时其电路是非纯电阻电路，求电功率只能用，求热功率只能用P=I2r而输出的机械功率只能根据能量守恒求解，而且电功率大于热功率。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、天平 x4-x22T2 0.020(0.018【答案解析】（1）1 本题要测量小车的质量，则需要天平，所以还缺少的一件器材是天平；（2）2 根据逐差法

20、得：x4解得：a=x（3）3 根据牛顿第二定律得：a=Fm，则F即为重力：mg=F=解得：m=（4）4由c图可知，图线不通过坐标原点，当F为某一值时，加速度为零，知平衡摩擦力不足或未平衡摩擦力。12、2.26 2(l0-【答案解析】(1)游标卡尺的固定刻度读数为22mm，游标读数为0.16mm=0.6mm，所以摆球的直径d=22mm+0.6mm=22.6mm=2.26cm；(2)由摆线的拉力F随时间t变化的图象知，单摆的周期为4t0，摆长l=l0-d/2，根据T=2lg，重力加速度为：g=42单摆在最低点时F1mg=mv2l，mg=F1，根据周期公式摆长L=gT242，联立三个式子则机械能为：

21、E=Ek+Ep=F1-F单摆在最高点时F2+mg=mv2l，mg=F1，根据周期公式摆长L=gT242，E=Ek+Ep点睛：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读；由图求得单摆的周期，根据单摆的周期公式T=2lg求解g的表达式摆长L等于悬点到球心的距离；在最低点F1-mg=mv2l，mg=F1单摆摆动时的机械能等于最低点的动能和势能之和根据单摆的周期公式，求出摆长，代入F1四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)t4s (2) t总2s【答案解析】试题分析：（1）传送带顺时针转动时，物体相对传送带向

22、下运动，则物体所受滑动摩擦力沿斜面向上，相对传送带向下匀加速运动，根据牛顿第二定律有mg（sin37cos37）ma则agsin37gcos372 m/s2，根据lat2得t4s（2）传送带逆时针转动，当物体下滑速度小于传送带转动速度时，物体相对传送带向上运动，则物体所受滑动摩擦力沿传送带向下，设物体的加速度大小为a1，由牛顿第二定律得，mgsin37mgcos37ma1则有a110 m/s2设当物体运动速度等于传送带转动速度时经历的时间为t1，位移为x1，则有，x1a1t25 ml16 m当物体运动速度等于传送带速度瞬间，有mgsin37mgcos 37，则下一时刻物体相对传送带向下运动，受到传送带向上的滑动摩擦力摩擦力发生突变设当物体下滑速度大于传送带转动速度时物体的加速度为a2，则x2lx111 m又因为x2vt2a2t22，则有10t2t2211，解得：t21 s （t211 s舍去）所以t总t1t22 s考点：牛顿第二定律的综合应用【名师点睛】解决本题的关键理清物体的运动规律