贵州省遵义市正安第三中学2019年高三物理月考试题含解析

1、贵州省遵义市正安第三中学2019年高三物理月考试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）关于物理学家所作的科学贡献，下列叙述不符合史实的是 A牛顿在伽利略等人工作的基础上进行深入研究，总结出了物体运动的三个基本定律B开普勒揭示了行星的运动规律，并提出了行星运动三大定律 C安培发现了电流的磁效应，并提出了分子电流假说 D法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律库仑定律参考答案：C2. （多选题）在某一高度处将A球以大小为v1的初速度水平抛出同时在A球正下方地面处将B球以大小为v2的初速度斜向上抛出结果在B球上升至最高点时两

2、球恰在空中相遇，相遇时两球的速度大小分别为vA、vB，不计空气阻力则（）Av1v2Bv1v2CvAvBDvAvB参考答案：BC【考点】平抛运动【分析】A球做平抛运动，B球做斜抛运动，将两运动分解为水平方向和竖直方向进行研究抓住相同时间内水平位移相等，比较出初速度的大小【解答】解：AB、A球做平抛运动，B球做斜抛运动，水平方向都做匀速直线运动因为两球在空中相遇，知水平位移相等，由x=vxt知，水平分速度相等，有v1=v2cos，是B球的初速度与水平的夹角，则得v1v2故A错误，B正确CD、相遇时，A球的速度大小为 vA=在B球上升至最高点时，vB=v2cos=v1可得，vAvB故C正确，D错误故

3、选：BC3. 如图所示的直角三角板紧贴在固定的刻度尺上方，一支铅笔沿三角板直角边向上做匀速直线运动同时，三角板沿刻度尺向右匀加速运动，下列关于铅笔尖的运动及其留下的痕迹的判断，其中正确的有A.笔尖留下的痕迹是一条倾斜的直线B.笔尖留下的痕迹是一条曲线C.在运动过程中，笔尖的速度方向始终保持不变D.在运动过程中，笔尖的加速度方向始终保持不变参考答案：BD由题可知，铅笔尖既随三角板向右匀加速运动，又沿三角板直角边向上做匀速运动，其运动轨迹是向下弯曲的抛物线故A错误，B正确在运动过程中，笔尖运动的速度方向是轨迹的切线方向，时刻在变化故C错误笔尖竖直方向的加速度为零，水平方向加速度的方向水平向右，则根

4、据运动的合成规律可知，笔尖运动的加速度方向始终水平向右，保持不变故D正确4. （多选题）一个物体做初速度为零的匀变速直线运动，比较它在开始运动后第1s内、第2s内、第3s内的运动，下列说法中正确的是（）A经历的位移大小之比是1：4：9B中间时刻的速度之比是1：3：5C最大速度之比是1：2：3D平均速度之比是1：2：3参考答案：BC【考点】匀变速直线运动规律的综合运用【分析】由于物体做初速度为零的匀变速直线运动，因此可根据位移与时间关系可确定第1s内、第2s内、第3s内位移之比；由速度与时间关系可求出第1s内、第2s内、第3s内平均速度、中间时刻速度之比【解答】解：A、由公式，得第1s内、前2s

5、内、前3s内位移之比1：4：9，则第1s内、第2s内、第3s内的位移之比1：3：5，故A错误；B、由公式，得第1s内、前2s内、前3s内位移之比1：4：9，则第1s内、第2s内、第3s内的位移之比1：3：5，再由位移与时间的比值表示平均速度，也表示中间时刻速度，由于时间相等，所以中间时刻的速度之比等于各自位移之比，故B正确；C、由公式v=at，得第1s内、第2s内、第3s内的最大速度，就是第1s末、第2s末、第3s末的瞬时速度，即最大速度之比为1：2：3，故C正确；D、由公式，得第1s内、前2s内、前3s内位移之比1：4：9，则第1s内、第2s内、第3s内的位移之比1：3：5，再由位移与时间的

6、比值表示平均速度，由于时间相等，所以平均速度之比为1：3：5，故D错误；故选：BC5. 下列对物理现象、概念认识正确的是：A由于地球大气阻力作用，从高空下落的大雨滴落地速度大于小雨滴落地速度B以匀加速运动的火车为参考系，牛顿第一定律并不成立，这样的参考系是非惯性系C汽车在通过水库泄洪闸下游的“过水路面”最低点时,驾驶员处于失重状态D电场强度、电势差、电容器的电容都是用比值法定义的参考答案：ABD二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，质量相等的物体a和b，置于水平地面上，它们与 地面问的动摩擦因数相等，a、b间接触面光滑，在水平力F作用下，一起沿水平地面匀速运动时，a

7、、b间的作用力=_,如果地面的动摩擦因数变小，两者一起沿水平地面作匀加速运动，则_（填“变大”或“变小”或“不变”）。参考答案：F/2（2分），不变（2分）7. 在如右图所示的逻辑电路中，当A端输入电信号为“1”，B端输入电信号为“1”时，在C端和D端输出的电信号分别为_和_。参考答案：0，0 8. 某近地卫星线速度大小为v1，某地球同步卫星线速度大小为v2，距地面高度约为地球半径的6倍。若近地卫星距地面高度不计，则v1v2_，该近地卫星的周期是地球自转周期的_倍。参考答案：9. 质量为0.2kg的小球以10m/s速度竖直下落到水泥地面，然后向上弹起若取竖直向上为正方向，小球与地面碰撞前后动量

8、的变化量为3.6kgm/s，则小球与地面相碰前瞬间的动量为2kgm/s，小球向上弹起的速度大小为8m/s参考答案：解：取竖直向上方向为正方向，则小球与地面相碰前的动量P0=mv0=0.210=2kg?m/s；在碰撞过程中动量的变化为：p=mv2P0=3.6kg?m/s解得：v2=8m/s；故答案为：2 810. 质量为m=0.01kg、带电量为+q=2.0104C的小球由空中A点无初速度自由下落，在t=2s末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t=2s小球又回到A点不计空气阻力，且小球从未落地，则电场强度的大小E为2103N/C，回到A点时动能为8J参考答案：考点：电场强度；动能定理的应

9、用分析：分析小球的运动情况：小球先做自由落体运动，加上匀强电场后小球先向下做匀减速运动，后向上做匀加速运动由运动学公式求出t秒末速度大小，加上电场后小球运动，看成一种匀减速运动，自由落体运动的位移与这个匀减速运动的位移大小相等、方向相反，根据牛顿第二定律和运动学公式结合求电场强度，由W=qEd求得电场力做功，即可得到回到A点时动能解答：解：小球先做自由落体运动，后做匀减速运动，两个过程的位移大小相等、方向相反设电场强度大小为E，加电场后小球的加速度大小为a，取竖直向下方向为正方向，则有：gt2=（vtat2）又v=gt解得a=3g由牛顿第二定律得：a=，联立解得，E=2103 N/C则小球回到

10、A点时的速度为：v=vat=2gt=20102m/s=400m/s动能为 Ek=0.014002J=8J故答案为：2103，8点评：本题首先要分析小球的运动过程，采用整体法研究匀减速运动过程，抓住两个过程之间的联系：位移大小相等、方向相反，运用牛顿第二定律、运动学规律结合进行研究11. 一物体放在倾角为的斜面上，向下轻轻一推，它刚好能匀速下滑，若给此物体一个沿斜面向上的初速度V0，则它能上滑的最大路程是_。参考答案：12. 在伽利略羊皮纸手稿中发现的斜面实验数据如表所示，人们推测第二、三列数据可能分别表示时间和长度。伽利略时代的1个长度单位相当于现在的mm，假设1个时间单位相当于现在的0.5s

11、。由此可以推测实验时光滑斜面的长度至少为 m，斜面的倾角约为 度。（g取10m/s2） 参考答案：答案：2.04，1.5解析：依题意，第一列数据为时间的平方t2，从数据分析可知第一列数据与第三列数据之比约为1:32（取平均值后比值为1：32.75），即斜面长度与时间的平方成正比，根据当时数据与现在的数据换算关系和匀变速运动公式，可得角度约为1.5。13. 用如图甲所示的装置测定弹簧的劲度系数，被测弹簧一端固定于A点，另一端B用细绳绕过定滑轮挂钩码，旁边竖直固定一最小刻度为 mm 的刻度尺，当挂两个钩码时，绳上一定点P对应刻度如图乙中ab虚线所示，再增加一个钩码后，P点对应刻度如图乙中cd虚线所

12、示，已知每个钩码质量为50 g，重力加速度g9.8 m/s2，则被测弹簧的劲度系数为_N/m.挂三个钩码时弹簧的形变量为_cm.参考答案：70 2.10三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. （选修3-3（含2-2）模块）(6分)理想气体状态方程如下：。从理论的角度，设定一定的条件，我们便能得到气体三大定律：玻意尔定律、查理定律和盖吕萨克定律。下面请你通过设定条件，列举其中两条定律的内容。（要求条件、内容要与定律名称相对应，不必写数学表达式）参考答案： 答案：玻意尔定律：一定质量的气体，在温度不变的情况下，它的压强跟体积成反比。查理定律：一定质量的气体，在体积不变的情况下，

13、它的压强跟热力学温度成正比。盖吕萨克定律：一定质量的气体，在压强不变的情况下，它的体积跟热力学温度成正比。15. 螺线管通电后，小磁针静止时指向如图所示，请在图中标出通电螺线管的N、S极，并标出电源的正、负极。参考答案：N、S极1分电源+、-极四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 一物体从某一行星表面竖直向上抛出(不计空气阻力)。设抛出时t0，得到物体上升高度随时间变化的ht图象如图所示，求：（1）该行星表面重力加速度大小。（2）物体被抛出时的初速度大小。参考答案：(1)由h=gt2 ,h=25m,t=2.5s得，g=8m/s2 （3分）(2)v-0=gt=20m/s 17. 如图所示，A、B质量分别为ml=1，m2=2kg，静止在光滑的水平面上，A、B间粘有少量炸药，点燃爆炸后，炸药爆炸释放的能量有12J转化为A、B的机械能，其余的转化为内能，求：A、B爆炸后获得的初速度的大小；参考答案：炸药爆炸瞬间A、B系统动量守 恒 （2分）A、B的机械能： （2分） 得v1=4m/s v2=2m/s （1分）18. 如图所示，直角三角形OAC（= 30?）区域内有B = 0.5T的匀强磁场，方向如