黑龙江省齐齐哈尔市2020年中考物理真题试题(含解析)

1、黑龙江省齐齐哈尔市2020年中考物理真题试题一、单项选择题（每小题2分，共24分）（2分）（2020?齐齐哈尔）根据生活经验，下列说法与实际相符合的是（）A.液晶电视机的功率约1000WB. 一百元人民币的长度约0.15mC.托起两个鸡蛋的力约10ND.光在空气中传播的速度约340m/s考点：电功率；长度的估测；速度与物体运动；重力大小的估测.专题：估算综合应用题.分析：根据对实际数据的了解进行合理的估计，然后答题.解答：解：A、液晶电视机的功率约为100W 1000W不符合实际，故A错误；B、一百元人民币的长度约为15cm=0.15m符合实际，故B正确；C、2只鸡蛋的质量约为100g=0.1

2、kg,托起两个鸡蛋的力约为：F=G=mg=0.1kg10N/kg=1N,故 C错误；D光在空气中的传播速度约为 3X108m/s,故D错误；故选B.点评：本题是一道估算题，根据对实际情况的了解进行合理的估计即可正确解题，平时要注意常见数据的积累.（2分）（2020?齐齐哈尔）下列声现象的叙述中与图中情景不相符的是（A.拨动琴弦发出悠扬的琴声说明声音是由物体振动产生的钢尺伸出桌边的长度越长，发出声音的音调越低倒车雷达是利用次声波传递信息北京动物园的“隔音蛟龙”是在传播过程中减弱噪声考点：声音的综合利用.专题：声现象.分析：（1）声音是由物体的振动产生的；（2）音调的高低与发声体振动快慢有关，物体

3、振动越快，音调就越高，物体振动越慢，音调 就越低；（3）倒车雷达是利用超声波工作的；（4）减弱噪声有三种途径：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱.解答：解：A、声音是由物体的振动产生的，琴声是琴弦的振动产生的，故A正确；B、尺子发出声音的音调与尺子振动快慢有关，当尺子伸出桌面的长度越长时，振动越慢，发 出声音的音调越低，故B正确；G倒车雷达是利用超声波传递信息的，故 C错误；D北京动物园的“隔音蛟龙”是在传播过程中减弱噪声，故 D正确.故选C.点评：考查声音的综合利用，要求学生对声音及其特性，以及减弱噪声的途径等知识点全面掌握.3. （2分）（2020?3. （2分）（2020?齐齐

4、哈尔）下列四幅图中由升华形成的自然现象是（树枝上的雾淞考点：生活中的升华现象.专题：汽化和液化、升华和凝华.分析：（1）在一定条件下，物体的三种状态-固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物 态变化；（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫 液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固.解答：解：A冰雪消融是火化现象；故 A错误；B、露是空气中的水蒸气遇冷7化为液态的小水滴；故 B错误；C、冰雕变小，冰直接升华为水蒸气，属于升华现象；故 C正确；D雾淞是水蒸气遇冷凝华为固态的小冰晶；故 D错误； TOC o 1-5 h z

5、 故选C点评： 分 析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识（ 2 分） （ 2020?齐齐哈尔）有关光现象，以下说法正确的是（）A 阳 光透过树叶间的缝隙射到地面上，形成的光斑是倒立的虚像B 游 泳池注水后，看上去好像变浅了是由于光的反射形成的C 在 平静的湖面上可以看到蓝天白云是由于光的折射形成的D 太 阳光经过三棱镜后可以产生彩色光带是光的色散现象考点：光直线传播的应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散专题：光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散分析：在分析几个实例时，要注意区分是光的

6、直线传播、光的反射还是光的折射光在自然界中存在三种光现象：光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等解答：解：A、阳光透过树叶间的缝隙射到地面上，形成圆形光斑，是由于光的直线传播，成的是实像，故错误；B、游泳池注水后，看上去好像变浅了是由于光的折射产生的，故错误；C、在平静的湖面上可以看到蓝天白云是由于光的反射形成的，故错误；D太阳光经过三

7、棱镜后可以产生彩色光带是光的色散现象；正确；故选D点评： 在 学习光现象时要留心讲到了哪些现象，一般生活中常见的光现象在上课时老师都会涉及到，“倒影”相当于平面镜成像，而影子是由于光的直线传播不要把二者混淆（ 2 分） （ 2020?齐齐哈尔）下面说法中符合安全用电原则的是（A.只有高压才会发生触电事故，低压不会发生触电事故B.将冰箱的三脚插头中较长插脚去掉后，可直接插入两孔插座中使用C.火热的夏天大功率的用电器同时使用D.使用试电笔时，手指按住金属笔卡，用笔尖接触被测导线考点：安全用电原则.专题：电与热、生活用电.分析：利用下列知识分析判断：(1)只有不高于36V的电压对人体才是安全的；(2

8、)用电器的金属外壳必须接地；(3)家庭电路电流过大的原因有二：发生短路，用电器总功率过大；(4)使用试电笔时，手只有接触笔尾金属体，测电笔才能使用.解答：解：A家庭电路属于低压电路，但人体安全电压不高于 36V,家庭电路电压220V远高于人体安全 电压，接触时会发生触电事故，此选项错误；B、电冰箱的外壳必须接地，所以冰箱的三脚插头中较长插脚(连接地线)绝对不能去掉，否 则可能使冰箱外壳带电，人体接触造成触电，此选项错误；G家庭电路中同时工作的电功率用电器过多， 总功率过大，会使电路电流过大，造成“跳闸”， 所以大功率的用电器尽量避免同时使用，此选项错误；D使用试电笔时，手指按住金属笔卡，用笔尖

9、接触被测导线，才能区分火线和零线，此选项 正确.故选D.点评：本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识， 不能违反.(2分)(2020?齐齐哈尔)某同学在超市乘自动扶梯如图，她观察到许多物理现象，其中分析正确的是()A.她相对扶梯上其他乘客是运动的B.她受到的重力和扶梯对她的支持力是一对平衡力C.她对扶梯的压力和扶梯对她的支持力是一对平衡力D.扶梯匀速上升时她受摩擦力的作用考点：平衡力的辨别.专题：运动和力.分析：（1）研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化，如果变化，物体 是运动的，如果没变化，则是静止的；（2）平衡力的条件：大小

10、相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；（3）相互作用力：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；（4）静止的物体处于平衡状态，受到的力为平衡力.解答：解：A.该同学相对扶梯上其他乘客之间的位置没有发生变化，所以她相对扶梯上其他乘客是静止的，故A不正确；B.她受到的重力和扶梯对她的支持力大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同 一条直线上，是一对平衡力，故 B正确；C.她对扶梯的压力和扶梯对她的支持力大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同 一条直线上，是一对相互作用力，故 C不正确；D.人做匀速直线运动，处于平衡状态，根据平衡条件，人所受合力为

11、零，则水平方向不受静 摩擦力作用，否则人不能处于平衡状态，故 D不正确.故选B.点评：物体所处的运动状态与其受力情况是一一对应的.通过物体的运动状态，可以确定物体的受力情况.反过来，利用物体的受力情况也可以确定物体所处的状态.（2分）（2020?齐齐哈尔）如图所示，电源电压保持不变，当闭合开关后，滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，下列说法正确的是（）A.电压表V1示数变大，电流表A示数变小电压表V2示数变大，电流表A示数变大C.电压表M示数和电流表A示数的乘积不变D.电压表V2示数和电流表A示数的比值变大考点：电路的动态分析；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用.专题：应用题；电路和欧姆定律；电路

12、变化分析综合题.分析：由电路图可知，定值电阻 R与滑动变阻器R串联，电压表V测电源的电压，电压表V2测R两 端的电压，电流表测电路中的电流.根据电源的电压可知电压表V示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R两端的电压变化，进一步可知电压表 Vi示数和电流表A示数的乘积变化；根据欧姆定律结合滑动变阻器接入电 路中电阻的变化可知电压表 V2示数和电流表A示数的比值变化.解答：解：由电路图可知，定值电阻 R与滑动变阻器R串联，电压表V测电源的电压，电压表 V2测 R两端的电压，电流表测电路中的电流.因电源的电压保持不变，所以，滑片移动时电压表 Vi的示

13、数不变，故A不正确；当闭合开关后，滑动变阻器的滑片向右移动的过程中， 接入电路中的电阻变大，电路中的总电 阻变大，由|=可知，电路中白电流变小，Ri两端的电压变小，故B不正确；则电压表Vi示数和电流表A示数的乘积变小，故C不正确；由|=却知，电压表切示数和电流表A示数的比值等于滑动变阻器接入电路中的电阻，即比值变大，故D正确.故选D.点评：本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和滑动变阻器的使用， 关键是电路用并联的辨别 和电压表所测电路元件的判断，要注意电压表不测带电源的用电器.8. （2分）（2020?齐齐哈尔）塑料吸盘是家庭常用的小工具，小明做了如图的实验，在实验中吸盘都 保持静止，但

14、所挂钩码已是吸盘所能提起的最大重物，你认为正确的是（）斗?（甲）（乙）A.甲图中如果将塑料吸盘戳个小孔，吸盘仍能吸在墙面上B.甲图中大气对吸盘的压力等于钩码的重力C.利用乙图的实验可以粗略测量大气压强的值D.利用乙图的实验在海拔更高的地区仍能提起该重物考点：大气压强的测量方法；大气压强的存在.专题：气体的压强、流体压强与流速的关系.分析：据P进行分析判断，要想测出大气压，则需要知道压力和接触面积的大小；根据甲乙两种情S况下物体都处于平衡状态进行受力分析，再根据二力平衡条件判断力的大小，二力平衡的条件： 大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上，四个条件必须同时满足；据此 答题.解

15、答：解：A、甲图中如果将塑料吸盘戳个小孔，内外大气压相等，吸盘不能吸在墙面上，故A错误;B、甲图中吸盘在竖直方向受竖直向下的拉力和竖直向上的摩擦力，并且二力是一对平衡力；在水平方向受大气对吸盘的压力和支持力，二力也是一 对平衡力；因此大气对吸盘的压力与 钩整的重力没有任何关系，故 B错误；C、乙图中吸盘受到大气对下面吸盘的压力和物体对下面的拉力，并且二力是一对平衡力，故 大气对下面吸盘的压力等于钩整的重力；能求出大气对吸盘的压力，故可以 粗测大气压的值； 故C正确；D用乙图的实验在海拔更高的地区，气压减小，大气对下面吸盘的压力小于钩整的重力，不能再提起该重物，故D错误；故选C点评：正确地对物体

16、进行受力分析、知道静止状态是平衡状态，处于平衡状态的物体受平衡力作用计 算有用力的大小；重点是明确测定大气压的原理.考点：电磁感应.专题：电动机、磁生电.分析：解答此题首先要弄清电磁感应现象的含义， 闭合电路的一部分导体在做切割磁感线运动时， 会 产生感应电流，这叫电磁感应现象，从能量转化的角度看，是从机械能转化为电能.解答：解：A是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线的运动，属于电磁感应现象，是发电机 的制作原理，故符合题意；B、磁场中的线圈通电后转动，这是通电导体在磁场中受力，电能转化为机械能，是电动机的原理，故B不符合题意；C、扬声器是根据磁场对通电导体的作用工作的.故 C不符合题意

17、.D电磁铁是利用电流的磁效应工作的，故 D不符合题意；故选A.点评：生活中有很多的用电器，仔细观察，弄清各用电器的工作原理，达到学以致用的目的，体会到 物理是有用的.（2分）（2020?齐齐哈尔）2020年12月2日嫦娥三号发射升空，12月14日嫦娥三号探测器在月 球表面成功软着陆，下列说法正确的是（）A.嫦娥三号升空时动能不变，重力势能增加，机械能增加B.嫦娥三号沿椭圆轨道绕地球飞行，在近月点时动能最大，在远月点时势能最大C.嫦娥三号沿椭圆轨道绕月球飞行，从近月点向远月点运动时势能转化为动能D.嫦娥三号探测器接近月面减速下降时，机械能不变考点：动能和势能的大小变化；动能和势能的转化与守恒.专

18、题：机械能及其转化.分析：（1）动能的大小与物体的质量、速度有关；（2）重力势能的大小与物体的质量、高度有关；（3）动能和势能统称为机械能，且机械能和内能之间可以相互转化；解答：解：A、嫦娥三号升空时，其质量不变，速度变大，故动能变大，故A错误；B、嫦娥三号沿椭圆轨道绕地球飞行，在近月点时速度最大，动能最大，在远月点时高度最高，重力势能最大；故B正确；G嫦娥三号沿椭圆轨道绕月球飞行，从近月点向远月点运动时，距离月球高度不断增加，重 力势能增大，速度逐渐减小，动能逐渐减小，动能转化为重力势能；故 C错误；D嫦娥三号探测器接近月面减速下降时，动能减小，高度减低，重力势能减小，故机械能减小，故D错误

19、.故选B.点评：知道动能、重力势能、机械能的影响因素，并理解能量的相互转化过程是解决该题的关键.（2分）（2020?齐齐哈尔）四冲程汽油机的工作示意图如下，其中使汽车获得动力的冲程是（考点：内燃机的四个冲程.专题：比热容、热机、热值.分析：本题应抓住汽油机的一个工作循环由如图所示的四个冲程组成：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程.判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上 排，关上压缩关下功；”进行分析；其中在做功冲程中，是内燃机的内能转化为机械能，提供 动力.解答：解：A、排气门开启，气体流出汽缸，是排气冲程；不符合题意；B、两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小

20、，是压缩冲程；不符合题意；G两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程；内燃机的内能转化为机械能，为汽车提供动力.符合题意；D进气门开启，气体流入汽缸，是吸气冲程；不符合题意.故选C.点评：本题考查了内燃机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组 成.以及内燃机的四个冲程的判断，解决此题需要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解（2分）（2020?齐齐哈尔）如图所示，电源电压恒定，小灯泡Li、L2均标有“12V 6W 字样（设灯丝电阻不变），当S、&闭合时，灯Li正常发光，当S闭合，&断开时，两盏灯的总功率（）A. 3W6W12WD. 1.5WA. 3W6W12W

21、D. 1.5W考点：电功率的计算.专题：计算题；电能和电功率.2分析：已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式 R斗丁可求灯泡的电阻，当S、&闭合时，灯Li正 常发光，电路中只有灯 Li,灯Li两端的电压等于电源电压，当 S闭合，&断开时，两灯泡用 联，根据公式P上可求两盏灯的总功率.K 2 解答：解：根据P/可得：T2灯泡电阻为R= 一一=24。，P额“.当Si、S闭合时，只有灯Li连入，灯Li正常发光，电源电压为U=12V当Si闭合，&断开时，两灯泡串联，两盏灯的总功率是 P总丝二（2V）：=3W2R 2X2故选C.点评：本题考查电功率的计算，关键是电功率公式及其变形的灵活运用， 难点是判断

22、开关断开与闭合 时电路的连接情况，还要知道串联电路电阻的规律.二、多项选择题（每小题3分，共9分）（3分）（2020?齐齐哈尔）2020年2月7日第22届冬奥会在索契开幕，我国冰壶运动员奋力拼搏, 为国争光，取得了优异成绩，有关冰壶运动，下列说法正确的是（）A.运动员用力将冰壶推出，说明力可以改变物体的运动状态B.运动员蹬冰脚的鞋底是由橡胶制成的，目的是为了增大摩擦力C.推出的冰壶在冰面上继续滑行是由于受到惯性作用D.运动员刷冰时克服摩擦做功，机械能转化为内能考点：力的作用效果；惯性；增大或减小摩擦的方法；做功改变物体内能.专题：分子热运动、内能；运动和力；重力、弹力、摩擦力.分析：（1）力的

23、作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；（2）摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，增大摩擦的方法有增大压力、增大 接触面的粗糙程度两种方法；（3）物体保持原来运动状态的性质叫惯性，一切物体都有惯性；（4）做功可以改变物体的内能，当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时， 内能转化为机械能.解答：解：A、运动员用力将冰壶推出，冰壶由静止变成运动，说明力可以改变物体的运动状态，该选项说法正确；B、运动员蹬冰脚的鞋底是由橡胶制成的，增大了接触面的粗糙程度，从而增大摩擦力，该选 项说法正确；G推出的冰壶在冰面上继续滑行是由于冰壶具有惯性，不能说受到惯性，该选项说

24、法不正确；D运动员刷冰时克服摩擦做功，机械能转化为内能，该选项说法正确.故选ABD点评：本题考查了力的作用效果、摩擦力、惯性以及内能的改变的相关知识，属于基础知识的考查， 相对比较简单.(3分)(2020?齐齐哈尔)如图所示，用滑轮组提升重物时，将重500N的物体在10内匀速上升了 2m已知动yt轮重为100N (不计纯重和摩擦),则提升重物的过程中()A.滑轮组对重物做的功为1000JB.纯子自由端拉力F的功率为60WC.滑轮组的机械效率为55.6%D.提升的重物变为400N时，滑轮组的机械效率将变小考点：机械效率的计算；功的计算；功率的计算.专题：功、功率、机械效率.分析：图中使用的滑轮组

25、承担物重的纯子股数 n=2,则s=2h.(1)利用 W=Gh求滑轮组对重物做的功(有用功)，(2)利用s=2h求出拉力移动的距离，不计纯重和摩擦，利用 F=j (G物+G轮)求拉力大小，再利用W=F或拉力做功；又知道运动时间，利用功率公式求拉力的功率；(3)利用机械效率的公式求滑轮组的机械效率.(4)提升的物重减小，有用功减小，不计摩擦和纯重，额外功不变，根据机械效率定义确定机械效率的变化.解答：解：(1)滑轮组对重物做的功：W=Gh=500NK 2m=1000J故 A 正确；(2)由题知，n=2,不计纯重和摩擦，. F=l （G轮. F=l （G轮+G物）=122（500N+100N =30

26、0N,拉力移动的距离：s=2h=2X 2 m=4中拉力做功： W*Fs=300NX4m=1200J拉力做功功率：P图=12OOJ=120W故 B 错t ICs（3）滑轮组的机械效率：“二生x 100%=2MLx 100险83.3%;故 C错弱 L2C10J（4）提升重物减小时，有用功减小，而摩擦不计、动滑轮重不变，额外功不变，这样有用功占总功的比值减小，滑轮组的机械效率将减小.故 D正确.故选：AD.点评：本题考查了学生对有用功、总功、功率公式、机械效率公式、滑轮组s=nh的理解和运用，本题关键：一是利用好不计纯重和摩擦时拉力 F马（G轮+G物），二是知道改变机械效率的方法（增大提升重物的重、

27、减少摩擦、机械重）.（3分）（2020?齐齐哈尔）小哲同学用甲、乙两个小灯泡连接如图所示电路，闭合开关S后，甲、乙两灯均正常发光，但甲灯比乙灯亮，下列下列说法正确的是（）A.两灯均正常发光时，甲灯功率等于乙灯功率B.两灯均正常发光时，甲灯电阻小于乙灯电阻C.若两灯位置对换，甲灯仍比乙灯亮D.如果将两灯串联在该电源上，则乙灯比甲灯亮考点：实际功率.专题：电能和电功率.分析：灯泡正常工作时的功率和额定功率相等， 灯泡的亮暗取决于实际功率的大小， 根据并联电路的 电压特点和R=色确定两灯泡的电阻关系；根据申联电路的电流特点和P=I2R确定两灯泡串联时的灯泡的亮暗关系.解答：解：A、灯泡亮度由灯泡实际

28、功率决定，甲灯比乙灯亮，则甲灯的功率大于乙灯的功率，故A错误；B、两灯泡并联，灯泡两端的电压 U相等，甲、乙均正常发光，甲灯比乙灯亮，甲的额定功率 大于乙的额定功率，由R=广可知，甲灯的电阻小于乙灯的电阻，故 B正确；PC、两灯泡位置对换时，灯泡的亮暗不变，即甲灯亮度比乙灯亮度大，故C正确；D当两灯泡串联时，通过它们的电流相等,由于乙的电阻大于甲的电阻，由P=I2R可知，乙灯泡的实际功率较大，乙灯亮，故 D正确. 故选：BCD点评：本题考查了并联电路的电压特点和串联电路的电流特点，关键是电功率公式的灵活应用和知 道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小以及灯泡正常发光时的功率与额定功率相等.三、填空题

29、（每小题2分，共24分）（2分）（2020?齐齐哈尔）身高1.68m的小颖站在竖直放置的平面镜前 2m处，她在镜中的像高为 1.68 m考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案.专题：光的传播和反射、平面镜成像.分析：平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面 镜的距离相等.解答：解：小颖的身高是1.68m,根据平面镜成像特点-物像大小相等可知，小颖在平面镜中的像 高也是1.68m.故答案为：1.68.点评：平面镜成像特点是平面镜成像习题的基础内容，一定要熟练掌握.题目中的2m与解答无关，不要被迷惑.（2分）（2020?齐齐哈尔）2020年3月8日

30、凌晨，马航MH370tt地面失联，牵动了全国各族人发 的心，飞机的机翼上表面弯曲下表面比较平，这样可以使飞机利用流体流谏越大的位置压强越小的原理起飞.军用雷达通过发射 电磁波 在空中搜寻失联飞机.考点：流体压强与流速的关系；电磁波的传播.专题：气体的压强、流体压强与流速的关系.分析：根据气体流速和压强的关系，分析机翼上下方空气流速的大小判断机翼上下方气压的大小，来解释飞机升力的产生.雷达发射的是电磁波信号.解答：解：飞机的机翼做成流线型，在相.同时间内，空气经过上方的路程长，速度大；经过下方的 路程短，速度小.上方空气流速越大，压强越小；下方空气流速越小，压强越大.所以机翼下 方的气压大于上方

31、的气压，便形成向上的升力.军用雷达是利用电磁波来在空中搜寻失联飞机.故答案为：流体流速越大的位置压强越小；电磁波.点评：本题主要考查流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大.（2分）（2020?齐齐哈尔）炎炎夏季，都市气温往往比郊外要高3c5C,这就是热岛效应，人们修建人工湖、喷水池，主要利用水的比热容 大来调节气温.园丁小区喷水池内有 5t水，水温升高2c吸收的热量是 4.2 X 107 J.考点：热量的计算；比热容解释简单的自然现象.专题：比热容、热机、热值.分析：修建人工湖，含水量增多，因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出 相同的热量，水

32、的温度升高或降低的少，据此分析；知道水的质量、水的比热容、水的温度变化值，利用吸热公式Q-cmAt求水吸收的热量；解答：解：因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高 的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，能有效调节气候； 水吸收的热量：QcmAt=4.2 X103J/ （kg?C） x 5X 103kgX2C =4.2 x 107J .故答案为：比热容；4.2X107.点评：本题考查了学生对水的比热容大的特点的应用、吸热公式 Q吸=cmmt的掌握和运用，计算时注 意温度升高了（ t）、升高（t）与升高到（末温）的区别.（2分）（2

33、020?齐齐哈尔）端午节那天，妈妈煮茶叶蛋时小宇闻到浓郁的茶蛋的香味，这是属于 扩散 现象.煮茶叶蛋要比腌蛋时咸的快，这是由于温度越高，分子运动越快 .考点：扩散现象.专题：分子热运动、内能.分析：分子永不停息的做无规则运动，分子运动的速度和温度有关.解答：解：妈妈煮茶叶蛋时小宇闻到浓郁的茶蛋的香味，属于分子的扩散现象，扩散现象说明分子在不停的做无规则运动；煮茶叶蛋要比腌蛋时咸的快，这一现象可以说明分子运动的快慢与温度有关.故答案为：扩散；温度越高，分子运动越快.点评：本题考查了扩散现象、分子运动和温度有关，相对比较简单，属于基础题.（2分）（2020?齐齐哈尔）某小组测酱油的密度，在烧杯中倒

34、入适量的酱油，测出烧杯和酱油的 总质量是82.4g,将烧杯中一部分酱油倒入量筒中，如甲图所示，测量烧杯和剩余酱油的质量时，所 加整码和游码位置如乙图所示，那么量筒中酱油的质量为21 g,由此可计算出酱油的密度为1.05 X 103 kg/m3.考点：液体密度的测量.专题：密度及其应用.分析：从图上读出烧杯和剩余酱油的质量， 又知道酱油倒入量筒之前，烧杯和酱油的总质量，求出倒入量筒中酱油的质量；从量筒上读出酱油的体积；根据密度公式求出酱油的密度.解答：解：烧杯和剩余酱油的质量： m=50g+10g+1.4g=61.4g ,量筒中酱油的质量为： m=m- m=82.4g - 61.4g=21g ,

35、量筒中酱油的体积：V=20ml=20cm,酱油的密度是：p 二一二，一夫二1.05g/cm3=1.05 X 103kg/m3.V 20cmJ故答案为：21; 1.05 X 103.点评：此题中考查了关于液体密度测量的基本技能，包括天平、量筒的读数，以及运用密度的公式进行计算等.（2分）（2020?齐齐哈尔）如图是探究电流通过导体时产生热量与电流 的关系,当通过 R的电流是2A时，10s内电流通过R产牛的热量是 200 J.考点：焦耳定律的计算公式及其应用.专题：电与热、生活用电.分析：根据并联电路的电流特点和图中两电阻的阻值关系得出实验探究的问题，再根据Q=I2Rt求出电流通过R产生的热量.解

36、答：解：（1）由图可知，R与R的阻值相等，由并联电路干路电流等于各支路电流之和可知，通过两电阻的电流不同，所以，实验是探究的是电流通过导体时产生热量与电流的关系；（2）通过R的电流是2A时，10s内电流通过R产生的热量：Q=I2Rt= （2A） 2X5Q X 10s=200J.故答案为：电流；200.点评：本题考查了焦耳定律的实验探究和公式的应用，分析好两电阻的电流关系和电阻关系是关键.（2分）（2020?齐齐哈尔）洗手池下面的排水管 U形“反水弯”是一个 连通器，请你再举个与此原理相同的实例茶壶考点：连通器原理.专题：压强、液体的压强.分析：上端开口，下部连通的容器叫做连通器，连通器的特点是

37、容器中的水不流动时， 各个容器中液 面总是相平的.解答：解：洗手池的回水管，下端相通，构成了连通器，与此原理相同的有茶壶、锅炉水位计、船闸故答案为：连通器；茶壶.点评：此题考查的是连通器在生活中的应用.这就要求我们平时要多观察、多思考.（2分）（2020?齐齐哈尔）如图所示是甲乙两种固体的熔化实验图象，固体甲第6分钟的状态是固液共存 ，由图象可知甲乙两种固体的区别是甲有熔点，乙没有熔点考点：熔化和凝固的温度一时间图象.专题：温度计、熔化和凝固.分析：（1）掌握晶体和非晶体的区别：晶体有一定的熔点或凝固点，在熔化（或凝固）过程中吸热（或放热）但温度保持不变；（2）掌握晶体在不同阶段的状态：熔化前

38、处于固态，熔化过程中处于固液共存态，熔化后处 于液态.解答：解：由图象知，乙在整个过程中，吸热温度不断升高，没有熔点，是非晶体；甲在熔化过程中温度保持48c不变，所以甲是晶体，熔点为 48C；从第4min到第8min处于熔化过程，是固液共存态；故答案为：固液共存；甲有熔点，乙没有熔点.点评：此题考查了对晶体和非晶体熔化图象的分析，要抓住晶体和非晶体熔化和凝固时特点：晶体有 一定的熔点（凝固点），熔化（凝固）时温度不变，继续吸热（放热），学习时要用比较法来记 住它们的特点.（2分）（2020?齐齐哈尔）如图是搬运砖头的独轮车，车箱和砖头所受的总重力G=800N推车时,独轮车属于省力杠杆,人手竖直

39、向上的力F应为 240 N.考点：杠杆的平衡条件.专题：简单机械.分析：结合图片和生活经验，先判断独轮车在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；根据杠杆平衡条件计算人手竖直向上的力 F.解答：解：独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆.由杠杆的平衡条件可知：FX L小GXL 阻，即 FX 1m=800N 0.3m,解得：F=240N故答案为：省力；240.点评：本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，确定动力臂和阻力臂的大小是关键.杠杆主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；等臂杠杆，动力臂

40、等于阻力臂，既不省距离也不省力.（2分）（2020?齐齐哈尔）智能手机上已普遍使用电阻触摸屏，如图在竖直方向上触摸屏相当于 一根电阻丝，触摸P点时电阻丝被分为上、下两部分，电阻分别为 R、R.电源电压不变，当触摸点 在竖直方向移动时，若测得 R两端电压减小，则R阻值 减小，触摸点P到屏下端的距离 增大 （均填“增大”、“减小”或“不变”）.考点：欧姆定律的应用.专题：应用题；欧姆定律.分析：从电路图可知，R、R用联，电流相等，根据公式 U=IR可知，电阻越大，电阻两端的电压越 大.从电路图可以看出R的电阻变化与屏下端的距离的关系.解答：解：:卜、R2串联，通过两电阻的电流相等，当R两端电压减小

41、时，. U=IR,Ri的电阻在减小，从电路图可以看出R的电阻减小，应该是增大到屏下端的距离.故答案为：减小；增大.点评：本题考查了欧姆定律的应用和串联电路的特点，关键是对电路图的正确分析.（2分）（2020?齐齐哈尔）有一个平底茶壶（壶壁厚度不计）,质量为0.2kg,底面积为2X10 3m2, 内装0.6kg的水后，测得茶壶中水深15cmi若将该茶壶放在面积1m2的水平桌面中央，则茶壶中水对 容器底的压强为1500 Pa,茶壶对桌面的压强为400 Pa. g=10N/kg.考点：压强的大小及其计算；液体的压强的计算.专题：计算题；压强、液体的压强.分析：（1）知道茶壶内水的深度，根据 p=p

42、gh求出茶壶中水对容器底的压强；（2）已知茶壶的质量和壶内水的质量， 根据公式G=mg?T求其重力，在水平面上压力等于物体 自身的重力，茶壶的底面积已知，根据公式pg可求茶壶对桌面的压强.解答：解：（1）茶壶内的水深：h=15cm=0.15m茶壶中水对容器底的压强：p 水=p 水 gh=1.0 X 103kg/m3 X 10N/kg X 0.15m=1500Pa（2）茶壶对桌面的重力：F=G=（m壶+mzx） = （0.2kg+0.6kg ） x 10N/kg=8N, 茶壶对水平桌面的压强：p=400Pa3 2X1Q-V故答案为：1500; 4000.点评：本题考查液体压强和固体压强的计算，

43、关键是公式及其变形的灵活运用，要知道在水平面上压力等于物体自身的重力，最容易出错的是受力面积的判断，本题给出了水平桌面的面积，这是 一个陷阱，受力面积指的是两个物体相互接触的面积.（2分）（2020?齐齐哈尔）用如图甲所示电品&进行实验探究，小灯泡 L标有“6V 3W字样，小 灯泡的I -U关系如图乙所示，R为10Q的定值电阻，当小灯泡电功率为 0.3W时，定值电阻R消耗 的功率是 0.1 W电流表的示数为 0.4 A.考点：欧姆定律的应用；电功率的计算.专题：应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率.分析：由电路.图可知，灯泡与定值电阻并联，电流表测电路中的电流，电压表测电源的电压，由图 象结合

44、P=UI找出符合灯泡消耗电功率为0.3W时两端的电压和通过的电流，根据并联电路的电 压特点和欧姆定律求出通过定值电阻的电流，根据P=UI求出电阻R消耗的电功率，根据并联电路的电流特点求出干路电流.解答：解：由电路图可知，灯泡与定值电阻并联，电流表测电路中的电流，电压表测电源的电压.由图象可知，当灯泡两端的电压 U=1V,通过白电流Il=0.3A时，灯泡消耗的电功率为 0.3W, 因并联电路中各支路两端的电压相等, 所以，通过定值电阻R的电流:I=0.1A,I=0.1A,定值电阻R消耗的电功率:Pr=UI R=ULI r=1VX 0.1A=0.1W,因并联电路中干路电流等于各支路电流之和, 所以

45、，干路电流表的示数：I=I l+Ir=0.3A+0.1A=0.4A.故答案为：0.1 ; 0.4 .点评：本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据图象得出灯泡消耗电功率为0.3W时通过的电流和两端的电压.四、解答题（28题5分，29题6分，30题7分，共18分）（5分）（2020?齐齐哈尔）某实验小组用焦距为10cm的凸透镜合作探究“凸透镜成像规律”.（1）在探究过程中，他们将蜡烛、凸透镜、光屏固定在光具座上，点燃蜡烛后，沿光具座无论怎样移动光屏，在光屏上始终得不到烛焰的像，你认为可能的原因是烛焰中心、凸透镜光心、光屏中心不再同一高度 .（写出一条即可）（2）上述问

46、题解决后，他们将蜡烛、凸透镜固定在光具座如图位置，移动光屏后得到烛焰清晰、完 整的像，该像是倒立、缩小 的实像.利用此原理工作的光学仪器有照像机.接下来他们保持蜡烛和光屏的位置不动，将凸透镜向蜡烛的方向移动，光屏上再次出现了一个倒立、放大 的实像.(3)实验过程中由于蜡烛燃烧变短，使蜡烛的像成在了光屏中心的上方，要使像成在光屏的中心,只调节凸透镜，应将凸透镜向 下调.考点：凸透镜成像规律及其探究实验.专题：探究型实验综合题.分析：(1)光屏上得不到烛焰像的情况有三种：成的像是虚像，虚像是不会成在光屏上的；成 实像，但由于烛焰、凸透镜、光屏三者的中心不在同一高度上，虽然成的是实像，但光屏上显 示

47、不出来；不成像，当物体位于焦点上，即 u=f时，此时不成像，所以光屏上也得不到烛焰 的像.(2)凸透镜成像的四种情况：U 2f时，在凸透镜的另一侧得到倒立、缩小的实像，fvUf时，在凸透镜的另一侧得到倒立、放大的实像，v2f.Uu.(3)蜡烛燃烧，烛焰向下移动，光屏位置不变，要使像成在光屏中央位置，根据光线过光心 不改变方向，凸透镜中心在烛焰中心和光屏中心连接上，可以判断凸透镜的移动方向，同时也可以判断烛焰中心在主光轴的方位.解答：解：(1)在做凸透镜成像规律的实验时，首先要调整三者的中心在同一高度上，这样做的目的 就是为了保证使烛焰的像能够成在光屏上， 所以当调整光屏的位置始终光屏上没有像时

48、， 首先 要想到这种可能.其次利用实像与虚像的区别，再考虑成的是虚像这种可能.(2)此时物距为25cmi而焦距为10cm物距大于2倍焦距，所以成的像是倒立、缩小的实像， 应用这一原理制成的光学仪器有照相机； 保持蜡烛和光屏的位置不动，将凸透镜向蜡烛的方向 移动，物距小于像距，成倒立、放大的实像.(3)由于蜡烛燃烧变短，根据光线过光心不改变方向，像向光屏的上方移动，要使像成在光 屏的中央位置，凸透镜向下移动.由于凸透镜中心在烛焰中心和光屏中心连接上， 所以调好后， 烛焰中心在凸透镜主光轴的下方.故答案为：(1)烛焰中心、凸透镜光心、光屏中心不再同一高度；(2)缩小；照相机；放大；(3)下.点评：

49、此题是探究凸透镜成像的实验，考查了学生对实验操作的要求.一定要注意实验前的调整工 作.为使像成在光屏的中央，应使凸透镜、烛焰、光屏的中心大致在同一高度处.凸透镜的主 光轴永远随着凸透镜的上下移动而移动， 对于烛焰在凸透镜主光轴的哪个位置， 画图说明很容 易理解.(6分)(2020?齐齐哈尔)在探究“浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，辰辰同学和他的上伙伴们做了如图所示的一系列实验.伙伴们做了如图所示的一系列实验.在液体密(1)三次实验是为了探究浮力的大小与排开液体体积 的关系,得出的结论是 度一定时，躯体排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大在液体密(2)分析 三次的实验数据,可知浮力大小与物

50、体浸没在液体中的深度无关.(3)此实验还探究了浮力的大小与液体密度 的关系,得出的结论是在排开液体体积一定的情况下，液体密度越大，物体受到的浮力越大.(4)通过实验数据可知金属块的密度为9000 kg/m3.考点：探究浮力大小的实验.专题：.探究型实验综合题.分析：应用控制变量法分析图示实验，根据实验控制的变量与实验现象分析答题；应用浮力公式求出金属块的质量，然后由密度公式求出金属块的密度.解答：解：(1)由图示三次实验可知，物体排开液体的密度不变而排开液体的体积不同，物 体受到的浮力不同，排开液体体积越大，物体受到的浮力越大，由此可知，三次实验可 以探究：浮力的大小与排开液体体积的关系，得出

51、的结论是：在液体密度一定时，躯体排开液 体的体积越大，物体受到的浮力越大.(2)由图三次实验可知，物体排开液体的密度与体积相同而物体浸没在液体中的深度 不同，物体受到的浮力相同，由此可知：浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关.(3)由图(或)所示实验可知，物体排开液体的体积相同而排开液体的密度不同， 液体密度越大，物体受到的浮力越大，由此可知：该实验可以探究浮力的大小与液体密度的关 系，得出的结论是：在排开液体体积一定的情况下，液体密度越大，物体受到的浮力越大.(4)由图所示实验可知，金属块的重力G=9N由G=mg可知，金属块的质量：m-= T =0.9kg ,由图所示实验可知，金属块浸没在水

52、中受到的浮力：F浮=G- F=9N-g LONAe8N=1N由F浮=水gV排可知，金属块的体积：V=V排=j后=勺 吗=1X10 4n3,R 水g lX103kg/m3X10NAg金属块的密度：p=二二旦空 J=9000kg/m3.V 1X10故答案为：(1)排开液体体积；在液体密度一定时，躯体排开液体的体积越大，物体受到的浮 力越大；（2）；（3）液体密度；在排开液体体积一定的情况下，液体密度越大，物体受 到的浮力越大；（4） 9000.点评：在本实验中，牵扯到的变量一共有三个，物体排开液体的体积、液体的密度、物体浸没的深度, 因此，在探究过程中，控制变量法的运用至关重要.同时，我们还应明确

53、在这三个因素中，物 体浸没的深度对浮力的大小是没有影响的. 称重法表达式的运用也在这一实验的进行中起到了 重要的作用，是我们必须熟练掌握的.（7分）（2020?齐齐哈尔）甲乙两小组探究“电流与电压和电阻的关系”，老师提供的实验器材有：电源（电压包为4.5V）,电流表、电压表各一个，开关一个，四个定值电阻（5Q、10Q、15Q、 20Q）,两只滑动变阻器（规格分别为“ 20Q 2A、 “50Q 1A ”），小灯泡一只（额定电压3.8V）,导线若干.（1）甲小组探究“电流与电压的关系”请你根据图甲的电路图用笔画线代替导线将图乙中的实物电路连接完整.他们将5Q的电阻接入电路，检查无误后闭合开关，发现

54、电压表无示数，电流表有示数，造成这一 现象的原因可能是 定的电阻短路（写出一条即可）.排除故障后进行实验得到的数据如表， 由此可得到的实验结论是 电阻一定时，通过导体的电流与 导体两端电压成正比 . TOC o 1-5 h z 电压 U/V1.01.53.0电流 I/A0.20.30.6（2）乙小组探究“电流与电阻的关系”将5Q的电阻接入电路，检查无误后闭合开关，移动滑片，使电压表的示数为1.5V,并记下相应的电流化 再用10。的电阻替代5Q的电阻，此时滑片应向 左 （选填“左”或“右”）端移动， 移动滑动变阻器的目的是保持定值电阻两端电压一定.为了完成用四个定值电阻进行实验，应选择滑动变阻器

55、的规格是50Q ; 1A .他们用小灯泡替换定值电阻，移动滑片，使小灯泡正常发光，电流表示数如内图所示，则小灯泡的 额定功率是 1.14 W考点：探究电流与电压、电阻的关系实验.专题：探究型实验综合题.分析：（1）由电路图可知，电压表与电阻 R并联，然后根据电流从正接线流入，负接线柱流出将 电流表接入电路中；电流表有示数，表明电流表所在电路接通；电压表无示数表明电阻短路，或电压表断路，或 电压表短路;电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；（2）当将电阻由5Q更换为10Q后，定值电阻阻值变大，定值电阻分压变大，滑动变阻器 分压变小，为保证电阻两端电压不变，应移动滑动变阻器滑片，使滑动变

56、阻器接入电路的阻值 变大，使定值电阻两端电压保持 1.5V不变.滑动变阻器最大阻值太小，滑动变阻器的最大分压太小，定值电阻不能达到1.5V,为使实验能正常进行，可以更换最大阻值大的滑动变阻器或使定值电阻两端电压变大.确定电流表选择的量程和最小分度值，读出示数，根据P=UI计算出额电功率.解答：解：（1）定值电阻与滑动变阻器、电流表串联接入电路；电压表与电阻并联，电流从“+”接线柱流入，从”接线柱流出；如图所示：接线柱流入，从”接线柱流出；如图所示：电流表有示数，表明电路接通；电压表无示数表明定值电阻短路， 电压表相当与和一段导线 并联，故无示数；或者电压表断路（或电压表短路）；分析数据可得出结

57、论：电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；（2）定值电阻由5Q更换为10Q后，定值电阻分压变大，大于原来的电压，为保持定值电 阻两端电压不变，由电路图可知，应向左移动滑动变阻器滑片，增大滑动变阻器接入电路的阻 值，增大滑动变阻器的分压，使定值电阻两端电压减小到原来的1.5V,保持定值电阻两端电压一定.实验中，当定值电阻是20 Q时，流过电路的电流=0.075A,I=-实验中，当定值电阻是20 Q时，流过电路的电流=0.075A,I=-滑动变阻器接入电路的阻值应为为使实验能顺利进行，可以更换最大阻值较大的滑动变阻器，使用规格为“50Q; 1A”的滑动变阻器，使定值电阻两端的电压变大，等

58、于 1.5V;电流表选择00.6A量程，最小分度值为0.02A,示数为0.3A,小灯泡的额电功率 P=UI=3.8VX 0.3A=1.14W.故答案为：（1）见上图；定值电阻短路（或电压表短路、电压表断路）；电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比;（2）左；保持定值电阻两端电压一定（或保持电压表示数不变）； 50Q; 1A; 1.14 .点评：本题考查了连接电路图、滑动变阻器的调节、实验方案的改进等问题，实验中应用了控制变量 法，解题时注意该方法的应用.第（3）小题是本题的难点，知道实验过程中应控制定值电阻 两端的电压不变，分析清楚电路结构、认真分析实验数据是正确解题的基础与关键.五、

59、解答题（31题4分，32题6分，共10分）（4分）（2020?齐齐哈尔）中考结束后，洋洋同学全家要去旅游，爸爸在商场买了一个旅行箱如图所示，洋洋发现旅行箱上涉及很多物理知识， 请你结合旅行箱的结构和使用过程，写出两个相关的 物理知识（不能与示例重复）.示例：用力拉旅行箱，旅行箱运动-力可以改变物体的运动状态.考点：杠杆的应用；增大或减小摩擦的方法.专题：重力、弹力、摩擦力；简单机械.分析：增大滑动摩擦的方法：增大压力和增大接触面的粗糙程度；减小压强的方法：减小压力和增大接触面的粗糙程度；省力杠杆：动力臂大于阻力臂.解答：解：拉手上有花纹，增大摩擦；拉手做的比较宽大，减小压强；拉杆越长，使用杠杆越省力.点评：本题考查了物理知识在实际生活中的应用， 体现物理来源于生活的特点，要注意在生活中观察 物理知识的应用，提高分析能力.（6分）（2020?齐齐哈尔）小峰放学回家，发现楼道里的白炽灯只在天黑后，有声音时，灯才会亮.他查找物理书得知，在控制开关中装有“声敏”和“光敏”装置，这两种装置的连接方式是联.有一次他还发现楼道白炽灯亮了一下就熄灭了，请你帮他分析为什么白炽灯在刚开始发光时容易烧断？我国已经禁止生产白炽灯，