2022年江苏省东台市第一中学高三第一次模拟考试物理试卷含解析

1、2021-2022学年高考物理模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、材料相同质量不同的两滑块，以相同的初动能在同一水平面上运动，最后都停了下来。下列说法正确的是（ ）A质量大的滑块摩擦力做功多B质量大的滑块运动的位移大C质量大的滑块运动的时间长

2、D质量大的滑块摩擦力冲量大2、如果没有空气阻力，天上的云变成雨之后落到地面，在经过一路的加速后，到达地面时的速度会达到300米/秒，这样的速度基本相当于子弹速度的一半，是非常可怕的。 由于空气阻力的作用，雨滴经过变加速运动，最终做匀速运动，一般而言，暴雨级别的雨滴落地时的速度为89米/秒。 某次下暴雨时小明同学恰巧打着半径为0.5m的雨伞（假设伞面水平，雨水的平均密度为0.5kg/m3），由于下雨使小明增加撑雨伞的力最小约为（ ）A0.25NB2.5NC25ND250N3、如图所示，一个小球（视为质点）从H12m高处，由静止开始通过光滑弧形轨道AB，进入半径R4m的竖直圆环，且与圆环间动摩擦因

3、数处处相等，当到达环顶C时，刚好对轨道压力为零；沿CB圆弧滑下后，进入光滑弧形轨道BD，且到达高度为h的D点时的速度为零，则h之值可能为（取g10 m/s2，所有高度均相对B点而言）（）A12 mB10 mC8.5 mD7 m4、如图，理想变压器原、副线圈匝数之比为1：2，原线圈与固定电阻R1串联后，接入输出电压有效值恒定的正弦交流电源。副线圈电路中负载电阻为可变电阻 R2，A、V是理想电表。当R2=2R1 时，电流表的读数为1A，电压表的读数为4V，则（ ）A电源输出电压为8VB电源输出功率为4WC当R2=8时，变压器输出功率最大D当R2=8时，电压表的读数为3V5、已知在某时刻的波的图像如

4、图所示，且M点的振动方向向上，下述说法正确的是：（ ）AA点振动落后于M点，波向右传播BA点振动落后于M点，波向左传播CB点振动落后于M点，波向右传播DB点振动落后于M点，波向左传播6、如图所示，装有细沙的木板在斜坡上匀速下滑。某一时刻，一部分细沙从木板上漏出。则在细沙漏出前后，下列说法正确的是（ ）A木板始终做匀速运动B木板所受合外力变大C木板由匀速变为匀加速直线运动D木板所受斜坡的摩擦力不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，半径为R的光滑绝缘圆环固定于

5、竖直平面内，a为圆环的最低点，c为圆环的最高点，b点与圆心O等高，该空间存在与圆环平面平行的匀强电场。质量为m、带电量为+q的小球P套在圆环上，沿环做圆周运动，通过a、b、c三点时的速度大小分别为、。下列说法正确的是（）A匀强电场方向水平向右B匀强电场场强大小为C小球运动过程中对圆环的最大压力为7.5mgD小球运动过程中对圆环的最小压力为1.25mg8、如图所示为一列沿x轴正向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，经过0.2s，M点第一次到达波谷，则下列判断正确的是_A质点P的振动频率B该波的传播速度v=1m/sCM点的起振方向沿y轴负方向D01s内质点Q运动的路程为0.2mE.01s内质点M运

6、动的路程为0.08m9、如图所示质量均为m的物体AB通过轻质弹簧连接；物体A、C通过轻绳连接在光滑的轻质定滑轮两侧，用手托着质量为M的物体C使A静止在弹簧上，物体B静止在地面上，绳伸直恰无弹力。忽略空气阻力，放手后物体C下落，直至物体B对地面恰好无压力。若将C换成大小为Mg的竖直向下的拉力作用，也直至物体B对地面恰好无压力。两种情况下，此时A的动能分别表示为、，A的重力势能分别表示为、，弹簧的弹性势能分别表示为、，细绳对A所做的功分别表示为、，重力加速度为g，则下列说法中正确的是（ ）A若，则B若，则C若，则D若，则10、如图所示，长木板放置在水平面上，一小物块置于长木板的中央，长木板和物块的

7、质量均为m，物块与木板间的动摩擦因数为，木板与水平面间动摩擦因数，已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g现对物块施加一水平向右的拉力F，则木板加速度大小a可能是 （ ）AagBaCaDa三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系。实验器材如图甲所示，现已完成部分导线的连接。(1)实验要求电表的示数从零开始逐渐增大，请按此要求用笔画线代替导线在图甲实物接线图中完成余下导线的连接_；(2)某次测量电流表指针偏转如图乙所示，则电流表的示数为_A；(3)该同学描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图

8、丙所示，根据图像可知小灯泡的电阻随电压增大而_（选填“增大”、“减小”或“不变”）。将该小灯泡直接与电动势为3V、内阻为5的电源组成闭合回路，小灯泡的实际功率约为_W（保留二位有效数字）。12（12分）某物理兴趣小组在学习了电流的磁效应后，得知通电长直导线周围某点磁场的磁感应强度B的大小与长直导线中的电流大小I成正比，与该点离长直导线的距离r成反比。该小组欲利用如图甲所示的 实验装置验证此结论是否正确，所用的器材有：长直导线、学生电源、直流电流表（量程为03A）、滑动变 阻器、小磁针（置于刻有360刻度的盘面上）、开关及导线若干：实验步骤如下：a.将小磁针放置在水平桌面上，等小磁针静止后，在小

9、磁针上方沿小磁针静止时的指向水平放置长直 导线，如图甲所示；b.该小组测出多组小磁针与通电长直导线间的竖直距离 r、长直导线中电流的大小I及小磁针的偏转 角度；c.根据测量结果进行分析，得出结论。 回答下列问题：（1）某次测量时，电路中电流表的示数如图乙所示，则该电流表的读数为_A；（2）在某次测量中，该小组发现长直导线通电后小磁针偏离南北方向的角度为30（如图丙所示），已知实验所在处的地磁场水平分量大小为B0=3105T，则此时长直导线中的电流在小磁针处产生的磁感应强度B的大小为_T（结果保留两位小数）；（3）该小组通过对所测数据的分析，作出了小磁针偏转角度的正切值tan与之间的图像如图丁所

10、示，据此得出了通电长直导线周围磁场的磁感应强度B与通电电流I成正比，与离长直导线的距离r成反比的结论， 其依据是_；（4）通过查找资料，该小组得知通电长直导线周围某点的磁感应强度B与电流I及距离r之间的数学关系为，其中为介质的磁导率。根据题给数据和测量结果，可计算出=_ 。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，水平光滑的桌面上有一质量M=4kg的长木板静止在光滑水平面上，质量m=1kg的小滑块置于长木板左端，小滑块可视为质点。长木板右侧与固定竖直挡板间的距离L=10m，小滑块以v0=10m/s的速度

11、向右滑上长木板，经过一段时间后，长木板与竖直挡板发生碰撞，碰撞过程无机械能损失。已知小滑块与长木板间的动摩擦因数=0.4，重力加速度g=10m/s2，长木板足够长，小滑块始终未脱离长木板。求：(1)经过多长时间，长木板与竖直挡板相碰？(2)长木板与竖直挡板碰撞后，小滑块和长木板相对静止时，小滑块距长木板左端的距离。14（16分）如图所示，一带电微粒质量为m=2.01011kg、电荷量q=+1.0105C，从静止开始经电压为U1=100V的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，微粒射出电场时的偏转角=30，并接着进入一个方向垂直纸面向里、宽度为D=34.6cm的匀强磁场区域已知偏转电场

12、中金属板长L=20cm，两板间距d=17.3cm，重力忽略不计求：（1）带电微粒进入偏转电场时的速率v1；（2）偏转电场中两金属板间的电压U2；（3）为使带电微粒不会由磁场右边射出，该匀强磁场的磁感应强度B至少多少15（12分）如图，绝热气缸A与导热气缸B均固定于地面，由刚性杆连接的绝热活塞与两气缸间均无摩擦两气缸内装有处于平衡状态的理想气体，开始时体积均为、温度均为缓慢加热A中气体，停止加热达到稳定后，A中气体压强为原来的1.2倍设环境温度始终保持不变，求气缸A中气体的体积和温度参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1

13、、D【解析】AB滑块匀减速直线运动停下的过程，根据动能定理有得故摩擦力做功相同，质量大的滑块位移小，故AB错误；CD根据动量定理有故质量大的滑块受到的冲量大，运动时间短，故C错误，D正确。故选D。2、C【解析】本题考查考生的分析综合能力，需要利用动量定理等相关知识解题。【详解】设t时间内，落到雨伞上雨水的质量为m，根据动量定理所以代人数值解得。故ABD错误，C正确。故选C。【点睛】根据速度和雨水的平均密度求出单位时间内雨水的质量是解题的关键。3、C【解析】从高度12m处到C点由动能定理，可得从C点到D点由动能定理由于小球在圆环的相同高度处，下滑的速度比上滑的小，对轨道的压力更小，搜到的摩擦力更

14、小，则摩擦力做功则h之值故选C。4、C【解析】A当R2=2R1时，电流表的读数为1A，电压表的读数为4V，所以R2=4，R1=2，理想变压器原、副线圈匝数之比为1：2，根据电压与匝数成正比得原线圈电压是U1=2V，根据电流与匝数成反比得原线圈电流是I1=2A，所以电源输出电压为U=U1+I1R1=2+22=6V故A错误；B电源输出功率为P=UI1=12W故B错误；C根据欧姆定律得副线圈电流为，所以原线圈电流是，所以，变压器输出的功率所以当R2=8时，变压器输出的功率P2最大，即为，故C正确；D当R2=8时，U2=6V，即电压表的读数为6V，故D错误。故选C。5、B【解析】A、B、M点的振动方向

15、向上，A到B半个波长的范围，振动方向相同，A点振动落后于M点，则波向左传播；故B正确，A错误.C、D，M点的振动方向向上，A到B半个波长的范围，振动方向相同，B点振动超前于M点，而波向左传播。故C、D错误.故选B.【点睛】本题是根据比较质点振动的先后来判断波的传播方向，也可以根据波形平移的方法确定波的传播方向6、A【解析】AC在细沙漏出前，装有细沙的木板在斜坡上匀速下滑，对整体受力分析，如图所示：根据平衡条件有：又联立解得：在细沙漏出后，细沙的质量减少，设为，木板的质量不变，对整体受力情况与漏出前一样，在垂直斜面方向仍处于平衡状态，则有：又且解得：而重力沿斜面向下的分力为，即，所以在细沙漏出后

16、整体仍向下做匀速直线运动，A正确，C错误；B因为整体仍向下做匀速直线运动，所受合外力不变，仍为零，B错误；D因为细沙的质量减小，根据，可知木板所受斜坡的摩擦力变小，D错误。故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A从最低点到最高点：解得：故ac连线为等势线，从a到b，有解得：电场线垂直于等势线，且沿电场线方向电势逐渐降低，故匀强电场方向水平向右，故A正确；B 匀强电场场强大小故B错误；C电场力当电场力与重力合力与圆心在一条直线上时，对圆环的压力达到最大

17、和最小，根据几何关系可知，最大速度根据牛顿第二定律解得最大支持力为：根据牛顿第三定律可知，最大压力为15mg；根据几何关系可知，最小速度根据牛顿第二定律解得最小支持力为：故C正确D错误。故选AC。8、ACD【解析】BCt0时刻波传播到Q点，Q点起振方向沿y轴负方向，在波传播过程中各点的起振方向都相同，则M点的起振方向也沿y轴负方向；经过t=0.2s，M点第一次到达波谷，可知波的传播速度故B错误，C正确；A由图象可知，波长=0.04m，则波的周期，亦即P质点振动的周期频率为周期的倒数，即2.5Hz，故A正确；D01s内质点Q振动了2.5个周期，运动的路程s=8cm20cm故D正确；E波传播到M点

18、的时间t1s0.1s则01s内质点M振动了2.25个周期，运动的路程故E错误。故选ACD。9、AD【解析】A开始时弹簧被压缩当物块B恰对地面无压力时，弹簧的弹力等于mg，此时弹簧伸长则两种情况下弹簧的形变量相同，弹簧的弹性势能不变；由能量关系，第一种情况：第二种情况：若M=m，则v=v，即，选项A正确；B两种情况下弹簧长度均变化，即A上升的高度相同，重力势能变化量相同，选项B错误；C两种情况下弹簧伸长量相同，则弹性势能相同，选项C错误；D由A的分析可知，若Mm，则vv，第一种情况下绳子对A做功：第二种情况下绳子对A做功：则选项D正确；故选AD。10、BD【解析】当物块与木板一起向右加速，没有发

19、生相对滑动，以物块和木板整体为研究对象进行受力分析，有：解得：当物块和木板间发生相对滑动，以木板为研究对象有：解得：故BD正确，AC错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 0.44 增大 0.44(0.43-0.46均对) 【解析】(1)1滑动变阻器的滑片滑动过程中，电流表的示数从零开始这渐增大，滑动变阻器采用分压接法，实物电路图如图所示：(2)2由图示电路图可知，电流表量程为0.6A，由图示电流表可知，其分度值为0.02A，示数为0.44A；(3)3根据图像可知小灯泡的电阻随电压增大而增大。4在灯泡U-I图象坐标系内作出电源的U-

20、I图象如图所示：由图示图象可知，灯泡两端电压U=1.3V，通过灯泡的电流I=0.34A，灯泡功率P=UI=1.30.340.44W12、2.00 电流产生的磁感应强度，而偏角的正切值与成正比 【解析】（1）1电流表量程为3A，则最小分度为0.1A，由指针示数可知电流为2.00A；（2）2电流产生向东的磁场，则指针指向地磁场分量和电流磁场的合磁场方向，如图所示则有解得（3）3由图可知，偏角的正切值与成正比，而根据（2）中分析可知则可知与成正比，故说明通电长直导线周围磁场的磁感应强度与通电电流成正比，与长导线的距离成反比；（4）4由公式可知，图象的斜率解得四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)6s；(2)11.6m【解析】(1)小滑块刚滑上长木板后，小滑块和长木板水平方向动量守恒mv0=(m+M)v解得v=2m/s对长木板mg=Ma得长木板的加速度a=1m/s2自小滑块刚滑上长木板至两者达相同速度v=at1解得t1=2s长木板位移解得x=2mL=10m.两者达相同速度时长木板还没有碰竖直挡板，此后两者一起匀速运动，则Lx=vt2解得t2=4s则总时间为t=t1