南宁市第二中学2023学年物理高二第一学期期中质量跟踪监视模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、如图所示，S1、S2 是两个相干波源，它们的相位及振幅均相同。实线和虚线分别表示在某一时刻它们所发出的波 的波峰和波谷，关于图中所标的 a、b、c 三点，下列说法中正确的是Aa 质点振动减弱，b、c 质点振动加强Ba 质点振动加强，b、c 质点振动减弱C再过 T/4 后的时刻，b、c 两质点都将处于各自的平衡位置，振动将减弱Da 点一直在平衡位置，b 点一直在波峰，c 点一直在波谷2、如图是条形磁铁的部分磁感线分布示意图，关于图中a、b两点磁场的描述，正确的是（ ）Aa点的磁场方向为图中Ba指向Bb点的磁场方向为图中Bb指向Ca点的磁感应强度大于b点的磁感应强度Da点的磁感应强度

3、小于b点的磁感应强度3、 如图所示，在光滑绝缘的水平面上存在一平行于水平面的匀强电场，在水平面上的M点有一质量为m的带电小物块（可看成质点，电性不知），现给小物块一平行水平面的初速度v0，经过一段时间小物块运动到N点时的速度大小仍是v0，且经M、N两点时速度方向均是以O为圆心、R为半径的圆的切线，N、O两点电势差的绝对值为U，则A粒子在M、N间是做圆周运动B粒子从M到N的运动过程中，动能一定先增大后减小C匀强电场的电场强度大小E=D圆周上，O点与电势最低的点的电势差为，且O点电势一定较高4、如图所示,大小可以忽略不计的带有同种电荷的小球A和B相互排斥,静止时绝缘细线与竖直方向的夹角分别为和,且

4、,两小球在同一水平线上,由此可知()AB球受到的库仑力较大,电荷量较大BB球的质量较大CB球受到的拉力较大D两球接触后再分开,再处于静止状态时,悬线的偏角、仍满足5、如图所示的U-I图象中，直线为某电源的路端电压与电流的关系图线，直线为某一电阻R的U-I图线，用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图象可知（）A电源电动势为3.0 V，内阻为0.5BR的阻值为1CR消耗的功率1.5 WD电源消耗的总功率为2.5 W6、火星和木星沿各自的椭圆轨道绕太阳运行，根据开普勒行星运动定律可知A太阳位于木星运行椭圆轨道的一个焦点上B火星和木星绕太阳运行速度的大小始终相等C由于火星与木星轨道不同，火星与木星公

5、转周期的平方与其所对应轨道半长轴的立方之比不相等D相同时间内，火星与太阳连线扫过的面积等于木星与太阳连线扫过的面积二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下，从静止开始由b沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹的锐角为45，则下列结论正确（）A此液滴带负电B液滴的加速度等于2gC液滴的重力势能和电势能都减小D合外力对液滴做的总功等于零8、将一通电导线放在匀强磁场中，受到的安培力为N，已知通电导线的长度为m，电流强度为A，则该处的磁感

6、应强度的大小可能为：A1.8；B1.5；C1.2；D19、孤立点电荷电场中的一簇等势面如图中虚线所示，其电势分别为1、2、3，其中A、B、C 是某电场线与这簇等势面的交点，且 AB =BC.现将一负电荷由 A 移到B，电场力做正功 W1；由 B 移到 C，电场力做正功 W2，则A123B123CW1W2DW1W210、如图所示，在点电荷Q形成的电场中，带电粒子q仅受电场力作用，运动轨迹为MEGFN曲线，其中G点与等势面a相切，E、F两点在等势面b上，M、N两点在等势面c上则以下判断正确的是（ ）Aq与Q电性相同B带电粒子在G点电势能最小C带电粒子在M点动能大于F点D带电粒子在E点电势能小于N点

7、三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）一细而均匀的导电材料，截面为圆柱体，如图所示。此材料长约5cm.电阻约为100，欲测量这种材料的电阻率，现提供以下实验器材A20分度的游标卡尺；B螺旋测微器：C电流表A1（量程50mA，内阻r1=100）；D电流表A2（量程100mA，内阻r2约为40）：E.电压表V2（量程15V，内阻约为3000）；F.滑动变阻器R1（010，额定电流2A)；G.直流电源E（电动势为3V，内阻很小）；H.上述导电材料R2（长约为5cm，电阻约为100）；I.开关一只，导线若干。请用上述器材设计一个尽可能精确地

8、测量该样品电阻率的实验方案，回答下列问题：（1）用游标卡尺测得该样品的长度如图所示，其示数L=_cm.用螺旋测微器测得该样品的外直径如图所示，其示数D=_mm.（2）在所给的方框中画出设计的实验电路图，并标明所选择器材的物理量符号 。（3）用已知的物理量和所测得的物理量的符号表示这种材料的电阻率为=_。12（12分）某同学在练习使用多用电表时连接的电路如图所示。(1)若旋转选择开关，使尖端对准直流电流挡，此时测得的是通过_(填R1或R2)的电流；(2)若断开电路中的电键，旋转选择开关使其尖端对准欧姆挡，则测得的是_的电阻。AR1的电阻BR2的电阻CR1和R2的串联电阻DR1和R2的并联电阻(3

9、)将选择倍率的旋钮拨至100挡时，指针的偏转角过大，为了提高测量的精确度，请完成下列操作：A将选择开关拨至_挡(填“1k”或“10”)；B将两根表笔短接C调节调零电阻，使指针停在0刻度线上D将两根表笔分别接触待测电阻的两端，指针偏转情况如图所示，则所测电阻大小为_.E.将选择开关拨至交流电压最高挡上。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在平面直角坐标系xOy中，第I象限存在沿y轴负方向的水平匀强电场，在y轴负半轴上的某处固定着一点电荷（设匀强电场与点电荷电场以x轴为界互不影响），一质量为m，电荷量

10、为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以速度v0垂直于y轴射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成=60角射入第IV象限，此后在点电荷作用下做匀速圆周运动，最后从y轴负半轴上的P点垂直于y轴射出，OP=3R不计粒子重力，静电力常量为k，求：（1）M、N两点间的电势差UMN；（2）固定x轴下侧平面内的点电荷电量Q.14（16分）如图所示电子射线管.阴极K发射电子，阳极P和阴极K间加上电压后电子被加速.A、B 是偏转极板 使飞进的电子偏离.若已知 P、K间所加电压为偏向板长L，板间距离d，所加电压.偏转板右端 距荧光屏为R.电子质量为m，电子电量为e.设从阴极出 来的电子速度为为0.试问：(1)电子

11、通过阳极P板的速度是多少？(2)电子通过偏向板时的偏转位移为多少？(3)电子过偏向板向到达距离偏向板 R 荧光屏上点，此点偏离入射方向的距离y是多 少？15（12分）如图所示，一带电微粒质量为m、电荷量为q，从静止开始经电压为U1的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，微粒射出电场时的偏转角为已知偏转电场中金属板长L，两板间距d，带电微粒重力忽略不计求：（1）带电微粒进入偏转电场时的速率v1；（1）偏转电场中两金属板间的电压U1参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】ABC、a质点处是两列波波峰与波

12、谷叠加的地方,振动始终减弱的,而b、c质点是两列波波峰与波峰、波谷与波谷叠加的地方,振动始终加强.故A对；BC错；D、因为两个波源的振动方向相同、振幅相同,所以a点静止不动,一直在平衡位置.b、c两点的振动始终是加强的,但它们仍在振动,位移随时间周期变化,不是静止不动的.故D错误.故选A【点睛】两列波干涉时,两列波的波峰与波峰、波谷与波谷相遇处,振动始终加强,波峰与波谷相遇处振动始终减弱.振动加强点的振动等于波单独传播时振幅的2倍.2、C【解析】试题分析：磁场方向沿磁感线的切线方向，磁感线的疏密表示磁场的强弱，结合磁感线的特点分析判断解：A、磁感线上某点的切线方向表示磁场的方向，图中a、b两点

13、的磁场方向均是错误的，故A、B错误C、磁感线疏密表示磁场的强弱，a点磁感线比较密，则a点磁感应强度大于b点的磁感应强度，故C正确，D错误故选C【点评】解决本题的关键知道磁感线的特点，知道磁感线上某点的切线方向表示磁场方向，磁感线的疏密表示强弱3、C【解析】A、电场是匀强电场，故粒子受力方向恒定，不可能做匀速圆周运动，故A错误；B、粒子在电场中合外力等于电场力，在M、N两点速度相同，动能相同，由能量守恒可知M、N两点的电势能也相同，即MN处于同一等势线上，根据曲线运动的条件，速度与电场力的夹角先大于900后小于900，所以电场力必先做负功后做正功，即速度会先减小后增大，动能先减小后增大，故B错误

14、；C、由B项可知MN处于同一等势线上，所以电场方向垂直于NM，匀强电场的电场强度大小，故C正确；D、圆周上，O点与电势最低的点的电势差为，但O点电势不一定较高，故D错误；故选C【点睛】粒子在电场中合外力等于电场力，在M、N两点速度相同，动能相同，由能量守恒可知M、N两点的电势能也相同，即MN处于同一等势线上4、D【解析】A根据牛顿第三定律得：A球对B球的库仑力等于B球对A球的库仑力，无论两球电荷量是否相等所受库伦力都相等，故无法比较哪个电荷量较大，故A错误；B对小球A、B受力分析，根据平衡条件有：因，所以mAmB，故B错误;C根据平衡条件有：因，所以B球受的拉力较小，故C错误;D两球接触后，再

15、静止下来，两绝缘细线与竖直方向的夹角变为、，对小球A、B受力分析，根据平衡条件有：因为mAmB，所以,故D正确5、C【解析】A直线可以看出，电源电动势为3.0V，斜率为内阻，A错误；B直线的斜率为R的阻值，为，B错误；C用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，图像的交点即为此时电阻工作的电压和电流，其电功率为1.5W，C正确；D电阻和电源的总电阻为，电源电动势为3V，则电源消耗总功率为3W，D错误。6、A【解析】熟记理解开普勒的行星运动三定律：第一定律：所有的行星围绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在所有椭圆的一个焦点上。第二定律：对每一个行星而言，太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等。第三定律

16、：所有行星的轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等。【详解】第一定律的内容为：所有行星分别沿不同大小的椭圆轨道绕太阳运动，太阳处于椭圆的一个焦点上。故A正确；第二定律：对每一个行星而言，太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等。行星在此椭圆轨道上运动的速度大小不断变化，故B错误；若行星的公转周期为T，则a3T2=k，其中常量k与行星无关，与中心体有关，即火星与木星公转周期的平方与其所对应轨道半长轴的立方之比相等，故C错误；第二定律：对每一个行星而言，太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等，是对同一个行星而言，故D错误；故选A。【点睛】正确理解开普勒的行星运动三定律是解答本题的关键

17、二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABC【解析】根据带电液滴作直线运动可知带电液滴所受重力与电场力的合力一定沿运动方向，利用假设法可以判定出带电液滴所带电荷的性质，从而求出电场力的大小与合外力的大小再根据牛顿第二定律计算出物体的加速度；根据合外力的方向与速度的方向相同可知合外力做正功，根据电场力做功的情况可以判定电势能变化情况。【详解】A项：若液滴带正电，其受力情况如图所示，液滴不可能沿bd运动，故只能带负电荷，故A正确；B项：对液滴进行受力分析，其受力情况如图所示

18、，故物体所受合力F=2mg，故物体的加速度a=2mgm=2g，故B正确；C项：由于电场力所做的功W电=Eqxbdcos450，故电场力对液滴做正功，故液滴的电势能减小，液滴向下运动，所以重力势能也减小，故C正确；D项：由于液滴从静止开始做加速运动，故合力的方向与运动的方向相同，故合外力对物体做正功，故D错误。故应选：ABC。【点睛】带电液滴从静止开始由b沿直线运动到d，是我们判定液滴带电性质的突破口，在今后的学习中我们经常用到要注意掌握。8、AB【解析】当导线和磁场垂直时受的安培力最大，则根据F=BIL可知，则该处的磁感应强度的大小可能为1.8T和1.5T，故选AB.【点睛】当通电导线与磁场垂

19、直时，导线所受的磁场力最大；当导线与磁场平行时，导线所受磁场力最小由安培力公式求出导线所受磁场力的范围再选择9、BD【解析】将一负电荷由A移到B，电场力做正功，可知负电荷受到的电场力的方向向右，结合负电荷受到的电场力的方向与电场线的方向相反，可知该电场线的方向向左，即由C指向A，沿电场线的方向电势降低，所以C点的电势最高，A点的电势最低，即123；该电场线的方向向左，由C指向A；再结合图中等势面的特点可知产生该电场的点电荷带负电且位于A点的左侧，所以A处的场强最大，C处的场强最小，根据电场强度与电势差的关系：U=Ed可知，AB之间的电势差一定大于BC之间的电势差，即：UCBUBA，又电场力做功

20、：W=qU，所以：W1W2，故BD正确，AC错误。10、AC【解析】试题分析：由力学知识可知，物体受到的合力指向轨迹的内侧，根据轨迹的弯曲方向判断出带电粒子与点电荷是同种电荷，存在静电斥力根据力与速度方向关系可分析做功的正负解：A、由图可知，粒子受静电斥力的作用，MG段电场力与速度方向的夹角为钝角，电场力做负功，GN段电场力与速度方向的夹角为锐角，电场力做正功因此q与Q电性相同，且G点电势能最大，故A正确，B错误；C、由题意可知，E与F在同一等势线上，而粒子从M到E，电场力做负功，电势能增加，所以在M点电势能小于F点，则在M点动能大于F点，故C正确D、同理可知，M与N点是等电势的，所以粒子在E

21、点电势能大于N点，故D错误；故选AC【点评】本题考查运用力学知识分析电场中轨迹问题的能力电场力具有力的共性，判断电场力做功的正负，按照功的公式，分析电场力与速度方向的夹角来判断及学会由电场力做功的正负来确定电势能的增加与否三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 5.015 4.700 【解析】（1）由图示游标卡尺可知，其示数为：50mm+30.05mm=50.15mm=5.015cm；由图示螺旋测微器可知，其示数为：4.5mm+20.00.01mm=4.700mm。（2）电源电动势为3V，电压表量程为15V，电压表量程太大，不能用电压表测

22、电压，可以用已知内阻的电流表A1与待测电阻并联测电压，用电流表A2测电流，由于滑动变阻器最大阻值远小于待测电阻阻值，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示：（3）通过待测电阻的电流：I=I2-I1，待测电阻两端电压：U=I1r1，待测电阻阻值为： ，电阻定律： ，联立可得： 。12、R1 C 10 160 【解析】（1）1多用电表使用电流档时应该串联在电路中，图中多用电表与滑动变阻器串联，电流相等，若旋转选择开关，使其尖端对准直流电流档，此时测得的是通过R1的电流（2）2断开电路中的电键，R1与R2串联，多用电表两表笔接在其两端，故测得的是R1与R2串联的总电阻，故选C；（3）34用“100”测电阻时挡时，指针的偏转角过大，说明所选挡位太大，为准确测量电阻阻值，应换用小挡，应选“10”挡，然后对欧姆表重新进行欧姆调零，然后再测电阻阻值，欧姆表使用完毕后，要把选择开关置于OFF挡或交流电源最高挡上，由图象表盘可知，待测电阻阻值为：1610=160；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）；（2）【解析】（1）粒子在第一象限做类平抛运动，根据类平抛的特点可以求出末速度大小，再根据动能定理可求出电势差；（2）粒子在第四象限做圆周运动，利用几