浙江省2016届高考化学一轮复习专题训练专题11 有机化学基础(自选模块)

1、专题十一 有机化学根底自选模块第一单元有机物的分类、结构与命名一、选择题1以下说法错误的选项是()。化学性质相似的有机物是同系物；分子组成相差一个或假设干个CH2原子团的有机物是同系物；假设烃碳、氢元素的质量分数相同，它们必定是同系物；互为同分异构体的两种有机物的物理性质有差异，但化学性质必定相似；相对分子质量相同而结构不同的化合物互为同分异构体；石墨与金刚石分子式相同，结构不同，互为同分异构体。A B只有C只有 D只有解析同系物是结构相似(结构相似，那么化学性质相似)，在分子组成上相差一个或假设干个CH2原子团的有机物，这个概念的两个限定条件必须同时具备。C、H元素的质量分数相同未必是同系物

2、，如和；互为同分异构体的物质化学性质不一定相似，如。同分异构体的概念是分子式相同而结构不同的有机物的互称，三个要点缺一不可，故错误。答案A2以下对有机化合物的分类结果正确的选项是 ()。解析烷、烯、炔都属于脂肪链烃，而苯、环己烷、环戊烷都属于环烃，而苯是环烃的芳香烃。环戊烷、环丁烷及乙基环己烷均是环烃的环烷烃。答案D3有机物的种类繁多，但其命名是有规那么的。以下有机物命名正确的选项是()。解析A主链选错，正确的名称应为己烷；B没有表示出官能团的位置，正确的名称是3甲基1丁烯；D没有表示出氯原子的位置，正确的名称是1,2二氯乙烷。答案C4阿魏酸的结构简式为，符合以下条件的阿魏酸的同分异构体的数目

3、为 ()。苯环上有两个取代基，且苯环上的一溴代物只有2种；能发生银镜反响；与碳酸氢钠溶液反响可生成使澄清石灰水变浑浊的气体；与FeCl3溶液发生显色反响。A2种 B3种 C4种 D5种解析根据条件，那么两个取代基处于对位；根据条件，那么含有醛基；根据条件，那么含有羧基；根据条件，那么含有酚羟基，结合阿魏酸的分子式，故其同分异构体的可能结构为答案C5以下化合物的核磁共振氢谱出现三组峰的是 ()。A2,2,3,3四甲基丁烷 B2,3,4三甲基戊烷C3,4二甲基己烷 D2,5二甲基己烷解析分析题各项分子有几种不同的氢，那么就有几组峰。A只有1种氢；B如图，其有4种氢；C有4种氢；D有3种氢。答案D6

4、31 g某有机样品完全燃烧，燃烧后的气体混合物通入过量的澄清石灰水，石灰水共增重71 g，然后过滤得到10 g 沉淀。该有机样品可能是()。A乙二酸 B乙醇C乙醛 D甲醇和丙三醇的混合物解析31 g有机样品燃烧生成CO2、H2O的总质量为71 g，与过量Ca(OH)2反响生成10 g CaCO3，那么其CO2为01 mol，即n(C)01 mol，m(C)01 mol12 gmol112 g，故m(H2O)71 g01 mol44 gmol127 g，即n(H2O)015 mol，n(H)03 mol，m(H)03 g，故该有机样品氧的质量：m(O)31 g12 g03 g16 g，即n(O)

5、01 mol，那么该有机样品n(C)n(H)n(O)01 mol03 mol01 mol131，即最简式为CH3O，设其分子式为(CH3O)n。选项A、B、C不符合，选项D当甲醇和丙三醇按物质的量之比为11混合时符合。答案D7化合物A经李比希法和质谱法分析得知其相对分子质量为136，分子式为C8H8O2。A的核磁共振氢谱有4个峰且面积之比为1223，A分子只含一个苯环且苯环上只有一个取代基，其核磁共振氢谱与红外光谱如以下图。关于A的以下说法，正确的选项是()。AA分子属于酯类化合物，在一定条件下不能发生水解反响BA在一定条件下可与4 mol H2发生加成反响C符合题A分子结构特征的有机物只有1

6、种D与A属于同类化合物的同分异构体只有2种解析因化合物A有4类氢原子，个数分别为：1、2、2、3，又因为A是一取代苯，苯环上有三类氢原子，分别为1、2、2，所以剩余侧链上的3个氢原子等效，为CH3，结合红外光谱知，A含有酯基可以水解，A为。与A发生加成反响的H2应为3 mol，与A同类的同分异构体应为5种。答案C二、非选择题8分析以下有机化合物的结构简式，完成填空。请你对以上有机化合物进行分类，其，属于烷烃的是_；属于烯烃的是_；属于芳香烃的是_；属于卤代烃的是_；属于醇的是_；属于醛的是_；属于羧酸的是_；属于酯的是_；属于酚的是_。解析有的有机物含有多种官能团，可从各官能团的角度看成不同类

7、的有机物，如既可看作是羧酸类，又可看作是酯类。答案9(1)给以下有机物命名：CH2=C(CH3)CH=CH2CH2=CHCOOH(2)麻黄素又称黄碱，是我国特定的药材麻黄所含的一种生物碱。经我国科学工作者研究其结构如下：麻黄素含氧官能团名称是_基，属_类化合物(填“醇或“酚)。以下各物质与麻黄素互为同分异构体的是_(填序号)，互为同系物的是_(填序号)。解析(1)按照命名的一般步骤，选主链，给主链碳原子编号，遵循“近、“简、“小的原那么，那么是2,4,5,7四甲基3,3,4三乙基辛烷2甲基1,3丁二烯丙烯酸，(2)同分异构体是分子式相同，结构不同，判断D与麻黄素互为同分异构体；而同系物是分子式

8、相差(CH2)n，而结构式相似，那么C与麻黄素相差一个CH2，两者是同系物。答案(1)2,4,5,7四甲基3,3,4三乙基辛烷2甲基1,3丁二烯丙烯酸(2)羟醇DC10化合物A经李比希法测得其含C 720%、H 667%，其余含有氧，质谱法分析得知A的相对分子质量为150。现代仪器分析有机化合物的分子结构有以下两种方法。方法一核磁共振仪可以测定有机分子里不同化学环境的氢原子及其相对数量。如乙醇(CH3CH2OH)的核磁共振氢谱有3个峰，其面积之比为321，见以下图所示。现测出A的核磁共振氢谱有5个峰，其面积之比为12223。方法二利用红外光谱仪可初步检测有机化合物的某些基团，现测得A分子的红外

9、光谱如以下图：，A分子只含一个苯环，且苯环上只有一个取代基，A与NaOH溶液共热的两种生成物均可用于食品工业，试填空。(1)A的分子式为_。(2)A的分子结构只含一个甲基的依据是_(填序号)。aA的相对分子质量 bA的分子式cA的核磁共振氢谱图 d分子的红外光谱图(3)A的结构简式为_。(4)A的芳香类同分异构体有多种，其符合以下条件：分子结构只含一个官能团；分子结构含有一个甲基；苯环上只有一个取代基，那么A的芳香类同分异构体共有_种，其水解产物能使FeCl3溶解变紫色的结构简式为_。解析由相对分子质量及C、H、O的比例可得出A的分子式。N(C)eq f(15072%,12)9，N(H)eq

10、f(1506.67%,1)10，N(O)eq f(150172%6.67%,16)2分子式为C9H10O2。由核磁共振谱可知，分子含有5种氢，原子个数分别为1、2、2、2、3。由红外光谱可知分子有CH、C=O、COC、CC、 结构且苯上只有一个取代基。苯环上只有一个取代基，可知苯环上的5个氢原子分成了三种，个数分别为1、2、2，另外5个氢原子分成2类，个数分别是2、3，取代基上3个C,5个H，再结合红外谱结构可知分子有酯基，可得A的结构简式为。符合条件的A的同分异构体有5种：11化合物A各元素的质量分数分别为C 375%，H 42%和O 583%。请填空：(1)001 mol A在空气充分燃烧

11、需消耗氧气101 L(标准状况)，那么A的分子式是_；(2)实验说明：A不能发生银镜反响。1 mol A与足量的碳酸氢钠溶液反响可放出3 mol二氧化碳。在浓硫酸催化下，A与乙酸可发生酯化反响。核磁共振氢谱说明A分子有4个氢处于完全相同的化学环境。那么A的结构简式是_；(3)在浓硫酸催化和适宜的反响条件下，A与足量的乙醇反响生成B(C12H20O7)，B只有两种官能团，其数目之比为31。由A生成B的反响类型是_，该反响的化学方程式是_。(4)A失去1分子水后形成化合物C，写出C的两种可能的结构简式及其官能团的名称_，_。解析(1)结合A三种元素的质量分数可以确定其实验式为C6H8O7，再结合燃

12、烧消耗O2的体积(标准状况)可知，1 mol A约消耗45 mol O2，可确定A的分子式为C6H8O7。(2)根据题描述可知1 mol A与足量的碳酸氢钠溶液反响可放出3 mol二氧化碳，那么A含有3个羧基。在浓硫酸催化下，A与乙酸可发生酯化反响，说明A含有醇羟基。核磁共振氢谱说明A分子有4个氢处于完全相同的化学环境，可确定A的结构简式为。(3)在浓硫酸催化和适宜的反响条件下，A与足量的乙醇发生酯化反响生成B(C12H20O7)，更进一步说明A含有3个羧基。(4)A失去1分子水后形成化合物C，由于A含有3个羧基和1个羟基，羟基所连碳的邻位碳上有氢原子，在浓硫酸、加热条件下可以发生消去反响产生

13、碳碳双键，两个羧基可以脱水生成羧酸酐，羧基和醇羟基反响脱水生成酯，A失去1分子水后形成化合物C的反响可能是消去反响、酯化反响或两个羧基脱水成羧酸酐的反响。第二单元常见烃的性质一、选择题1以下化学用语表达不正确的选项是 ()。图为丙烷的球棍模型丙烯的结构简式为CH3CHCH2某有机物的名称是2,3二甲基戊烷与C8H6互为同分异构体A B C D解析丙烯的结构简式为CH3CHCH2，不正确；C8H6是一个分子式，不是一种具体物质，不正确。答案D2以下关于有机化合物的说法正确的选项是 ()。A乙醇和乙酸都存在碳氧双键B甲烷和乙烯都可以与氯气反响C高锰酸钾酸性溶液可以氧化苯和甲烷D乙烯可以与氢气发生加

14、成反响，苯不能与氢气加成解析乙醇无碳氧双键，A错；甲烷和苯均不能被酸性高锰酸钾溶液氧化，C错；乙烯和苯均能发生加成反响，D错。答案B3要鉴别己烯是否混有少量的甲苯，正确的实验方法是 ()。A先加足量的溴水，然后再参加酸性高锰酸钾溶液B先加足量的高锰酸钾酸性溶液，然后再参加溴水C点燃这种液体，然后再观察火焰的颜色D参加浓硫酸与浓硝酸后加热解析因为己烯也可以使高锰酸钾酸性溶液褪色，先参加的溴水只与己烯反响生成二溴己烷，这样就排除了己烯的干扰，然后再参加酸性KMnO4溶液，假设褪色那么含有甲苯。答案A4以下分子所有碳原子肯定在同一平面上的是 ()。解析A有3个碳原子连在同一碳原子上，4个碳原子肯定不

15、在同一平面；C4个碳原子可能在同一平面，也可能不在同一平面，D选项分子两个甲基所连碳原子与其他4个原子(或原子团)连接，这个碳原子将采取四面体取向与之成键，因此这个分子的所有碳原子就不可能处于同一平面上；B有两个碳原子取代了乙烯分子氢原子的位置，4个碳原子肯定在同一平面。答案B5以下有机反响，不属于取代反响的是 ()。B2CH3CH2OHO2eq o(,sup7(Cu),sdo5()2CH3CHO2H2OCClCH2CHCH2NaOHeq o(,sup7(H2O),sdo5()HOCH2CHCH2NaCl解析取代反响的特点是“上一下一，而B选项对于CH3CH2OH只有下没有上，属于氧化反响，不

16、属于取代反响。答案B6甲、乙、丙、丁四支试管，甲、丁均盛有1 mL稀的KMnO4酸性溶液、乙、丙分别盛有2 mL溴水2 g FeBr3、2 mL Br2的CCl4溶液2 g FeBr3，再向甲、乙参加适量苯，丙、丁参加适量的甲苯，充分振荡后静置。以下有关分析正确的一组是 ()。甲乙丙丁A溶液不褪色发生取代反响发生取代反响溶液褪色B水层不褪色分层，上层呈红棕色溶液褪色甲苯被氧化C溶液褪色分层，上层呈红棕色无明显变化甲苯被氧化D分层，下层呈紫红色无明显变化有难溶性油状液体析出无明显变化解析此题考查芳香烃的化学性质和物理性质，分析应从芳香烃发生取代反响时对试剂组成、反响条件的要求，从与KMnO4酸性

17、溶液作用时对芳香烃结构的要求和物质的水溶性入手。苯不能被KMnO4酸性溶液氧化，但甲苯能被KMnO4酸性溶液氧化，苯、甲苯在FeBr3催化下可与溴发生取代反响，丙使溴的CCl4溶液褪色，乙苯与溴水混合时，FeBr3溶解在水，水的密度比苯的大，溴被萃取后浮在水层上面，无法与催化剂接触，故乙无法发生取代反响，对应的现象应是分层，有机层在上且呈红棕色。答案B7对三联苯是一种有机合成间体，工业上合成对三联苯的化学方程式为3 。以下说法不正确的选项是()。A上述反响属于取代反响B对三联苯分子至少有16个原子共平面C对三联苯的一氯取代物有4种D02 mol对三联苯在足量的氧气完全燃烧消耗51 mol O2

18、解析A项，该反响可看作是间的苯环上对位的两个H原子被苯基取代；B项，对三联苯分子在同一条直线上的原子有8个，再加上其一个苯环上的另外8个原子，所以至少有16个原子共面；C项，对三联苯分子有4种不同化学环境的H原子，故其一氯取代物有4种；D项，对三联苯的分子式为C18H14，那么02 mol对三联苯完全燃烧消耗O2的物质的量为02eq blc(rc)(avs4alco1(18f(14,4) mol43 mol。答案D二、非选择题8苯与液溴的反响是放热反响，某校学生为探究苯与溴发生反响的原理，用如图装置进行实验。根据相关知识答复以下问题：(1)实验开始时，关闭K2，开启K1和分液漏斗活塞，滴加苯和

19、液溴的混合液，反响开始。过一会儿，在可能观察的现象是_。(2)整套实验装置能防止倒吸的装置有_(填装置序号)。(3)反响结束后要使装置的水倒吸入装置。这样操作的目的是_，简述这一操作方法_。(4)你认为通过该实验，有关苯与溴反响的原理方面能得出的结论是_。解析苯和液溴在FeBr3(铁和溴反响生成FeBr3)作催化剂条件下发生取代反响，生成溴苯和溴化氢，由于该反响是放热反响，苯、液溴易挥发，用冷凝的方法减少其挥发。装置的目的是防止由于HBr易溶于水而引起倒吸。通过检验Br的存在证明这是取代反响。答案(1)小试管有气泡，液体变棕黄色；有白雾出现；广口瓶内溶液有浅黄色沉淀生成(2)和(3)反响结束后

20、装置存在大量的溴化氢，使的水倒吸入可以除去溴化氢气体，以免逸出污染空气开启K2，关闭K1和分液漏斗活塞(4)苯与溴能发生取代反响9如图，在光照条件下，将盛有CH4和Cl2的量筒倒扣于盛有饱和食盐水的水槽进行实验，对实验现象及产物分析错误的选项是_。A混合气体的颜色变浅，量筒液面上升B量筒内壁上出现的油状液滴，应是三氯甲烷、四氯甲烷的混合物C水槽有白色固体物质析出D甲烷与氯气反响后的产物只有CCl4根据烯烃的性质答复以下问题。(1)一瓶无色气体，可能含有CH4和CH2CH2或其的一种，与一瓶Cl2混合后光照，观察到黄绿色逐渐褪去，瓶壁有少量无色油状小液滴。由上述实验现象推断出该瓶气体一定含有CH

21、4，你认为是否正确，为什么？_。上述实验可能涉及的反响类型有_。(2)含有的化合物与CH2CH2一样，在一定条件下可聚合成高分子化合物。广泛用作农用薄膜的聚氯乙烯塑料，是由聚合而成的，其化学方程式是_。电器包装大量使用的泡沫塑料的主要成分是聚苯乙烯()，它是由_(写结构简式)聚合而成的。解析反响Cl2被消耗，故混合气体颜色变浅，产物有CH3Cl、CH2Cl2、CHCl3、CCl4、HCl，其CH2Cl2、CHCl3、CCl4为不溶于水的油状液体，HCl易溶于水，气体体积减小，量筒液面上升且溶液c(Cl)增大，而析出NaCl白色固体，故A、C正确；B、D错误。(1)因为CH2CH2Cl2CH2C

22、lCH2Cl，此反响也能使黄绿色逐渐褪去，且CH2ClCH2Cl为油状液体，故不能说明无色气体一定含CH4。涉及到的反响类型为取代反响和加成反响。答案(1)BD(1)不正确，因为CH2CH2也可以与Cl2发生加成反响，而使黄绿色逐渐褪去，生成的CH2ClCH2Cl也是油状液体取代反响、加成反响10(1)组成符合CnH2n2的某种烃，分子结构没有支链或侧链。它完全燃烧时消耗O2的体积是相同状况下该烃蒸气体积的85倍，由此分析作答：假设该烃为链状二烯烃，并且与等物质的量的Br2加成后只能得到单一产物，请写出该反响的化学方程式：_(有机物用结构简式表示)。假设该烃只能与等物质的量的Br2发生加成反响

23、，那么其结构简式为_(任填一种)。(2)某有机物A由于其特殊的结构，一直受到理论化学家的注意，但由于缺乏有效的合成途径，一度延缓对它的研究，直到1993年才找到可以大量制备的方法，才得以应用。A是非极性分子，化学式是C6H8，且分子只有一种氢原子。 A的结构简式为_；A分子在同一平面上的碳原子数为_。A的二氯取代产物的同分异构体有_种。解析(1)由燃烧通式知neq f(2n2,4)85，n6。该二烯烃为对称结构，且碳碳双键不能在2、4位，故为1,5己二烯。该烃只有一个双键，剩下的不饱和度是成环导致的。(2)有机物A的不饱和度为3，但分子只有一种氢原子，说明A的结构高度对称。因为六个碳原子都在碳

24、碳双键的平面上，故共平面。在考虑同分异构时还需考虑顺反异构。答案(1)CHCH2CH2CH2CHCH2Br2CH2CH2BrCHBrCH2CHCH2(其他合理答案也可)(2)6411某含苯环的化合物A，其相对分子质量为104，碳的质量分数为923%。(1)A的分子式为_。(2)A与溴的四氯化碳溶液反响的化学方程式为_，反响类型是_。(3)：。请写出A与稀、冷的KMnO4溶液在碱性条件下反响的化学方程式：_。(4)在一定条件下，A与氢气反响，得到的化合物碳的质量分数为857%，写出此化合物的结构简式：_。(5)在一定条件下，由A聚合得到的高分子化合物的结构简式为_。解析(1)由题意，A分子C原子

25、的个数为eq f(10492.3%,12)8，剩余元素相对分子质量总和为1048128，那么A只含C、H元素，即分子式为C8H8，因它含有苯环，那么结构简式为。(2)A与溴的四氯化碳溶液反响的化学方程式为，反响类型是加成反响。(3)由题信息知，反响方程式为。(4)A与氢气反响，得到的产物碳的质量分数为857%(与烯烃碳的质量分数相等)，那么苯环和碳碳双键全部与氢气加成，产物为。(5)由A聚合得到的高分子化合物的结构简式为。第三单元卤代烃、醇、酚一、选择题1只用一种试剂就能鉴别AgNO3溶液、乙醇溶液、苯酚溶液、烧碱溶液、硫氰化钾溶液，该试剂是()。A溴水 B盐酸C石蕊 DFeCl3溶液解析Ag

26、NO3乙醇苯酚烧碱KSCN溴水淡黄色沉淀无明显现象白色沉淀褪色无明显现象盐酸白色沉淀无明显现象无明显现象无明显现象无明显现象石蕊无明显现象无明显现象无明显现象变蓝无明显现象FeCl3溶液白色沉淀无明显现象紫色红褐色沉淀血红色答案D2有两种有机物Q()与P()，以下有关它们的说法正确的选项是 ()。A二者的核磁共振氢谱均只出现两种峰且峰面积之比为32B二者在NaOH醇溶液均可发生消去反响C一定条件下，二者在NaOH溶液均可发生取代反响DQ的一氯代物只有1种、P的一溴代物有2种解析Q两个甲基上有6个等效氢原子，苯环上有2个等效氢原子，峰面积之比应为31，A项错；苯环上的卤素原子无法发生消去反响，P

27、与卤素原子相连的碳原子的邻位碳原子上缺少氢原子，无法发生消去反响，B项错；在适当条件下，卤素原子均可被OH取代，C项对；Q苯环上的氢原子、甲基上的氢原子均可被氯原子取代，故可得到2种一氯代物，P有两种不同的氢原子，故P的一溴代物有2种，D项错。答案C3在卤代烃RCH2CH2X化学键如右所示，那么以下说法正确的选项是 ()。A发生水解反响时，被破坏的键是和B发生消去反响时，被破坏的键是和C发生水解反响时，被破坏的键是D发生消去反响时，被破坏的键是和解析根据卤代烃水解反响和消去反响的原理可知C正确。答案C4膳食纤维具有突出的保健功能，是人体的“第七营养素。木质素是一种非糖类膳食纤维。其单体之一芥子

28、醇结构简式如以下图所示，以下有关芥子醇的说法正确的选项是 ()。A芥子醇分子有两种含氧官能团B芥子醇分子所有碳原子不可能在同一平面上C芥子醇与足量浓溴水反响，最多消耗3 mol Br2D芥子醇能发生的反响类型有氧化、取代、加成解析芥子醇分子的三种含氧官能团分别为醚键、酚羟基和醇羟基；苯和乙烯都是平面结构，通过单键的旋转，可以使所有碳原子处于同一平面上；由于酚类与溴水反响通常在酚羟基的邻、对位上，但芥子醇这些位置均被其他基团占据，故只有碳碳双键与溴水发生反响；芥子醇分子结构含有碳碳双键和醇羟基，故能发生加成、取代和氧化反响。答案D5白藜芦醇()广泛存在于食物(例如桑葚、花生，尤其是葡萄)，它可能

29、具有抗癌性。能够跟1 mol 该化合物起反响的Br2或H2的最大用量分别是 ()。A1 mol、1 mol B35 mol、7 molC35 mol、6 mol D6 mol、7 mol解析从白藜芦醇的结构简式看出，此分子里有1个碳碳双键和两个带酚羟基的苯环。因此，在催化加氢时1 mol该有机物最多可以与7 mol H2加成。由于处于酚羟基邻、对位的氢原子共有5个，1 mol 该有机物可跟5 mol Br2发生取代反响，再加上1 mol碳碳双键的加成反响消耗1 mol Br2，故共与6 mol Br2发生反响。答案D6食品香精菠萝酯的生产路线(反响条件略去)如下：以下表达错误的选项是 ()。A

30、步骤(1)产物残留的苯酚可用FeCl3溶液检验B苯酚和菠萝酯均可与KMnO4酸性溶液发生反响C苯氧乙酸和菠萝酯均可与NaOH溶液发生反响D步骤(2)产物残留的烯丙醇可用溴水检验解析在苯氧乙酸、苯酚的混合物，用FeCl3溶液可检验出酚羟基，选项A正确。苯酚、菠萝酯(含有碳碳双键)均可被KMnO4酸性溶液氧化，选项B正确。苯氧乙酸含有羧基能和NaOH发生和反响，菠萝酯含有酯基，能在碱性条件下发生水解反响，选项C正确。由于菠萝酯和烯丙醇都含有碳碳双键，因此在二者的混合物用溴水无法检验烯丙醇的存在。答案D7己烯雌酚是一种激素类药物，结构如下图，以下有关表达不正确的选项是()。A可以用有机溶剂萃取B可与

31、NaOH和NaHCO3溶液发生反响C1 mol该有机物可以与5 mol Br2发生反响D该物质能发生氧化反响解析根据己烯雌酚的结构可知其含有酚羟基和碳碳双键两种官能团，其酚羟基能与NaOH溶液发生反响，但不能与NaHCO3溶液反响，B项错误；该有机物分子含有酚羟基，所以具有酚类的性质，决定了它能溶于水，但溶解度不会很大，故可用有机溶剂萃取，A项正确；与酚羟基相连的碳原子的邻位碳原子上的H原子均能被溴原子取代，碳碳双键也能与Br2发生加成反响，故C正确；该物质因含有酚羟基、碳碳双键，故能发生氧化反响，D项正确。答案B二、非选择题8(1)根据下面的反响路线及所给信息填空。A的结构简式是_，名称是_

32、。的反响类型是_，的反响类型是_。反响的化学方程式是_。(2)某有机物的结构简式如下图。1 mol该有机物与足量的NaOH溶液共热，充分反响后最多可消耗NaOH的物质的量为_mol。解析(1)根据反响的条件可知A发生的是取代反响，那么A为，根据反响的条件可知发生的是消去反响，再与Br2发生加成反响得到B()，B再经反响消去得到。(2)在该有机物的结构，1个X水解消耗1 mol NaOH，共消耗3 mol NaOH，与苯环直接相连的2个X，水解产物出现的酚羟基，又可与NaOH溶液反响各再消耗1 mol NaOH，COOH与NaOH发生和反响消耗1 mol NaOH，酯基水解消耗1 mol NaO

33、H，生成的产物含有酚羟基，又消耗1 mol NaOH，因此共消耗8 mol NaOH。答案(1)环己烷取代反响加成反响(2)89A是分子式为C7H8的芳香烃，它存在以下一系列转化关系，其C是一种一元醇，D是A的对位一取代物，H与E、I与F分别互为同分异构体：(1)化合物I的结构简式是_，反响BC的化学方程式是_；(2)设计实验证明H含有溴原子，还需用到的试剂有_；(3)为验证EF的反响类型与EG不同，以下实验方法切实可行的是_。A向EF反响后的混合液参加硝酸酸化，再参加AgNO3溶液得到淡黄色沉淀B向EF反响后的混合液参加溴水，发现溴水立即褪色C向EF反响后的混合液参加盐酸酸化后，参加溴的CC

34、l4溶液使之褪色D向EF反响后的混合液参加KMnO4酸性溶液，混合液红色变浅解析A是甲苯，B是A的溴代产物且水解产物是醇类，因而B是溴甲基苯()；D是A的对位一取代物，其结构简式是；H、E分别是B、D的加氢产物，它们再发生消去反响分别得到I、F，E水解得到G。EF的反响类型是消去反响、EG的反响类型是取代反响，EF的反响混合物含有烯烃(产物)、乙醇(溶剂)、NaOH(多余的)和NaBr，EG的反响混合物含有 (多余的)和NaBr。产物都有NaBr，故不可通过检验Br的生成验证两反响的不同，而NaOH溶液能使溴水褪色，故需先参加盐酸和多余的NaOH，乙醇也能使KMnO4酸性溶液褪色。10化合物A

35、是合成天然橡胶的单体，分子式为C5H8。A的一系列反响如下(局部反响条件略去)：答复以下问题：(1)A的结构简式为_，化学名称是_；(2)B的分子式为_；(3)的反响方程式为_；(4)和的反响类型分别是_，_；(5)C为单溴代物，分子有两个亚甲基，C与NaOH溶液反响的化学方程式为_。解析(1)结合题信息，可确定A的结构简式为，其系统命名为2甲基1,3丁二烯。(2)结合A与B的反响，可确定B为CH2CHCOOC2H5，其分子式为C5H8O2。(3)反响为加成反响，生成，结合反响生成，可确定反响为卤代烃的消去反响，即。11化合物X是一种环境激素，存在如下转化关系：化合物A能与FeCl3溶液发生显

36、色反响，分子含有两个化学环境完全相同的甲基，其苯环上的一硝基取代物只有两种。1HNMR谱显示化合物G的所有氢原子化学环境相同。F是一种可用于制备隐形眼镜的高聚物。根据以上信息答复以下问题：(1)以下表达正确的选项是_。a化合物A分子含有联苯结构单元b化合物A可以和NaHCO3溶液反响，放出CO2气体cX与NaOH溶液反响，理论上1 mol X最多消耗6 mol NaOHd化合物D能与Br2发生加成反响(2)化合物C的结构简式是_，AC的反响类型是_。(3)写出同时满足以下条件的D的所有同分异构体的结构简式(不考虑立体异构)_。a属于酯类b能发生银镜反响(4)写出BG反响的化学方程式_。(5)写

37、出EF反响的化学方程式_。解析A能与FeCl3溶液发生显色反响，那么A分子含有酚羟基。A分子苯环上的一硝基取代物只有两种，那么A分子苯环上有两种不同的H原子。A分子有两个相同的CH3，且分子式为C15H16O2，与足量溴水反响生成C(C15H12O2Br4)，比照A和C的分子组成可知该反响为取代反响，结合A分子含酚羟基，A与溴水可能发生苯环上酚羟基的邻、对位取代反响，综上所述，推知A的结构简式为，C为。B(C4H8O3)分子的碳原子假设全部饱和，分子式应为C4H10O3，据此可知B分子存在1个键或1个键，结合B在浓H2SO4作用下生成环状化合物G，那么B分子应含有1个COOH和1个OH。G(C

38、8H12O4)为环状化合物，应为环状二元酯，G分子只有1种H原子，那么其结构简式为(1)A分子不含联苯结构单元，a错。A分子含有酚羟基，不能与NaHCO3反响，b错。经分析知1 mol X最多消耗6 mol NaOH，c对。D分子含有键，可与Br2、H2等发生加成反响，d 对。(2)C为Br原子取代了A酚羟基的邻位H原子生成的，故应为取代反响。(3)符合条件的D的同分异构体应满足：分子式为C4H6O2；分子含有酯基(COO)和醛基()，有以下四种：HCOOCHCHCH3、第四单元醛、羧酸和酯一、选择题1橙花醛是一种香料，结构简式为：(CH3)2C=CHCH2CH2C(CH3)=CHCHO。以下

39、说法正确的选项是()。A橙花醛不可以与溴发生加成反响B橙花醛可以发生银镜反响C1 mol橙花醛最多可以与2 mol氢气发生加成反响D橙花醛是乙烯的同系物解析有CC，所以可以与溴发生加成反响；1 mol橙花醛最多可以与3 mol氢气发生加成反响(含CHO)；乙烯的同系物只能是单烯烃，而橙花醛是含有两个碳碳双键的醛；含CHO可以发生银镜反响。答案B2向有机物X参加适宜的试剂(可以加热)，检验其官能团。以下有关结论不正确的选项是()。试剂现象结论A金属钠有气体产生含羟基或羧基或羟基、羧基B银氨溶液产生银镜含有醛基C碳酸氢钠溶液产生气泡含有羧基D溴水溶液褪色含有碳碳双键解析遇金属钠有气体产生，说明有机

40、物X含羟基和羧基的至少一种，A项正确；遇银氨溶液产生银镜，说明有机物X含醛基，B项正确；与碳酸氢钠溶液反响产生气体，说明有机物X含有羧基，C项正确；溴能与碳碳双键、叁键发生加成反响，能氧化醛基，能与苯酚发生取代反响，因此溴水褪色不能证明有机物X一定含有碳碳双键，D项错误。答案D3以下图是别离乙酸乙酯、乙酸和乙醇混合物的实验操作流程图在上述实验过程，所涉及的三次别离操作分别是 ()。A蒸馏过滤分液B分液蒸馏蒸馏C蒸馏分液分液D分液蒸馏结晶、过滤解析乙酸乙酯在饱和Na2CO3溶液溶解度很小，二者发生分层，乙酸与碳酸钠反响生成乙酸钠，乙醇溶于水，利用分液使其别离。A为乙酸钠与乙醇混合溶液，利用蒸馏使

41、乙醇别离。那么B为乙酸钠参加硫酸生成乙酸，蒸馏得乙酸。答案B4荧光素(X)常用于钞票等防伪印刷，以下关于它的说法正确的选项是 ()。A1 mol X与足量的NaOH溶液在常温常压下反响，最多消耗3 mol NaOHB1 mol X最多能与9 mol氢气反响C1 mol X与足量的浓溴水反响，最多消耗4 mol Br2DX能与糠醛()发生缩聚反响解析A项1 mol X(1个分子含1个酚羟基、1个羧基)与足量的NaOH溶液反响，最多消耗2 mol NaOH，错误；B项1 mol X最多能与10 mol氢气反响(羰基也能与H2加成)，错误；C项1 mol X与足量的浓溴水反响，最多消耗5 mol B

42、r2(酚羟基邻位2 mol、3 mol碳碳双键加成3 mol)，错误；D项X(含酚羟基)能与糠醛()发生缩聚反响(类似于苯酚与甲醛的缩聚反响)，正确。答案D5亮菌甲素为利胆解痉药适用于急性胆囊炎治疗等，其结构简式如图。以下有关表达正确的选项是()。A亮菌甲素分子式为C12H11O5B亮菌甲素能与三氯化铁溶液发生显色反响C1 mol亮菌甲素在一定条件下与NaOH溶液完全反响最多能消耗2 mol NaOHD每个亮菌甲素分子在一定条件下与足量H2反响后的产物有3个手性碳原子解析A项，烃及其含氧衍生物，H不可能为奇数，分子式应为C12H10O5，错误；B项，由于酚羟基的存在，亮菌甲素能与FeCl3溶液

43、发生显色反响，正确；C项，1 mol亮菌甲素，酚羟基消耗1 mol NaOH，酚酯消耗2 mol NaOH，共3 mol NaOH，错误；D项，亮菌甲素分子与足量H2完全反响后的产物为，有6个手性碳原子(如图标“的碳原子)，错误。答案B6绿原酸是咖啡的热水提取液成分之一，结构简式如下图，以下关于绿原酸判断正确的选项是()。A1 mol绿原酸与足量NaHCO3溶液反响，最多消耗3 mol NaHCO3B1 mol绿原酸与足量溴水反响，最多消耗25 mol Br2C1 mol绿原酸与足量NaOH溶液反响，最多消耗4 mol NaOHD绿原酸的水解产物均可以与FeCl3溶液发生显色反响解析1 mol

44、绿原酸与足量NaHCO3溶液反响，最多消耗1 mol NaHCO3，A项错误；绿原酸分子苯环上的氢原子均能与溴发生取代反响，碳碳双键能与溴发生加成反响，因此，1 mol绿原酸最多能与4 mol Br2发生反响，B项错误；1个绿原酸分子含2个酚羟基、1个羧基和1个酯键，故1 mol绿原酸最多能与4 mol NaOH发生反响，C项正确；绿原酸的水解产物有两种，其不含苯环的水解产物不能与FeCl3溶液发生显色反响，D项错误。答案C7吡啶()与苯环性质相似。有机物M与磷酸在一定条件下形成磷酸吡醛，磷酸吡醛是细胞的重要组成局部。以下说法不正确的选项是 ()。AM能使高锰酸钾酸性溶液褪色B1 mol M能

45、与金属钠反响，消耗2 mol NaC1 mol磷酸吡醛与NaOH溶液反响，最多消耗3 mol NaOHDM与足量H2反响后所得有机物的分子式为C8H17O3N解析M的醇羟基、醛基等都能使高锰酸钾酸性溶液褪色，A正确；1 mol M含有2 molOH，故消耗金属钠2 mol，B正确；1 mol磷酸吡醛水解生成1 mol M和1 mol磷酸，又吡啶与苯环性质相似，故直接连在吡啶环上的羟基也能与NaOH溶液反响，即1 mol磷酸吡醛最多消耗4 mol NaOH，C错误；根据M的分子式为C8H9O3N，1 mol M可以消耗4 mol H2，故生成物分子式为C8H17O3N，D正确。答案C二、非选择题

46、8苯甲酸甲酯是一种重要的工业原料，某研究性学习小组的同学拟用如下图装置(图A的加热装置没有画出)制取高纯度的苯甲酸甲酯，实验前他们从有关化学手册查得相关物质的物理性质如表所示：苯甲酸甲醇苯甲酸甲酯熔点/122497123沸点/2496431996密度/(gcm3)1265 907921088 8水溶性微溶互溶不溶实验一：制取苯甲酸甲酯(1)在烧瓶混合有机物及浓硫酸的方法是_，试管盛放的液体可能是_，烧瓶反响的方程式为_，要想提高苯甲酸的转化率，可以采取的措施是_。实验二：提纯苯甲酸甲酯(2)停止加热，待烧瓶内的混合物冷却后，将试管及烧瓶的液体转移到分液漏斗，然后塞上分液漏斗的塞子再_，取下塞子

47、、翻开活塞，使(填主要成分的名称)_进入锥形瓶，此时目标产物所含杂质量最多的物质是_。(3)用图C装置进行蒸馏提纯时，当温度计显示_时，可用锥形瓶收集苯甲酸甲酯。实验三：探究浓硫酸在合成苯甲酸甲酯的作用(4)为确定浓硫酸对此反响存在催化作用，可另取等量反响物在不加浓硫酸情况下进行相同程度的加热，然后测量两个实验的某种数据，该数据是_。解析(1)因苯甲酸在常温下是固体，浓硫酸的密度又比甲醇的大，故应先将苯甲酸参加烧瓶，再参加甲醇，最后向烧瓶缓慢参加浓硫酸；试管盛放的液体应是饱和Na2CO3；增加甲醇的用量或移去生成的苯甲酸甲酯均可使平衡向生成酯的方向移动，从而提高苯甲酸的利用率。(2)为使混合物

48、的酸、醇能与Na2CO3溶液充分接触并转移到Na2CO3溶液，应充分振荡分液漏斗的混合物，然后静置，待液体分层后再进行分液。因苯甲酸甲酯的密度比水的密度大，故分液时苯甲酸甲酯在下层，进入锥形瓶，因没有反响完的苯甲酸转化为易溶于水而难溶于有机物的苯甲酸钠，而甲醇易溶于苯甲酸甲酯，故分液后苯甲酸甲酯最主要的杂质是甲醇。(3)蒸馏的原理是利用液体沸点间存在较大的差异进行的，故收集苯甲酸甲酯的温度应与其沸点相同。(4)由于催化剂能加快反响速率，故可通过测量加浓硫酸与没有加浓硫酸的两个实验在相同时间内试管出现有机层的高度，或者是测量试管生成相同高度的有机层所需的时间，发现加有浓硫酸的反响在相同时间内生成

49、的苯甲酸甲酯较多(或生成等量苯甲酸甲酯需要的时间较少)。答案(1)先将一定量的苯甲酸参加烧瓶，然后再参加甲醇，最后边振荡边缓慢参加一定量的浓硫酸饱和Na2CO3溶液参加过量的甲醇、移走苯甲酸甲酯(2)振荡后静置苯甲酸甲酯甲醇(3)1996(4)相同时间内两个试管生成有机层的高度或两个试管生成相同厚度的有机层所需的时间9A、B、C、D四种芳香族化合物都是某些植物挥发油的主要成分，它们的结构简式如下所示：请答复以下问题：(1)用A、B、C、D填空：能发生银镜反响的有_。既能使FeCl3溶液显紫色，又能与NaHCO3溶液反响放出气体的有_。(2)按如下图转化关系，C经一步反响可生成E，E和B互为同分

50、异构体，那么反响属于_反响(填反响类型名称)，写出反响的化学方程式：_。(3)同时符合以下两个条件的D的同分异构体有4种。化合物是邻位二取代苯；苯环上的两个取代基分别为羟基和含有COO结构的基团。其两种结构简式如下所示，请写出另外两种同分异构体的结构简式。_、_。解析(1)能发生银镜反响的物质分子含有醛基，A、C符合。既能使FeCl3溶液显紫色，又能与NaHCO3溶液反响放出气体的物质应含有酚羟基和羧基，D符合。(2)C的相对分子质量是134，E的相对分子质量是150，两者相差16，根据两者的分子式可知反响是氧化反响；E是一元羧酸，反响是酯化反响，E和F的相对分子质量相差28，再加上生成的水的

51、相对分子质量是18，由质量守恒得，一元醇的相对分子质量为46，是乙醇。(3)根据要求对D的结构进行变化：必须有酚羟基，另一个取代基可以是酯键，也可以是羧基。10某重要香料F的合成路线有多条，其一条合成路线如下：请答复以下问题：(1)在(a)(e)的反响，属于取代反响的是_(填编号)。(2)化合物C含有官能团的名称为_。(3)化合物F的结构简式是_。(4)在上述转化过程，步骤(b)发生反响的目的是_。(5)写出步骤(b)发生反响的化学方程式：_。(6)写出同时满足以下四个条件的D的两种同分异构体的结构简式：_。该物质属于芳香族化合物该分子有4种不同化学环境的氢原子1 mol该物质最多可消耗2 m

52、ol NaOH该物质能发生银镜反响解析(1)通过判断知(a)(e)的反响类型依次为复原反响、取代(酯化)反响、氧化反响、取代(水解)反响、消去反响；(2)化合物C所含官能团为碳碳双键和酯键；(3)由F的分子式结合E官能团的性质易知F的结构简式；(4)由合成路线可知步骤(b)具有保护官能团的作用；(5)书写酯化反响的化学方程式时应注意反响条件；(6)D的分子式为C15H22O3，可知其不饱和度为5，一个苯环不饱和度为4，一个醛基不饱和度为1，那么另外2个酚羟基与2个叔丁基连在苯环上，才能满足4种不同化学环境的氢原子。答案(1)(b)(d)(2)碳碳双键和酯键(3)(4)保护羟基，使之不被氧化(5

53、)11对二甲苯(英文名称pxylene，缩写为PX)是化学工业的重要原料。(1)写出PX的结构简式：_。(2)PX可发生的反响有_、_(填反响类型)。(3)增塑剂(DEHP)存在如以下图所示的转化关系，其A是PX的一种同分异构体。B的苯环上存在2种不同化学环境的氢原子，那么B的结构简式是_。D分子所含官能团是_(填名称)。C分子有1个碳原子连接乙基和正丁基，DEHP的结构简式是_。(4)F是B的一种同分异构体，具有如下特征：a是苯的邻位二取代物；b遇FeCl3溶液显示特征颜色；c能与碳酸氢钠溶液反响。写出F与NaHCO3溶液反响的化学方程式：_。解析此题考查了有机物的分子式、官能团的性质以及有

54、机物结构的推断和化学方程式的书写，重在考查学生的逻辑推理能力。(1)对二甲苯两个甲基处于苯环的对位，结构简式为。(2)对二甲苯分子甲基易被酸性高锰酸钾等氧化，故能发生氧化反响；该分子易与Cl2、Br2、浓HNO3等发生取代反响；由于含有苯环，故能与H2发生加成反响。(3)由于B是由A经氧化得到，故为二元羧酸，当苯环上存在2种不同化学环境的氢原子时，B为邻苯二甲酸，其结构简式为。由于D能发生银镜反响，故分子含有醛基。由于C能被氧化成醛，那么分子含有CH2OH，且有1个碳原子连接乙基和正丁基，那么分子结构为，由B和C的结构可以推出DEHP的结构简式为。(4)F遇FeCl3发生显色反响，故分子含有酚

55、羟基，能与碳酸氢钠溶液反响说明有羧基，又是苯的邻位二取代物，故分子结构为，它与NaHCO3溶液反响的化学方程式为第五单元根本营养物质有机合成一、选择题1有一过程如下： 根据上图，a、b、c可分别表示()。A淀粉、酶、葡萄糖 B蔗糖、酶、果糖C纤维素、酶、葡萄糖 D麦芽糖、酶、葡萄糖解析由图可知，b为催化剂，H2O和a反响生成两个相同分子c，符合麦芽糖的水解反响特点，此题应选D选项。答案D2某有机物含有C、H、O、N等元素，该有机物在水形成的分散系无丁达尔效应，那么该有机物可能是()。A脂肪 B淀粉 C蛋白质 D氨基酸解析物质含有N元素，那么可能为氨基酸或蛋白质。蛋白质溶于水形成胶体，有丁达尔效

56、应，该有机物只能是氨基酸。答案D3以下说法正确的选项是()A淀粉和纤维素的化学式均为(C6H10O5)n，二者互为同分异构体B从形式上看，酯化反响也属于取代反响C油脂的相对分子质量都较大，所以属于高分子化合物D乙烯能使酸性高锰酸钾溶液和溴水褪色，二者反响原理相同答案 B4以下关于有机物的表达正确的选项是()A乙醇、乙酸、乙酸乙酯都能发生取代反响，乙酸乙酯的少量乙酸可用饱和Na2CO3溶液除去B棉花、淀粉、植物油、蛋白质都是由高分子化合物组成的物质，都能水解，但水解产物不同C乙烷、乙烯、乙醇和乙酸互为同系物，葡萄糖与果糖互为同分异构体D乙烯、聚乙烯和苯都能使溴水褪色，褪色的原因相同答案 A5一种

57、有机玻璃的结构简式如下图。以下关于它的表达不正确的选项是()。A该有机玻璃是一种线形结构的高分子材料B该有机玻璃的化学名称为聚甲基丙烯酸甲酯C可用过滤的方法除去CCl4少量的该有机玻璃D该有机玻璃在一定条件下发生水解反响时，CO键发生断裂 解析由有机玻璃的结构简式可知其为线形结构；其结构简式含有，水解时的CO键断裂；该有机玻璃能溶于CCl4。答案C6某物质的球棍模型如下图，关于该物质的说法不正确的选项是()。A该物质的结构简式为B该物质可以发生加成反响C该物质既可以与强酸反响也可以与强碱反响D该物质可以聚合成高分子物质解析A项，所给的结构简式的六元环应为苯环，不正确；B项，该物质有苯环，可与氢

58、气发生加成反响，正确；C项，该物质为苯丙氨酸，氨基可与强酸反响，羧基可与强碱反响，正确；D项，该物质的羧基和氨基可以发生分子间脱水反响形成高分子化合物，正确。答案A7天然油脂结构的核心为甘油HOCH2CH(OH)CH2OH，有一瘦身用的非天然油脂，其结构的核心那么为蔗糖(C12H22O11)。该非天然油脂可由直链型的不饱和油酸(C17H33COOH)与蔗糖反响而得，其反响示意图如以下图所示(注意：图的反响式不完整)。以下说法正确的选项是()。A蔗糖酯也是高级脂肪酸的甘油酯，属于油脂类物质B该非天然油脂与氢氧化钠溶液共热，其水解产物不与溴水反响C非天然油脂为高分子化合物D该蔗糖酯在稀硫酸的作用下水解，最终可生成三种有机化合物解析A项蔗糖酯是高级脂肪酸与蔗糖形成的酯，并非某甘油酯；B项水解生成的不饱和油酸钠含有不饱和键，能与溴水反响；非天然油脂不是高分子化合物，故A、B、C项错误；D项的水解产物为葡萄糖、果糖和不饱和油酸三种物质，D项正确。答案D二、非选择题8生活的有机物种类丰富，在衣食住行等多方面应用广泛，其乙醇和乙酸是比拟常见的有机物。(1)工业上用乙烯与水反响可制得乙醇，该反响的化学方程式为_(不用写反响条件)，原子利用率是_。(2)乙醇能够发生氧化反响：乙醇在铜作催化剂的条件下可被氧