天津市大良中学 2023学年高二物理第一学期期中复习检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一物体做直线运动,某时刻速度的大小为5m/s,方向向东,1s后速度的大小变为3m/s,方向向西。规定向西为正方向,在这1s内物体的平均加速度为( )A2m/s2 B-2m/s2 C

2、8m/s2 D-8m/s22、下列做法中可能产生涡流的是()A把金属块放在匀强磁场中B让金属块在匀强磁场中做匀速运动C让金属块在匀强磁场中做变速运动D把金属块放在变化的磁场中3、如图所示，金属板带有等量异种电荷，板间某一竖直平面内电场线的分布如实线所示，已知该平面内P、O的连线为等势线，且与电场线上两点M、N的连线垂直，一带电油滴在O点处于静止状态，则（ ）A若将油滴置于P处，仍能静止B若将油滴从M处释放，油滴将沿直线运动到 N处CM点的电势一定比N点的电势高D油滴在M点的电势能一定比在N点的电势能小4、如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r，开关K闭合，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电

3、压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为U1、U2、U3，理想电流表A示数变化量的绝对值为I，正确的是（ ）AV2的示数增大B电源输出功率在减小CU1大于U2DU3与I的比值在减小5、如图所示，圆环以它的直径为轴做匀速转动，圆环上A、B两点的线速度大小分别为vA、vB，角速度大小分别为A、B，则()AvAvBABBvAvBABCvAvBABDvAvBAB6、在一段导体两端加上电压，已知在10s内通过此导体横截面的电荷量是4C，则通过这段导体的电流是 （ ）A40AB2.5AC0.4AD14A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要

4、求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路，当滑线变阻器滑片P由a滑到b的过程中，三只理想电压表示数变化的绝对值分别为、，则下列各组数据中可能出现的是（ ）A、B、C、D、8、两个固定的等量异种点电荷所形成电场的等势面如图中虚线所示，一带电粒子以某一速度从图中a点进入电场，其运动轨迹为图中实线所示，若粒子只受静电力作用，则下列关于带电粒子的判断正确的是( )A带正电B速度先变大后变小C电势能先变大后变小D经过b点和d点时的速度大小相同9、如图所示，某位置Q固定一带正电的点电荷，A、B、C是斜面上间距相等的三个点，Q、B连线垂直于斜面，在A点无初速度释放一带有

5、恒定电荷的小物块，已知小物块沿绝缘的斜面运动到C点时停下下列说法正确的是A小物块一定带负电B小物块运动过程，电势能可能先增大后减小C小物块运动过程经过B点时的滑动摩擦力最大D小物块从B点运动到C点过程机械能不断减少10、小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图 线上一点，PN为图线上过该点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线则下列说法中正确的是A随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小B对应P点，小灯泡的电阻为R=C对应P点，小灯泡的电阻为R=D对应P点，小灯泡功率I2U1三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）有

6、一节干电池，电动势约为，内阻约为某实验小组为了比较准确的测量其电动势和内阻，在实验室找到了如下器材：A电流表A量程，内阻约为 B电流表G量程，内阻C定值电阻 D定值电阻E.滑动变阻器，额定电流F.滑动变阻器，额定电流G.开关S和导线若干(1)因缺少电压表，该组同学准备利用电流表G与定值电阻串联改装成电压表，为较好的满足测量需要，定值电阻应选择_填“C”或“D”；为操作方便，滑动变阻器应选择_填“E”或“F”(2)该小组根据实验原理图连接线路、测量数据、并在坐标纸上描点连线，得到相应的图线如图，其中I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数，则该电源的电动势E=_V，内阻r=_(两空均保留三位有

7、效数字)12（12分）如图甲为一段粗细均匀的新型导电材料棒，现要测量该材料的电阻率.(1)首先用多用电表的欧姆挡(倍率为100)粗测其电阻，指针位置如图乙所示，其读数为_.(2)用螺旋测微器测量此新型导电材料的直径d，测量结果如丙图所示，则d_mm，用游标卡尺测量此新型导电材料的长度L，测量结果如丁图所示，则L_mm. (3)采用以下器材用伏安法尽可能准确地测量其电阻A电流表：量程为0.6A，内阻约为0.2B电压表：量程为3V，内阻约为3kC滑动变阻器，最大阻值为20，额定电流1AD电源E，电动势6VE.开关S，导线若干请在方框中画出实验原理电路图_(4)某同学设计了如图所示的实验电路，但是在

8、实验过程中却发现导电材料棒电阻率的测量明显偏小，经检查发现实验中有一根导线连接错误，该导线是_.(用导线的序号表示) (5)如果(3)问实验电路中电流表示数为I，电压表示数为U，并测出该棒的长度为L，直径为d，则该材料的电阻率_(用I、U、L、d表示)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图电路中，电源的电动势E=3V，内阻r=1，电阻R1=2，R2=R4=1，R3=8，R5=5，电容器的电容C=100F，求闭合电键K后，通过电阻R3的总电量 14（16分）在平面直角坐标系xOy中，第象限存在沿y轴负方向的

9、匀强电场，第象限存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以一定的初速度垂直于y轴射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成=60角射入磁场，最后从y轴负半轴上的P点垂直于y轴射出磁场，已知ON=d，如图所示不计粒子重力，求：（1）粒子在磁场中运动的轨道半径R；（2）粒子在M点的初速度v0的大小；15（12分）在如图所示的匀强电场中，一条绝缘细线的上端固定，下端栓一个大小可以忽略、质量为m的带电量为q的小球，当小球静止时，细线与竖直方向的夹角为=30（1）小球带电种类？（2）小球所受电场力大小（3）电场强度E大小参考答案一、单项选择题：

10、本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】规定向西为正方向，则物体的平均加速度为a=v-v0t=3-(-5)1m/s2=8m/s2，故选C.【点睛】本题考查速度、加速度的矢量性对于一条直线上的矢量运算，要注意选取正方向，将矢量运算转化为代数运算2、D【解析】A、把金属块放在匀强磁场中，没有磁通量的变化，不产生感应电流。故A错误；B、把金属块在匀强磁场中匀速运动，有感应电动势，但没有磁通量的变化，不产生感应电流。故B错误；C、金属块在匀强磁场中做变速运动有感应电动势，但没有磁通量的变化，不产生感应电流。故C错误；D、把金属块放在变化的磁

11、场中，变化的磁场产生电场，能够产生涡流。故D正确。故选：D。3、D【解析】A.由题可知，在O点处于静止状态，说明在O点的电场力与重力大小相等，由电场线的分布可知，P点的电场强度大于O点电场强度，则在P点的电场力大于重力，则油滴不会处于静止状态，故A错误；B. 带电油滴受到重力和电场力的作用，由于电场的方向为电场线的切线方向，可知二者的合力的方向时刻在变化，在M点其合力的方向不沿直线MN，根据曲线运动条件可知，油滴也不会沿直线运动到N处，故B错误；C. 根据沿着电场线电势降低，由于油滴电性未知，电场线的方向未知，故M、N点电势高低也是未知的，故C错误；D. 在O点油滴受力向上，从N点到M点，电场

12、力做正功，电势能减小，所以油滴在M点的电势能一定比在N点的电势能小，故D正确。故选：D。4、C【解析】A. 理想电压表内阻无穷大,相当于断路理想电流表内阻为零,相当短路,所以定值电阻R与变阻器串联,电压表V1、V2、V3分别测量R、路端电压和变阻器两端的电压当滑动变阻器滑片向下滑动时,接入电路的电阻减小,电路中电流增大,内电压增大,路端电压减小,则V2的示数减小，故A错误；B. 当内外电阻相等时，电源的输出功率最大，故当滑动变阻器滑片向下滑动时，外电阻越来越接近内阻，故电源的输出功率在增大；故B错误；C. 根据闭合电路欧姆定律得：U2=EIr,则得：U2/I=r;而U1/I=R,据题：Rr,则

13、得U1U2.故C正确D. 根据闭合电路欧姆定律得：U3=EI(R+r),则得：U3/I=R+r，保持不变，故D错误；故选C【点睛】理想电压表内阻无穷大，相当于断路理想电流表内阻为零，相当短路分析电路的连接关系，根据欧姆定律分析根据电源内外电阻关系分析电源的输出功率如何变化5、D【解析】两点共轴转动，角速度相等，rArB，根据v=r知，vAvB，故选D6、C【解析】在10s内通过此导体横截面的电荷量是4C，则通过这段导体的电流为：A40A，与结论不相符，选项A错误；B2.5A，与结论不相符，选项B错误；C0.4A，与结论相符，选项C正确；D14A，与结论不相符，选项D错误；二、多项选择题：本题共

14、4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】滑动变阻器的滑片P从a滑向b的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，路端电压减小，分析变阻器两端电压的变化，根据路端电压的变化，判断U2、U3的大小【详解】滑动变阻器的滑片P从a滑向b的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，U2增大，路端电压U1减小，则变阻器两端电压U3减小由于U1=U2+U3，U1减小，则知U2U2，外电路中顺着电流方向电势降低，可得电容器下极板的电势高，带正电，上极板的电势低，带负电；因此，闭合电

15、键K后，通过电阻R3的总电量QQ1+Q21.7510-4C【点睛】本题是电路桥式电路，对于电容器，关键求电压，本题电路稳定时，电容器的电压等容器这一路同侧两个电阻的电压之差14、（1）；（2）【解析】（1）作出粒子运动轨迹，由几何知识求出粒子轨道半径；（2）应用牛顿第二定律与类平抛运动规律求出粒子的速度；【详解】（1）粒子的运动轨迹如图所示：由几何知识得：Rsin=d，解得：R=d；（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：，在N点速度v与x轴正方向成=60角射出电场，将速度分解如图cos=，解得射出速度：v=2v0，v0=；【点睛】粒子在电场中运动偏转时，常用能量的观点来解决问题，有时也要运用运动的合成与分解粒子在磁