2023学年榆林市吴堡县吴堡中学高二物理第一学期期中综合测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、17世纪中叶，牛顿通过“月地”检验，证明了地球对地面物体的引力与天体间的引力是相同性质的力。如果地球的半径为R，自转周期为T1，月球到地心的距离为r，月球绕地球做圆周运动的周期为

2、T2。从圆周运动知识可以得出月球的加速度大小为A(2T2)2r B(2T1)2rC(2T2)2R D(2T1)2R2、如图所示的匀强电场中，一个电荷量为q的正点电荷，沿电场线方向从A点运动到B点，A、B两点间的距离为d.在此过程中电场力对电荷所做的功为W，则A点的电场强度的大小为ABqWdCD3、三个电阻R1、R2、R3的阻值均为R，如图所示连接在电路中，若R2消耗的电功率为2W，那么这段电路消耗的总电功率为（ ）A6WB9 WC12 WD15 W4、关于电流强度I、电压U、电阻R的下列说法，正确的是（）A由，有导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体内的电流强度成反比B由，有当导体内部电流强

3、度I=0时，导体的电阻R等于无穷大C由，有两端电压大的导体其内部的电流强度也一定大D由，有导体内部有电流的条件是导体两端加电压5、下列说法错误的是( )A电源外部存在着由正极指向负极的电场，内部存在着由负极指向正极的电场B在电源外部电路中，负电荷靠电场力由电源的负极流向正极C在电源内部电路中，正电荷靠非静电力由电源的负极流向正极D在电池中，靠化学作用使化学能转化为电势能6、如图所示的电路中，输入电压U恒为12 V，灯泡L标有“6 V,12 W”字样，电动机线圈的电阻RM=0.5 ，若灯泡恰能正常发光，则下列说法中正确的是（ ）A电动机的总功率是72WB电动机的热功率是1WC电动机的输出功率是1

4、0WD整个电路消耗的电功率是22W二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一个带正电的粒子（重力不计）穿过如图所示的匀强磁场和匀强电场区域时，恰能沿直线运动，则欲使粒子向上偏转应采用的办法是（ ） A减小电场强度B增大电荷电荷量C减小入射速度D增大磁感应强度8、如图所示，电路中A、B是规格相同的灯泡，L是电阻不计的电感线圈，那么（ ）A断开S，A立即熄灭B断开S，B立即熄灭C断开S，A闪亮一下后熄灭D断开S，B闪亮一下后熄灭9、两块完全相同的金属板平行放置，构成一平行板电

5、容器，与它相连接的电路如图所示。则：A电容器所带的电荷量是指一个极板所带电荷量的绝对值B闭合S后电容器充电过程是将电源的电能储存到电容器中C保持S接通，在两极板间插入一块电介质，则极板所带电荷量减小D断开S，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小10、某静电场方向平行于x轴，其电势随x变化规律如图所示一质量为m、带电量为q的粒子(不计重力)，以初速度v0从O点(x0)进入电场，仅在电场力的作用下沿x轴正方向运动下列说法正确的是() A粒子从O运动到x1的过程中做匀加速直线运动B粒子从x1运动到x3的过程中，电势能一直减少C若v0为 ，带电粒子在运动过程中的最大速度为D若使粒子能运动到x4处

6、，则初速度v0至少为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学要描绘额定电压为4.5V小灯泡的IU曲线，请为该同学设计实验电路把实验电路图画在答题卡上_（标明器材符号）12（12分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中(1)实验中滑动变阻器应采用_接法(填“分压”或“限流”)(2)用笔画线代替导线，将实验电路连接完整，使该装置可以更好、更准确地完成实验；（_）(3)描绘出伏安特性曲线如图，其弯曲的主要原因是_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分

7、）如图，在某装置中有一匀强磁场，磁感应强度为B，方向垂直于所在的纸面向外。某时刻在、处，一质子沿y轴的负方向进入磁场；同一时刻，在、处，一个粒子进入磁场，速度方向与磁场垂直。不考虑质子与粒子的相互作用。质子的质量为m，电荷量为e。粒子的质量是质子质量4倍，电荷量是质子电荷量的2倍。求：(1)质子从处出发恰好经过坐标原点O，它的速度为多大？(2)质子从处第一次到达坐标原点O处的时间为多少？(3)如果粒子与质子经最短时间在坐标原点相遇，粒子的速度应为何值？方向如何？14（16分）如图所示，在竖直向下的匀强电场中,场强大小为E，一个质量为m带负电的小球从斜轨道上的A点由静止滑下，小球通过半径为R的圆

8、轨道顶端的B点时恰好不落下来、已知轨道是光滑而又绝缘的，且小球的重力是它所受的电场力2倍，求：（1）A点在斜轨道上的高度h为多少？（2）小球运动到最低点时对轨道的压力为多少？15（12分）如图所示，虚线左侧有一场强为E1=E的匀强电场，在两条平行的虚线MN和PQ之间存在着宽为L、电场强度为E2 =2E的匀强电场，在虚线PQ右侧距PQ为L处有一与电场E2平行的屏。现将一电子（电荷量为e，质量为m，重力不计）无初速度地放入电场E1中的A点，最后电子打在右侧的屏上，A点到MN的距离为，AO连线与屏垂直，垂足为O，求：(1)电子到MN的速度大小；(2)电子从释放到打到屏上所用的时间；(3)电子刚射出电

9、场E2时的速度方向与连线夹角的正切值；(4)电子打到屏上的点到点O的距离参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】月球绕地球做圆周运动，故合外力做向心力，所以月球的加速度为月球做圆周运动的向心加速度，故a(2T2)2r，故BCD错误，A正确；故选A。2、C【解析】电场力做功W=Fd=qEd，得： 故选C3、C【解析】ABCD设两端的电压为,流过的电流为，则两端的电压和流过的电流分别为和，即消耗的电功率为；流过的电流为，两端的电压为，即消耗的电功率为 。所以这段电路消耗的总功率ABD错误，C正确。故选C。4、D【

10、解析】AB导体的电阻由导体本身决定，跟导体两端的电压以及导体内的电流强度无关，选项A错误B错误；C由可知，两端电压大的导体其内部的电流强度不一定大，还与导体的电阻有关，选项C错误；D由可知，导体内部有电流的条件是导体两端加电压，选项D正确。故选D。5、A【解析】不论在电源的外部和内部，电场的方向都是从正极指向负极，选项A错误；在电源的外部，在电场力的作用下，负电荷从电源的负极移到正极，在电源的内部，在非静电力的作用下，正电荷从电源的负极移到正极，从而形成稳定的电势差，选项BC正确；电源是把其他形式的能转化为电能，我们使用的电池，是将化学能转化为电能，选项D正确；故选BCD.6、C【解析】电动机

11、为非纯电阻电器，欧姆定律对电动机不再适用，灯泡L正常发光，则，即电路中的电流I=2A，故整个电路消耗的总功率，电动机的输入功率等，电动机的热功率，电动机的输出功率，故C正确，ABD错误故选C【点睛】根据灯泡的额定功率可求得电路中电流，则由P=UI可求得总功率，根据串联电路规律可求得电动机的输入功率；根据可求得电动机的热功率，即可求得电动机的输出功率二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】开始时正电粒子恰能做直线运动，电场力向下，洛伦兹力向上，合力为零，故：qE

12、=qvBA减小电场强度，则电场力减小，洛伦兹力不变，合力向上，向上偏转，故A正确；B增大电荷量，则电场力与洛伦兹力都增加，合力为0，做直线运动，故B错误；C减小入射速度，则洛伦兹力减小，电场力不变，合力向下，向下偏转，故错误；D增大磁感应强度，则向上的洛伦兹力增大，合力向上，向上偏转，故D正确。8、BC【解析】当电路稳定后A灯被短路，不亮；S断开瞬时，B立刻熄灭，L相当于电源，与A组成回路，则A灯闪亮一下后逐渐熄灭；A断开S，A立即熄灭，与结论不相符，选项A错误；B断开S，B立即熄灭，与结论相符，选项B正确；C断开S，A闪亮一下后熄灭，与结论相符，选项C正确；D断开S，B闪亮一下后熄灭，与结论

13、不相符，选项D错误；9、ABD【解析】试题分析：电容器两极板所带电荷量的电性相反，但电容器所带电荷量指其中一块极板所带电荷量的绝对值，A选项正确；电键闭合，电流流向电容器，对电容器充电，该过程是将电源的电能转化为电容器的电场能，B选项正确；保持S接通，则电容器的电压U不变，据可知，在两极板之间插入电介质，电容C将增大，据可知电量增加，故C选项错误；断开电键S则电容器电量Q不变，减小两极板距离，则电容将增大，据可知，电压降减小，故D选项正确。考点：本题考查电容器及平行板电容器动态平衡问题。10、BC【解析】粒子从O运动到x1的过程中，电势升高，场强方向沿x轴负方向，粒子所受的电场力方向也沿x轴负

14、方向，与粒子的速度方向相反，则粒子做减速运动故A错误；粒子从x1运动到x3的过程中，电势不断降低，根据正电荷在电势高处电势能越大，可知，粒子的电势能不断减小故B正确；若v0=，粒子运动到x3处电势能最小，动能最大，由动能定理得 q0-（-0）= ，解得最大速度为vm=故C正确；根据电场力和运动的对称性可知：粒子如能运动到x1处，就能到达x4处，当粒子恰好运动到x1处时，由动能定理得： ，解得，要使粒子能运动到x4处，粒子的初速度v0至少为故D错误故选BC点睛：此题也可以根据电势随x的分布图线可以得出电势函数关系，由电势能和电势关系式得出电势能的变化对于速度问题，往往利用动能定理列方程解答三、实

15、验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、外接分压电路【解析】本实验中要求电流从零开始调节，故应采用分压接法，同时灯泡内阻较小，故应采用电流表外接法，故电路图如图所示：12、分压灯丝电阻随温度的升高而增大【解析】（1）实验中要在小灯泡上得到从零开始的可调电压，则滑动变阻器应采用分压接法；（2）小灯泡电阻较小，可采用电流表外接电路；实物连接如图；（3）描绘出伏安特性曲线，其弯曲的主要原因是灯丝电阻随温度的升高而增大【点睛】当实验要求电流从零调时，变阻器应用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节；当测量小电阻时应采用电流表外接法四、计算题：本题共2

16、小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)；(2)；(3)，方向与x轴的正方向成角【解析】(1)质子从x=l0处出发恰好经过坐标原点O，知质子的轨道半径根据解得(2)质子在磁场中运动的周期，则质子到达坐标原点O处的时间(3)粒子的周期周期是质子周期的2倍，如果粒子与质子经最短时间在坐标原点相遇，可知粒子运动的时间为四分之一个周期，即圆弧对应的圆心角为90度，根据几何关系知，粒子的速度方向与x轴正方向成，根据几何关系知，粒子的轨道半径根据可得解得14、（1）2.5R（2）3mg【解析】（1）由题意得：mg=2Eq设小球到B点的最小速度为vB，则由牛顿第二定律可得：；对AB过程由动能定理可得： 联立解得： （2）对AC过程由动能定理可得： 由牛顿第二定律