云南省红河州云南市蒙自一中2023学年物理高二上期中经典模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、通电的等腰梯形导线框abcd与无限长通电直导线MN在同一平面内，电流方向如图所示，ab边与MN平行下列关于通电直导线MN的磁场对线框作用的()A线框所受安培力的合力为零B线框有两条边所受的安培力方向相同C线框有两条边所受的安培力大小相同D线框在安培力作用下一定有向右的运动趋势2、一人静止于完全光滑的水平冰面上现欲离开冰面，下列可行的方法是（）A向后踢腿B手臂向前甩C在冰面上滚动D脱下外衣水平抛出3、我国已成为世界上最大的电动自行车市场，电动自行车的工作效率和续航成为电动自行车研究的主要方向，现在市场上常见的电动自行车由4个蓄电池串联供电，续航里程在4050km某品牌电池标注“”，

3、采用该电池的这种电动自行车完整充电一次大约耗电ABCD4、如图所示，平行板电容器充电后，在其正中P点处有一个带电微粒恰好能保持静止状态。用什么方法能使该带电微粒仍在原处保持静止，且电势能增加（ ）AK闭合,将上极板M 接地，下移NBK闭合,将下极板N 接地，左移MCK断开,将下极板N 接地，上移NDK断开,将上极板M 接地，下移M5、一根均匀的电阻丝其电阻为R，在温度不变的情况下，下列情况中其电阻值仍为R的是A长度不变，截面积增大一倍B长度和截面积都缩小一倍C截面积不变，长度增大一倍D长度和截面半径都增大一倍.6、图甲是回旋加速器的示意图，其核心部分是两个D形金属盒D形盒与高频电源相连，且置于

4、垂直于盒面的匀强磁场中带电粒子在磁场中的动能Ek随时间t的变化规律如图乙所示，若忽略带电粒子在电场中的加速时间，则下列说法中正确的是()At4t3t3t2t2t1BEk4Ek3Ek3Ek2Ek2Ek1C电场的变化周期等于t1D仅增大加速电压，射出的粒子动能会变大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，光滑绝缘的半圆形容器处在水平向右的匀强电场中，一个质量为m，电荷量为q的带正电小球在容器边缘A点由静止释放，结果小球运动到B点时速度刚好为零，OB与水平方向的夹角为

5、 =，则下列说法正确的是( )A小球重力与电场力的关系是B小球在B点时，对圆弧的压力为C小球在A点和B点的加速度大小相等D如果小球带负电，从A点由静止释放后，也能沿AB圆弧运动8、关于平行板电容器C，两极间电压U、两板间电场强度E和带电量Q，下列说法正确的是（ ）A给电容器充电后保持与电源连接，只将电容器两极的正对面积减小，则C增大，E不变，U不变；B给电容器充电后保持与电源连接，只将两板间距离减小则E增大，C增大Q也增大；C给电容器充电后与电源断开，只减小两板间正对面积，则Q不变，U增大，E增大；D给电容器充电后与电源断开，只增大两板间距离，则E不变，C不变，U增大；9、如图所示电路中，三只

6、灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头向右移动时，下面判断正确的是( )A电路中总电阻减小BL1变亮CL2变亮DL3变暗10、磁感应强度B在国际单位制中的单位是特斯拉（符号T），关于1T下列单位中与磁感应强度单位一致的是：ANAm BNCs CNCm DVsm2三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）测定电源的电动势和内电阻的实验电路和U-I图像如下:（1）闭合开关前为防止电表过载滑动变阻器的滑动头P应放在_处（2）现备有以下器材：A.干电池1个B.滑动变阻器（050）C.滑动变阻器（01750）D.电压表（03V）E.电压表（0

7、15V）F.电流表（00.6A）G.电流表（03A）其中滑动变阻器应选_，电流表应选_，电压表应选_(填字母代号)（3）由U-I图像由此可知这个干电池的电动势E=_V，内电阻r=_（4）由于电压表的分流作用使本实验电路存在系统误差，导致E测_E真，r测_r真(填“”“m）试用此推广式，利用已知的x3和x6，粗略求小车的加速度a=_m/s2(计算结果保留三位有效数字)某同学用两种方法处理数据求小车加速度方法A：运用x=aT2，由，求平均值方法B：运用，由，求平均值.方法A求得加速度的最终表达式为=_ ；方法B求得加速度的最终表达式为 =_为使每段位移都用到，减小偶然误差，选择_方法（填“A”或“

8、B”）更合理四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，M为一线圈电阻r=0.4的电动机，R=24，电源电动势E=40V.当S断开时，电流表的示数，I1=1.6A，当开关S闭合时，电流表的示数为I2=4.0A求（1）电源内阻。（2）开关S闭合时电动机发热消耗的功率和转化为机械能的功率。（3）开关S闭合时电源输出功率和电动机的机械效率。14（16分）如图所示空间，存在水平向右的匀强电场，半径为r的绝缘光滑圆环固定在竖直平面内，环上套有一质量为m、带正电的珠子(可视为质点)，珠子所受静电力是其重力的。将珠子从

9、环上最低位置A点静止释放，求：(1)珠子所能获得的最大动能和在最大动能处环对珠子的作用力；(2)要使珠子恰好能绕圆环做完整的圆周运动，则应在A点给珠子以多大的初速度？15（12分）一电荷量为q(q0)、质量为m的带电粒子在匀强电场的作用下，在t0时由静止开始运动，场强随时间变化的规律如图所示不计重力求在t0到tT的时间间隔内：(1)粒子位移的大小和方向；(2)粒子沿初始电场反方向运动的时间参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】直导线中的电流方向由N到M，根据安培定则，导线右侧区域磁感应强度方向向内，根据左手

10、定则，ab边受向左的安培力，cd边受到向右的安培力，ad边受到斜向左下方的安培力，bc受到左上方安培力，四个边所受的安培力的合力不为零，其中bc边和ad边所受的安培力大小相同，故AB错误，C正确；离MN越远的位置，磁感应强度越小，故根据安培力公式F=BIL，cd边受到的安培力小于ab边、bc边和ad边受到的安培力的矢量和，则线框在安培力作用下一定有向左的运动趋势，故D错误2、D【解析】选取合适的系统为研究对象，根据动量守恒定律进行分析【解答】AB、以人作为整体为研究对象，向后踢腿或手臂向前甩，人整体的总动量为0，不会运动起来，故AB错误；C、因为是完全光滑的水平冰面，没有摩擦力，人是滚不了的，

11、C错误；D、把人和外衣视为一整体，这个整体动量为0，人给外衣一个速度，动量总量不变，所以人也可以有一个反向的速度，可以离开冰面，D正确；故选：D。【点睛】本题是实际问题，考查了利用动量守恒定律分析问题的能力，关键选取合适的系统为研究对象3、C【解析】电动车由4个12V蓄电池串联供电，则充满一次电所消耗的电能W=nUIt=0.96kWh1 kWhA. 与分析不符，故A错误B. 与分析不符，故B错误C. 与分析相符，故C正确D. 与分析不符，故D错误4、C【解析】保持K闭合时电容板间电压保持不变充电后将K断开后电容器的电量保持不变，根据推论，板间场强不变根据公式E=Ud分析板间场强的变化，判断能否

12、使带电微粒运动并判断电势能的变化。【详解】A项：K闭合，保持K闭合时，下移N，板间距离d增大，根据公式E=Ud分析得知，板间场强减小，带电微粒受到的电场力减小，微粒将向下加速运动。不符合题意，故A错误；B项：K闭合，保持K闭合时，左移N，板间距离d不变，电容减小，根据公式E=Ud分析得知，板间场强不变，带电微粒受到的电场力不变，仍处于静止状态。P点的电势不变，微粒的电势能不变。不符合题意，故B错误；C项：K断开，将上极板M，下移N，根据推论E=4kQS可知，E不变，微粒所受的电场力不变，仍处于静止，由U=Ed知，P与N的电势差减小，N的电势为零，P点的电势高于N的电势，则知P点的电势降低，微粒

13、带负电，则知微粒的电势增加，故C正确；D项：K断开，将上极板M，下移M，根据推论E=4kQS可知，E不变，微粒所受的电场力不变，仍处于静止，由U=Ed知，P与M的电势差减小，M的电势为零，P点的电势低于M的电势，则知P点的电势升高，微粒带负电，则知微粒的电势减小，故D错误。故应选C。【点睛】本题是电容器动态变化分析的问题，根据决定电容的三个因素和电容的定义式相结合进行分析。5、B【解析】A. 由R=LS可知，长度不变，横截面积增大一倍时，电阻变为原来的一半，故A错误；B. 当长度和横截面积都缩小一半时，电阻不变，故B正确；C. 当长度增大一倍时，横截面积不变，电阻变化原来的2倍，故C错误；D.

14、 当长度和横截面的半径都增大一倍时，面积变成原来的4倍，则电阻变原来的一半，故D错误；故选：B.6、B【解析】A根据知，粒子回旋周期不变，在磁场中运动半圆周的时间相等，即在Ek-t图中应有t4-t3=t3-t2=t2-t1故A错误；B粒子每次经过电场时，电场力做功相等，则每次增加的动能相等，即Ek4Ek3Ek3Ek2Ek2Ek1则B正确；C在电场变化的一个周期内粒子被加速2次，则电场的变化周期等于t2，选项C错误；D根据公式，得故最大动能则知粒子获得的最大动能与D形盒的半径有关，D形盒的半径越大，粒子获得的最大动能越大，与加速电压无关，故D错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20

15、分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】A小球从A运动到B的过程，根据动能定理得解得：故A错误；B小球在B点时，速度为零，向心力为零，则有故B正确；C在A点，小球所受的合力等于重力，加速度为aA=g；在B点，小球的合为加速度为所以A、B两点的加速度大小相等，故C正确；D如果小球带负电，将沿重力和电场力合力方向做匀加速直线运动，故D错误。8、BC【解析】电容器充电后保持与电源连接则电压不变；减小正对面积时，由C=S4kd可知，电容器的电容减小；由E=Ud可知，E不变；故A错误；电容器充电后保持与电源连接则电压

16、不变；减小两板间的距离，则由决定式可知，电容器的电容增大；E增大；再由Q=UC可知，Q增大，故B正确；给电容器充电后与电源断开，电量不变；只减小两板间的正对面积，则C减小，则由Q=UC可知，U增大，则E增大，故C正确；增大两板间的距离，则由决定式可右，C减小；则U增大，E不变；故D错误；故选BC点睛：对于电容器的动态分析问题，要注意明确两种情况，若充电后断开电源，则电量不变；若充电后与电源相连，则电压不变9、CD【解析】A. 当滑片右移时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大，故A误差。B. 电路中总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流减小，故L1变暗，故B错误。CD. 电路中电

17、流减小，故内阻及R0、L1两端的电压减小，而电动势不变，故并联部分的电压增大，故L2变亮；因L2中电流增大，干路电流减小，故流过L3的电流减小，故L3变暗；故CD正确。10、AD【解析】根据磁感应强度的定义式B=FIL得，1T=1N/（Am），由B=S，则单位可以为1T=1Wb/m2；由公式B=FIL由安培力的单位是N，而电流的单位是A，1A=1C/s，长度的单位为m，则单位的换算可得1T=N/（Am）=1N/（Cms-1）；由公式E=t，得1V=1Wb/s，又1Wb=1Tm2;联立可得：1T=1Vsm2；故AD正确，BC错误。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指

18、定的答题处，不要求写出演算过程。11、aBDF1.50.75【解析】（1）1 闭合开关之前滑动变阻器的滑动头P应放在最大值位置处，即a处（2）2滑动变阻器起控制电流的作用，而电源电动势大约1.5V，电路中电流较小，故为了便用调节，滑动变阻器选取B3电源电动势大约1.5V，因此电压表选择量程为3V的比较合适，故电压表选择D，4由图可知，电路中的电流较小，因此电流表选择F（3）5在U-I图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，所以由图可以读出电源的电动势为1.5V；6图象中的斜率表示电源的内阻，则有：（4）78由图所示电路图可知，相对于电源来说，电流表采用外接法，由于电压表分流，电流测量值小于真

19、实值，当外电路短路时，电流测量值等于真实值，电源的U-I图象如图所示：电源的U-I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻，由图象可知，电源电动势的测量值小于真实值，电源内阻测量值小于真实值12、A 1.40 5.04 B 【解析】（1）应先接通电源在释放纸带（1）每两个相邻的计数点之间还有一个点未画出来，所以时间间隔为T=0.04s，匀变速直线运动中，平均速度等于中间时刻的瞬时速度：根据，可得：，代入数据解得：a=5.04m/s1方法A：运用x=aT1，由，求平均值，联立以上可得：方法B求得加速度的最终表达式为：为使每段位移都用到，减小偶然误差，选择B方法更加合理四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）当S断开时E= I1（R+r） （2分） 代入数据的r=1 （1分）（2）开关S闭合时，路端电压为U2U2=EI2r=36V （2分）流过R的电流IR=U/R=1.5A （1分）流过电动机的电流IM=I2-IR=2.5A （1分）电动机输出的机械功率