江苏省江阴市暨阳中学2023学年物理高二上期中监测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、如图所示，在圆心O处固定一正点电荷，现从P点以相同的速率发射两个检验电荷a、b，只在电场力作用下分别沿PM、PN运动到M、N两点，M、N都在以O为圆心的圆上若检验电荷a、b的质量、电荷量均相等，则下列判断正确的是()Aa带正电，b带负电,BP点的场强大于N点的场强Ca、b到达M、N时两粒子速率相等Da电荷电势能减少，b电荷电势能增加2、电源、开关S、定值电阻R1和R3、光敏电阻R2、灯泡以及电容器连接成如图所示电路，电容器的两平行板水平放置当开关S闭合，并且无光照射光敏电阻R2时，一带电液滴恰好静止在电容器两板间的M点当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，则( )A电容

3、器所带电荷量减少B灯泡变暗C电容器两极板间电压变大D液滴向下运动3、如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）AR1：R2=3：1BR1：R2=1：3C将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：34、如图所示，圆O在匀强电场中，场强方向与圆O所在平面平行，带正电的微粒以相同的初动能沿着各个方向从A点进入圆形区域中，只在电场力作用下运动，从圆周上不同点离开圆形区域，其中从C点离开圆形区域的带电微粒的动能最大，图中O是圆心，AB是圆的直径，AC是与AB成角的弦，则匀强电场的方向为

4、A沿AB方向B沿AC方向C沿OC方向D沿BC方向5、下列说法中正确的是（ ）A磁体上磁性最强的部分叫磁极,任何磁体都有两个磁极B磁体与磁体间的相互作用是通过磁场而发生的,而磁体与通电导体间以及通电导体与通电导体之间的相互作用不是通过磁场发生的C地球的周围存在着磁场,地球是一个大磁体,地球的地理两极与地磁两极并不重合,其间有一个交角,这就是磁偏角,磁偏角的数值在地球上不同地方是相同的D磁场是客观存在的物质，磁感线也是客观存在的特殊的线6、如图所示，A、B、C三个相同的灯泡连成如图电路，当滑动变阻器的滑动触头向上滑动时，三个灯泡的亮暗变化情况是（ ）A同时变亮B同时变暗CA、C两灯变暗，B灯变亮D

5、A、C灯变亮，B灯变暗二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一电池外电路断开时的路端电压为3V，接上8的负载后路端电压降为2.4V，则可以判定电池的电动势E和内阻r分别为（）AE=3VBr=1Cr=2DE=2.4V8、质量为M的物块以速度v运动，与质量为m的静止物块发生正撞，碰撞后两者的动量正好相等，两者质量M与m的比值可能为( )A2B3C4D59、用不可伸长的细线悬挂一质量为M的小木块，木块静止，如图所示现有一质量为m的子弹自左方水平射向木块，并停留在木块中，子弹初

6、速度为v0，则下列判断正确的是（ ）A从子弹射向木块到一起上升到最高点的过程中系统的机械能守恒B子弹射入木块瞬间系统动量守恒，故子弹射入木块瞬间子弹和木块的共同速度为C忽略空气阻力，子弹和木块一起上升过程中系统机械能守恒，其机械能一定小于子弹射入木块前的动能D子弹和木块一起上升的最大高度为10、孤立点电荷电场中的一簇等势面如图中虚线所示，其电势分别为1、2、3，其中A、B、C 是某电场线与这簇等势面的交点，且 AB =BC.现将一负电荷由 A 移到B，电场力做正功 W1；由 B 移到 C，电场力做正功 W2，则A123B123CW1W2DW1W2三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答

7、题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）一同学某次用多用表的“10档”测电阻时指针指在“30”和“40”刻线的正中间，则待测电阻的阻值（_）A等于350 B大于350 C小于350 D无法判断12（12分）为了探究质量一定时加速度与力的关系，王同学设计了如图甲所示的实验装置，其中M为带滑轮小车的质量，m为沙和沙桶的质量。（滑轮质量及滑轮与轴、细线间的摩擦均不计）（1）该同学利用此装置得到图乙所示的一条纸带（相邻两计数点间有四个点未画出），已知打点计时器频率为50Hz，求打点计时器打计数点4时小车的瞬时速度为_m/s。（结果保留两位有效数字）（2）根据王同学设计的实验装置，下列操作不

8、必要的是_A用天平测出沙和沙桶的质量。B将带滑轮的长木板右端热高，以平衡摩擦力。C小车靠近打点计时器，先接通电源再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数。D为减小误差，实验巾一定要保证沙和沙桶的质量m远小于小车的质量M。（3）以弹簧测力计示数F为横坐标，小车加速度a为纵坐标，画出a-F图象是一条直线，如丙图所示，已知图线与横坐标的夹角为，图线的斜率为k，则小车的质量为_A2tanT B Ck D四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，长为1.8m的轻质细线一端固定于D点，另一端系一质量m0.

9、5kg的小球把小球拉到A点由静止释放，O、A在同一水平面上，B为小球运动的最低点忽略空气阻力，取B点的重力势能为零，重力加速度g10m/s2求：（1）小球受到重力的大小；（2）小球在A点的重力势能；（3）小球运动到B点时速度的大小14（16分）电机输出电压为1kV的交流电,现在通过一个变压比为1:4的变压器升压,再通过总电阻为1.0的输电线路向某地输电,在输送电功率为800kW的情况下（设变压器为理想变压器）,求:（1）升压变压器的副线圈两端电压大小；（2）输电线上通过的电流大小；（3）输电线上造成的电压损失；（4）输电线上损失的电功率占输电总功率的百分比？15（12分）一个带电粒子只在电场力

10、作用下通过匀强电场中的a、b两点，一簇带箭头的实线表示匀强电场的电场线，如图所示已知带电粒子通过a、b两点的速度大小分别是5m/s和3m/s，粒子的质量是200g，a、b两点的电势差为80V（1）试判断带电粒子所带电荷的种类（2）带电粒子所带的电荷量参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】由轨迹看出，点电荷左侧的带电粒子b有排斥力，所以b带正电荷；对右侧的带电粒子a有吸引力，所以a带负电荷。故A错误。点电荷的电场特点是近处大，远处小，P点的场强小于N点的场强。故B错误；b受排斥力，电场力做负功，动能减小，电势

11、能增大；a受吸引力，电场力做正功，电势能减小，动能增大，所以a、b到达M、N时两粒子速率不相等。故C错误，D正确。故选D。【点睛】本题是轨迹问题，根据轨迹的弯曲方向要能判断出带电粒子所受的电场力大体方向。电场力做功电势能发生变化。2、C【解析】根据闭合电路欧姆定律：，光敏电阻的阻值变小，回路电流增大，灯泡电流变大，灯泡变亮；R1两端电压：电压变大，所以电容器两极板电压变大，电容器电荷量变大；板间场强，变大，初态电场力与重力平衡，现在场强变大，电场力变大，液滴合力向上，向上运动，ABD错误C正确3、B【解析】AB.由图可得：即R1：R2=1：3故A错误，B正确；C.R1与R2串联后接于电源上，则

12、电流比I1：I2=1：1，故C错误；D.将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1：I2=R2：R1=3：1，故D错误。4、C【解析】仅在电场力作用下从A点进入，离开C点的动能最大，则C点是沿电场强度方向电势最低的点，所以电场力沿过OC的方向，由于带电微粒是带正电，故匀强电场的方向沿OC方向故C正确，ABD错误故选C【点睛】此题是关于带电粒子在电场中的运动问题；解决本题的关键抓住C点是沿电场强度方向离A点最远，以及电场线与过C的切线相垂直5、A【解析】试题分析：磁体是磁性最强的地方叫磁极，一个磁体上有两个磁极，N极和S极，A正确；由于通电导线周围磁在磁场，磁体与通电导体间以及通电导体与通电导体之

13、间的相互作用也是通过磁场发生的，B错误；地球的地理两极与地磁两极不重合,其间有一个交角就是磁偏角，磁偏角的数值在地球上不同地方是是不相同的，C错误；磁场中客观存在的，但磁感线是人们为了形象的描述磁场而假想出来的，D错误。考点：磁体，地磁场，磁感线【名师点睛】人们为了形象的描述磁场引入了磁感线，它的特点是在磁体的外部从N极指向S极，而在磁体的内部从S极指向N极，它是闭合曲线。在磁场越强的地方，磁感线越密，磁场越弱的地方，磁感线越稀疏，磁感线的方向就是小磁针N极受磁场力的方向。6、D【解析】滑动变阻器滑动触头向上滑动时，接入电阻减小，则总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，总电流增大，故流过A灯电流

14、增大，故A灯变亮；由于电流增大，则可知内电压和灯泡A两端的电压增大，故并联部分电压减小，所以B灯两端电压减小，B灯变暗；因干路电流增大，B灯电流减小，则由分流原理可知，C中电流增大，故C灯变亮，故AC变亮，B变暗，故D正确，ABC错误。故选：D.【点睛】根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，由闭合电路欧姆定律判断电路电流如何变化，再根据功率公式可分析灯泡亮度的变化二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】试题分析：电源的电动势等于外电路断开时电

15、源两极间的电压电源接上8的负载电阻后路端电压降为2.4V，根据欧姆定律利用比例法求出电源的内电阻电池外电路断开时的路端电压为3V，则电池的电动势为E=3V当电源接上8的负载电阻后路端电压降为2.4V，则电路中电流为，得内阻，故AC正确8、AB【解析】设碰撞后两者的动量都为P，由于题意可知，碰撞前后总动量为2P，根据动量和动能的关系有：P2=2mEk，碰撞过程动能不增加，有：(2p)22Mp22M+p22m，解得：Mm3，由于两者碰撞之后M的速度不大于m的速度，设碰撞后M的速度为v1，m的速度为v2，根据题意可得Mv1=mv2，故Mm1，综上所述，AB正确【点睛】考点：动量守恒定律及能量守恒定律

16、解答此题关键是知道系统的动量守恒，以及在碰撞的过程中动能不增加，通过这两个关系判断两个物体的质量关系9、BCD【解析】A、从子弹射向木块到一起运动到最高点的过程可以分为两个阶段：子弹射入木块的瞬间系统动量守恒，但机械能不守恒，有部分机械能转化为系统内能，之后子弹在木块中与木块一起上升，该过程只有重力做功，机械能守恒但总能量小于子弹射入木块前的动能，故A错误，C正确；B、规定向右为正方向，由子弹射入木块瞬间系统动量守恒可得：mv0（m+M）v，所以子弹射入木块后的共同速度为：v，故B正确；D、之后子弹和木块一起上升，该阶段机械能守恒（M+m）v2（M+m）gh，可得上升的最大高度为，故D正确10

17、、BD【解析】将一负电荷由A移到B，电场力做正功，可知负电荷受到的电场力的方向向右，结合负电荷受到的电场力的方向与电场线的方向相反，可知该电场线的方向向左，即由C指向A，沿电场线的方向电势降低，所以C点的电势最高，A点的电势最低，即123；该电场线的方向向左，由C指向A；再结合图中等势面的特点可知产生该电场的点电荷带负电且位于A点的左侧，所以A处的场强最大，C处的场强最小，根据电场强度与电势差的关系：U=Ed可知，AB之间的电势差一定大于BC之间的电势差，即：UCBUBA，又电场力做功：W=qU，所以：W1W2，故BD正确，AC错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的

18、答题处，不要求写出演算过程。11、C【解析】由于欧姆档的刻度不是均匀的，左侧刻度密集，右侧刻度稀疏，所以在“30”和“40”刻线的正中间的电阻值小于，故选项C正确，选项ABD错误【点睛】本题主要考查欧姆表的读数问题，知道欧姆档的刻度不是均匀的，左侧刻度密集，右侧刻度稀疏12、0.31 AD D 【解析】（1）用3、5两点间的平均速度代替打下4点的瞬时速度。（2）考察探究加速度的因素的实验的操作过程：A、由于在装置的左端有弹簧测力器与细绳串联，所以拉力直接由弹簧秤读出即可，沙和桶只是用来改变拉力的，故A选项不必测量；B、由于摩擦阻力的存在，而又是用拉力代替合力，平衡摩擦阻力是必要的，故B选项必要；C、实验过程正是先让小车靠近打点计时器，先接通电源再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数，故选项C必要；D、只有当没有弹簧秤测力时，才用沙和桶的重代替拉力，当然也没必要保证沙和沙桶的质量m远小于小车的质量M。故选D.（3）根据牛顿第二定律有：当所有摩擦阻