广东省佛山市南海中学分校2023学年高二物理第一学期期中预测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、下列关于电源的说法中正确的是（ ）A电源的电动势就是电源的的路端电压B电路中，如果每通过1C的电荷，电源能把2J的其他形式的能量转化为电能，则电源的电动势就为2VC电源的电动势跟外电路有关D电源的输出电流越大，则电源的电动势也就越大.2、做简谐运动的物体，当其位移为负时，以下说法正确的是()A速度一定为正值，加速度一定为负值B速度一定为负值，加速度一定为正值C速度不一定为负值，加速度不一定为正值D速度不一定为负值，加速度一定为正值3、两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如图所示，下列说法正确的是（ ）Aa点电势比b点高Ba、b两点的场强方向相同，b点场强比a点小

3、Ca、b、c三点和无穷远处等电势D一个电子在a点的电势能比在b点的电势能大4、如图所示电路，水平放置的平行板电容器的一个极板与滑动变阻器的滑动端P相连接。电子以速度v0垂直于电场线方向射入并穿过平行板间的电场。在保证电子始终能穿出平行板间电场的情况下，若使滑动变阻器的滑动端P向下移动，则关于电容器极板上所带电量q和电子穿越平行板所需时间t的说法正确的是A电量q增大，时间t不变B电量q不变，时间t增大C电量q增大，时间t减小D电量q不变，时间t不变5、有些码头常悬挂一些老旧轮胎，主要用途是减轻船舶靠岸时码头与船体的撞击原因是轮胎的弹性大，使得（）A船舶靠岸过程中动量变化量比较小B船舶靠岸的末动量

4、比较小C船舶靠岸过程冲量比较小D船舶靠岸过程时间比较长6、质量为的物体初速度从与点相距的点出发，与弹簧相碰后最大压缩量为，则从开始相撞到弹簧被压缩到最短，物体克服弹簧弹力所做功为（）ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一束带电粒子以一定的初速度沿直线通过由相互正交的匀强磁场和匀强电场组成的速度选择器，然后粒子通过平板S上的狭缝P进入平板下方的匀强磁场，平板下方的磁场方向如图所示粒子最终打在S板上，粒子重力不计，则下面说法正确的是（ ）A粒子带负电B能

5、沿直线通过狭缝P的粒子具有相同的速度C粒子打在S板上的位置越靠近狭缝P，粒子的比荷越小D打在同一点的粒子，在磁场中运动的时间相同8、如图所示的匀强电场场强为103N/C，ab=dc=4cm，bc=ad=3cm。则下述计算结果正确的是（）Aa、b之间的电势差为40VBa、c之间的电势差为50VC将q=5103 C的点电荷沿矩形路径abcd移动一周，电场力做功0.25JD将q=5103 C的点电荷沿abc或adc从a点移动到c点，电场力做功都是0.2J9、对于某个给定的电容器来说，在图中哪些图线恰当地描述了其带电量Q、两端的电压U、电容量C之间的相互关系（ ）A BC D10、空间存在匀强电场，有

6、一电荷量为q(q0)、质量为m的粒子从O点以速率v0射入电场，运动到A点时速率为2v0。现有另一电荷量q、质量m的粒子以速率2v0仍从O点射入该电场，运动到B点时速率为3v0。若忽略重力的影响，则()A在O,A,B三点中，B点电势最高B在O,A,B三点中，A点电势最高CO,A间的电势差比B,O间的电势差大DO,A间的电势差比B,A间的电势差小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用如图a所示电路测量金属丝电阻率的实验，实验时首先用螺旋测器测量金属丝的直径，示数如图b所示，请读出金属丝的直径D=_mm。用图a所示电路即伏安法测出电阻R

7、的值，并用刻度尺测出金属丝的长度L，则可求出金属丝的电阻率=_（用D、R、L表示）。12（12分）同学们想用物理上学到的知识来测定某种型号电池的电动势和内阻，已知这个电池的电动势约为89V，内阻约为3左右。由于直流电压表量程只有3V，需要将这只电压表通过连接一电阻箱，改装为量程为9V的电压表，然后再用伏安法测该电池的电动势和内阻。实验可供该同学选择的器材主要有：A.电压表(量程为3V，内阻为3k)B.电流表(量程为3A，内阻约0.1)C.电阻箱(阻值范围09999)D.电阻箱(阻值范围0999)E.滑动变阻器(阻值为020，额定电流2A)F.滑动变阻器(阻值为020k，额定电流0.2A)(1)

8、该实验中滑动变阻器应选_（填写“E”或“F”）；要使将3V直流电压表改装成9V的电压表，该同学需将该电压表与电阻箱_(填写“C”或“D”)串联,且接入的电阻箱阻值应为_.(2)用该扩大了量程的电压表(电压表的表盘没变)，测电池电动势E和内阻r，实验电路如图甲所示，得到多组电压U（原电压表的示数）和电流I的值，并作出U-I图线如图乙所示，可知电池的电动势为_V，内阻为_（最后结果要求保留两位有效数字）.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在如图所示的绝缘水平面上，有两个边长为d=0.2m的衔接的正方形区域I、

9、II，其中区域I中存在水平向右的大小为的匀强电场，区域II中存在竖直向上的大小为的匀强电场。现有一可视为质点的质量为m=0.3kg的滑块以的速度由区域I边界上的A点进去电场，经过一段时间滑块从边界上的D点离开电场（D点未画出），滑块带有q=+0.1C的电荷量，滑块与水平面之间的动摩擦因数为，重力加速度。求：(1)D点距离A点的水平间距、竖直间距分别为多少？A、D两点之间的电势差为多少？(2)滑块在D点的速度应为多大？(3)仅改变区域II中电场强度的大小，欲使滑块从区域II中的右边界离开电场，则区域II中电场强度的取值范围应为多少？14（16分）在倾角为的足够长的绝缘斜面上，带电的小物块A和不带

10、电的绝缘小物块B正分别沿斜面向上滑行斜面处于范围足够大的匀强电场中，场强方向平行斜面向下当A刚追上B时，物块A的速度vA1.8m/s，方向沿斜面向上，物块B的速度恰为零，如图所示A追上B时发生第一次碰撞（碰撞过程经历时间极短，且无机械能损失，A的电荷也没有转移），碰后瞬间A的速度v10.6m/s，方向仍沿斜面向上；碰后经0.60s，物块A的速率变为v11.8m/s，在这0.60s时间内两物块没有再次相遇已知物块A与斜面间的动摩擦因数0.15，质量mA0.5kg，物块B与斜面间的摩擦忽略不计，质量mB0.15kg，匀强电场的场强 N/C，sin0.6，cos0.8，重力加速度g10m/s1求(1

11、)第一次相碰后物块B的速率；(1)物块A所带的电荷量；(3)第一次相碰后0.60s内物块A的电势能的变化量.15（12分）如图所示，电路中E=3V，r=0.5， ，变阻器的最大阻值R=10。（1）在变阻器的阻值R为多大时，变阻器上消耗的功率最大？最大为多大？（2）在变阻器的阻值R为多大时，定值电阻上消耗的功率最大？最大为多大？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】试题分析：只有当外电路断开时电源的电动势才等于电源的的路端电压，而且电动势和电压的物理意义不同，电动势是在电源内部非静电力做功，而电压指的是静电力

12、做功，A错；由电动势的定义可知B对；电源电动势为电源本身的性质，与外电路无关，C错；同理D错；考点：考查对电源的理解点评：要理解教材中对电源电动势的含义解释，知道电动势和电压的做功和能量转化方式的区别2、D【解析】振子的位移为负值时，可知加速度a一定为正，因为振子每次通过同一位置时，速度可能在两种不同的方向，所以速度可正可负，故D正确，ABC错误。3、C【解析】AC、a、b、c是两个等量异种电荷连线的垂直平分线的三点，电势相等，而且与无穷远处电势相等。故A错误.C正确；B.a、b两点的场强方向都与垂直平分线垂直向右，方向相同。由于b处电场线密，电场强度大于a处电场强度。故B错误；D.由于a点与

13、b点电势相等，电子在a点的电势能与在b点的电势能相等，故D错误。故选：C.【点睛】两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线电场强度方向与等势面方向垂直，而且指向电势低的方向根据a点与b点电势相等，确定电子在a点与在b点电势能的大小。4、A【解析】当滑动变阻器的滑动端C下移时，跟电容器并联的阻值增大，所以电容器的电压U增大，根据：q=UC得电量q增大；电子在平行板电容器中做类平抛运动，沿极板方向做匀速直线运动，所以运动时间：与电压的变化无关，所以时间t不变故选A.5、D【解析】在码头上装橡皮轮胎，是为了延长作用时间，从而减小冲力，不是减小船舶靠岸过程中动量变化量，即船舶靠岸过程，不会影响船舶

14、靠岸的末动量；A.与分析不符，故A错误；B.与分析不符，故B错误；C.与分析不符，故C错误；D.与分析相符，故D正确6、C【解析】对物体减速的全过程由动能定理有解得物体克服弹簧弹力所做功为故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A带电粒子在磁场中向左偏转，根据左手定则，知该粒子带正电故A错误；B粒子经过速度选择器时所受的电场力和洛伦兹力平衡，有：qE=qvB则v=E/B，即能沿直线通过狭缝P的粒子具有相同的速度，选项B正确；C经过速度选择器进入磁场B的

15、粒子速度相等，根据 知，粒子打在AlA2上的位置越靠近P，则半径越小，粒子的比荷越大，故C错误；D打在同一点的粒子，在磁场中运动的半径相同，又因为速度也相同，则时间相同，选项D正确8、AD【解析】A由电场强度与电势差的关系，由U=可求UabEd1030.04V40V故A正确；B由图可知bc与电场线垂直，则bc间电势相等，则故ac间的电势差UacUab40V故B错误；C电荷q=-510-3C沿矩形路径abdca移动一周，点荷的电势不变，电势能也不变，由电场力做功与电势能变化的关系得电场力做功为零，故C错误；D根据电场力做功与路径无关，故q=-510-3C的点电荷沿abd或acd从a移动到c，电场

16、力做功相同等，由W=qUac=-510-340J=-0.2J故D正确。故选AD。9、BCD【解析】对于给定的电容器，其电容C一定，C-Q图象及C-U图线均平行于横轴故A错误，B正确对于给定的电容器，其电容C一定，电量Q=CU，Q与U成正比，Q-U图象是过原点的倾斜的直线故C正确；对于给定的电容器，其电容C一定，Q-C图象平行于纵轴，故D正确故选BCD点睛：本题考查识别、理解物理图象的能力要抓住电容定义的方法：比值定义法，定义出来C与Q、U无关，反映电容器本身的性质10、AD【解析】根据电场力做功与电势能之间的关系，电场力做正功，电势能减小，可以判断电势的高低；在由电势差的定义式可以分析OA、B

17、O的电势差的大小【详解】正电荷由O到A，动能变大，电场力做正功，电势能减小，电势也减小，所以O点的电势比A点的高；负电荷从O到B速度增大，电场力也做正功，电势能减小，电势升高，B点电势比O点高。所以B点最高，故A正确，B错误；由电场力做功的公式可得：UOAWOAq12m(2v0)2-12mv02q3mv022q；UOBWOB-q12m(3v0)2-12m(2v0)2-q5mv02-2q；所以有：UBA=4mv02q；所以C错误，D选项正确。故选AD。【点睛】在计算电场力做功和电势的大小时，一定要注意物理量的正负号，它表示了电势的高低，求电势差时也是如此三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案

18、写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.770 RD24L 【解析】金属丝的直径D=1.5mm+27.00.01mm=1.770mm据R=LS、S=14D2可得，金属丝的电阻率=RD24L。12、E C 6000 9.0 V 3.0 【解析】(1)根据串联电路的特点，可确定出电阻箱的电阻与电压表内阻的关系，选择电阻箱的规格。在分压电路中，为方便调节，滑动变阻器选用阻值较小的；根据电压表改装原理求出串联电阻阻值.(2)由于电压表的表盘没变，改装后的电压表的读数应为电压表读数的3倍.U-I图线纵轴截距的3倍表示电动势，斜率的3倍大小等于电池的内阻.【详解】(1)电源电动势约为9V，

19、应把电压表改装成9V的电压表，把3V的直流电压表接一电阻箱，串联电阻分压是电压表的两倍，串联电阻阻值应为电压表内阻的两倍，电阻箱接入电路的阻值应为6000；电阻箱应选择C；在分压电路中，为方便调节，滑动变阻器选用阻值较小的，即选E.(2)由丙读出，外电路断路时，电压表的电压为U=3.0V，则电源的电动势为E=3.03=9.0V，电源内阻.【点睛】本题涉及电表的改装和测量电动势和内电阻的实验；改装原理是串联电路的特点。而伏安法测量电源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律，要注意路端电压应为改装后电压表的读数.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字

20、说明、方程式和演算步骤。13、 (1) , (2) (3) 【解析】(1)滑块在区域I中运动时，根据牛顿第二定律可得，代入数据得，设滑块运动到两电场区域的交界点B的速度为，则，联立解得，对滑块在区域II中做类平抛时，根据牛顿第二定律得，整理得，滑块在区域II内做类平抛运动，假设滑块从区域II的上边界离开电场区域，运动的时间为，根据类平抛运动的规律得，滑块在水平方向上做匀速运动，则，在竖直方向上做匀加速运动，则，联立解得，因此假设成立，因此滑块最终离开电场时，A、D两点之间的竖直距离，A、D两点之间的水平距离，A、B两点之间的电势差为，B、D两点之间的电势差为，A、D两点之间的电势差；(2)对滑块全程由动能定理得，解得；(3)滑块在区域II中运动好从右边界的最上端离开时，根据平抛运动的规律水平方向上，竖直方向上，根据牛顿第二定律得，联立解得，解得，滑块刚好从C点离开区域II时，由运动学规律，根据牛顿第二定律得，联立解得，则区域II中的电场强度时，滑块从区域II的右边界离开。【点睛】本题考查分析较为复杂的电场与力学的综合题，尽管复杂，但过程分析并不难，要注意电场加速、