2023学年甘肃省兰州市兰炼一中物理高二上期中教学质量检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法中，正确的是（ ）A由公式可知，在离点电荷非常近的地方（r0），电场强度E可达无穷大B由公式可知负电荷在电势低的地方具有的电势能大C由Uab=Ed可知，匀强电场

2、中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大D公式C=Q/U，电容器所带电量Q越大，电压U越小，电容器的电容C越大2、2s内有0.1C电荷通过一段横截面积为0.5cm2的导体材料，则电流强度是（ ）A0.1AB0.15AC0.25AD0.05A3、物体在做平抛运动的过程中，下列哪些量是不变的（ ）A物体运动的加速度B物体的速度C物体竖直向下的分速度D物体位移的方向4、下列对电现象及规律的认识中，正确的是：A自然界中只存在正、负两种电荷；B同种电荷互相吸引，异种电荷互相排斥；C摩擦起电说明了电荷可以创造；D点电荷之间距离越大，则静电力也越大5、两个定值电阻R1、R2串联后接在输出电

3、压U=12V的直流电源上，且电源电压保持不变。把一个内阻不是远大于R1、R2的电压表接在R1的两端（如图所示），电压表的示数为8V，如果把此电压表改接在R2两端，则电压表的示数将（）A小于4VB等于4VC大于4V、小于8VD等于或大于8V6、如图所示，把四个相同的灯泡接成甲、乙两种电路后，灯泡都正常发光，已知U甲=2U乙，则这两个电路中的R甲、R乙之间的关系为AR甲= R乙BR甲=2 R乙CR甲=4 R乙DR甲=8 R乙二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，固

4、定的水平长直导线中通有电流I，矩形线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行线框由静止释放，在下落过程中( )A穿过线框的磁通量保持不变B线框中感应电流方向保持不变C线框所受安掊力的合力方向保持不变D线框的机械能不断增大8、如图所示的电路中，电源的电动势和内阻保持不变，下列说法中正确的是（ ）A闭合电路中，电流总是从电势高的地方流向电势低的地方B越大，路端电压越大C越大，电源的输出功率越大D阻值不同，电源的输出功率可能相同9、如图所示，空间有一水平方向的匀强电场，初速度为的带电质点从点射入电场，在竖直平面内沿直线从运动到，在此过程中，该质点的（ ）A重力势能和电势能都增加，动能减少B重力势能

5、增加，电势能和动能都减少C重力势能和动能之和增加D动能和电势能之和减少10、如图所示，一直流电动机与阻值R9 的电阻串联在电源上，电源电动势E30 V，内阻r1 ，用理想电压表测出电动机两端电压U10 V，已知电动机线圈电阻RM1 ，则下列说法中正确的是A通过电动机的电流为10 AB电动机的输入功率为20 WC电源的输出功率为40WD电动机的输出功率为16 W三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学描绘小灯泡的伏安特性曲线，实验器材有：电压表：量程为3V，内阻为3k 电流表；量程为0.6A，内阻约为2定值电阻R0；阻值为1k小灯

6、泡L：额定电压为3.8 V 滑动变阻器R：阻值范围为010电池E：电动势为6V 开关S，导线若干该同学按如图甲所示的电路图进行实验，通过正确实验操作和读数，得到了一组电压表的示数和电流表的示数，部分数据如下表：(1)当电压表示数为1.20 V时，小灯泡两端的电压为_V（保留三位有效数字）(2)在图乙中画出小灯泡的伏安特性曲线_(3)若把这个小灯泡与电动势为3V、内阻为10的干电池连接成闭合电路，此时小灯泡的实际功率为_W.（结果保留两位有效数字）12（12分）在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，某同学测得几组数据如下表，建立的坐标如图所示：(1)试根据上述同学测得的数据在坐标系中作出实验

7、图线_.(2)由图线求得电池的电动势为_V，内电阻为_.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）右图家用电饭的电路原理图。将电饭煲接到稳压电源上，当开关接通“加热”时，电热丝以额定功率给食物加热，当食物蒸热后，开关接通“保温”挡，给食物保温，这时电热丝的功率为其额定功率的1/4，电流为1A，已知分压电的阻值R=100。求：（1）电热丝电阻r（2）稳压电源输出的电压；（3）电热丝的额定功率。14（16分）如图所示，已知路端电压U18 V，电容器C16 F、C23 F，电阻R16 、R23 .当开关S断开时，A、B

8、两点间的电压UAB等于多少？当S闭合时，电容器C1的电荷量改变了多少？15（12分）如图所示，在第一象限的空间中存在匀强电场，场强沿y轴负方向，场强大小E=mv022qh；在第四象限中，存在匀强磁场，磁场方向垂直xy平面（纸面）向外。一电量为q、质量为m的带正电的运动粒子，经过y轴上y=h处的点P1时速率为v0，方向沿x轴正方向；然后经过x轴上的P2点进入磁场，并经过y轴上y=2h处的P3点。最后到达x轴上的P4点（图中未画出）。若不计重力，求：（1）P2点距O点的距离；（2）粒子到达P2时速度的大小和方向；（3）磁感应强度的大小；参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在

9、每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】公式只适用于点电荷电场的计算，当r趋近于零时，公式不在适用，A错误；在使用公式计算时，各个量的正负号都要参与计算，所以根据负负得正，可知同一个负电荷在电势低的地方具有的电势能大，B正确；公式中的d表示沿电场方向的距离，不是任意方向的距离，在匀强电场中，只有沿电场方向的距离越大，两点间的电势差越大，C错误；电容器的电容和其两端的电压以及所带电荷量无关，D错误2、D【解析】由电流的定义式A. 0.1A与分析不符，A错误B. 0.15A与分析不符，B错误C. 0.25A与分析不符，C错误D. 0.05A与分析符合，D正确3、A【解析】平

10、抛运动的物体加速度不变，A正确；速度的大小方向均不断变化，竖直向下的分速度逐渐变大，位移的方向也不断变化，BCD不正确4、A【解析】自然界中只存在正、负两种电荷，选项A正确；同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引，选项B错误；摩擦起电不是创造了电荷，而是电荷的转移，选项C错误；根据库仑定律，点电荷之间距离越大，则静电力也越小，选项D错误；故选A5、A【解析】当电压表接在R1两端时，其示数为8V，则此时电阻R2两端的电压为4V，将R1与RV并联后的总电阻用R1V表示，则=解得R1V=2R2由于R1R1V，则R12R2。当电压表改接在R2两端时，将R2与RV并联后的总电阻用R2V表示，则R2R2V。此

11、时电阻R1两端的电压U1与电压表示数U2V之比为=2故电压表的示数将小于4V。故A正确，BCD错误。故选A。6、C【解析】设灯泡的额定电流为，因两灯泡正常发光，故灯泡中电流相等；则甲电路中电流为，乙电路中电流为，因总功率相等，故两电阻消耗的功率相等；则由可知：甲乙解得：甲乙A.与分析不符，故A错误；B.与分析不符，故B错误；C.与分析相符，故C正确；D.与分析不符，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】根据右手螺旋定则判断出直导线周围的磁场方向，离

12、导线越远，磁场越弱，根据楞次定律判断感应电流的方向，再通过左手定则判断线框所受的安培力的合力方向【详解】A、B项：根据右手螺旋定则，知直导线下方的磁场方向垂直纸面向里，线框由静止释放，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律知，感应电流的方向为顺时针方向，即方向保持不变故A错误，B正确；C项：根据左手定则，上边所受的安培力方向向上，下边所受的安培力方向向下，由于上边所处的磁场强，所以上边所受的安培力大小大于下边所受的安培力大小，所以线框所受安培力的合力方向竖直向上，故C正确；D项：在下降的过程中，除重力做功以外，有安培力做功，所以线框的机械能不守恒，即减小，故D错误故应选：BC【点睛】解决本题的关键

13、掌握楞次定律判断感应电流的方向，以及知道机械能守恒的条件8、BD【解析】闭合电路中，电流在外电路是从电势高的地方流向电势低的地方，内电路是从低电势的地方流向高电势的地方，选项A错误；根据闭合电路的欧姆定律，U=E-Ir可知，R越大，I越小，则路端电压U越大，选项B正确；电源的输出功率，可知当时，即R=r时电源的输出功率最大，可知当电阻R从R=r增大或减小时，输出功率均减小，即R越大，电源的输出功率不一定越大，选项C错误；当输出功率相同时满足：，化简可得，即满足时，电源的输出功率相同，选项D正确。9、AD【解析】试题分析：带点小球做直线运动，所受合力方向与运动方向必定在同一直线上，根据重力和电场

14、力做功的正负判断动能、电势能、重力势能的变化；根据能量守恒，即动能+重力势能+电势能=定值，来判断重力势能和动能之和以及动能和电势能之和的变化做直线运动的条件是合外力方向和速度在同一直线，所以根据受力分析，受到的电场力方向肯定向左，电力做负功，电势能增加又重力做负功，重力势能增加合外力方向和速度反向，所以动能减少，A正确B错误；因为电场力做负功，所以质点的机械能减小，即重力势能和动能之和减小，C错误；过程中只有重力和电场力做功，所以机械能和电势能守恒，即，而重力做负功，重力势能增大，故动能与电势能之和减小，D正确10、BD【解析】根据闭合电路欧姆定律，有：E=U+I（r+R）解得：，故A错误；

15、电源的输出功率P=IE-I2r=56W，故C错误；电动机的输入功率：P入=UI=102=20W；电动机的热功率：P热=I2RM=221=4W；电动机的输出功率：P出=P-P热=UI-I2RM=102-221=16W；故BD正确；故选BD【点睛】对于电动机电路区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路，可从从能量转化的角度理解：电能全部转化内能时，是纯电阻电路电能转化为内能和其他能时，是非纯电阻电路三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.60 0.20(0.18 0.22) 【解析】（1）由电路图可知，电压表与定值电阻串联后并联接在灯泡两端，则灯泡

16、中的实际电压为电压表两端电压与定值电阻两端电压之和，则可知U=1.6V；（2）根据表中数据利用描点法可得出对应的IU图象，如图所示；（3）若把这个小灯泡与电动势为3V、内阻为10的干电池连接成闭合电路，电池的路端电压与灯泡两端的电压相等，作出电源的伏安特性曲线，则两图象的交点表示灯泡的工作点，由图可知，灯泡的电压为1.18V，电流为0.18A；由欧姆定律可知，灯泡内阻R=6.6；灯泡的功率P=UI=1.180.18=0.1W故答案为（1）1.60；（2）如图所示；（3）6.6；0.112、 1.45(1.42-1.47) 0.78(0.74-0.82) 【解析】（1）根据表中实验数据在坐标系内

17、描出对应点，然后用直线把各点连接起来，做出电源的U-I图像如图所示：（2）图像与纵坐标的交点表示电源电动势，斜率表示电源的内阻，根据图像可得：E=1.45(1.42-1.47)【点睛】测定电源的电动势和内电阻是高中阶段电学实验考查的重点，是近几年各地高考题目的出题热点本题主要是对U-I图象处理方面内容的考查，图线与纵轴的交点表示电源电动势，斜率绝对值表示电源内电阻四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）100（2）200V（3）400W【解析】设电源输出电压为U，则：U=I(R+r) I2r=U2/4r 解得：r

18、=100 （2）稳压电源输出的电压U=I(R+r)=1(100+100) V=200V （3）电热丝的额定功率P=U2r=400W 14、18 V；减少了3.6105C【解析】在电路中电容器C1、C2相当于断路.当S断开时，电路中无电流，B、C等势，A、D等势，因此UABU18 V.当S闭合时，R1和R2串联，C1两端的电压等于R1两端电压，C2两端的电压为R2两端电压，C1电荷量变化的计算首先从电压变化入手.当S断开时，UAC18 V，电容器C1带电荷量为Q1C1UAC610618 C1.08104C.当S闭合时，电路R1、R2导通，电容器C1两端的电压即电阻R1两端的电压，由串联电路的电压分配关系得UACU18 V12V此时电容器C1的带电荷量为QC1UAC610612 C7.2105C电容器C1带电荷量的变化量为QQQ13.6105C负号表示减少，即C1的带电荷量减少了3.6105C.15、（1）2h（2）2v