2023学年甘肃省示范名校物理高二上期中联考模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，a、b、c、d一个矩形的四个顶点.匀强电场与矩形所在平面平行.已知a点的电势为14V，b点的电势为18V，d点的电势为2V，由此可知c点的电势为（ ）A6VB8VC10

2、VD14V2、下列关于电荷、电荷量的说法正确的是（）A自然界存在三种电荷：正电荷、负电荷和元电荷B物体所带的电荷量可以是任意值C物体的带电量可以是21019CD物体所带的电荷量只能是某些特定的值，为元电荷的整数倍3、下列说法正确的是（ ）A万有引力定律是牛顿发现的B引力常量是牛顿测出C开普勒行星运动定律是开普勒通过实验发现的D经典力学既适用于宏观世界，也适用于微观世界4、如图所示，水平直导线中通有稳恒电流I，导线的正上方处有一电子初速度v0，其方向与电流方向相同，以后电子将（ ） A沿原方向运动，速度大小不变B沿路径a运动，速度大小变大C沿路径b运动，速度大小变小D沿路径b运动，速度大小不变5

3、、如图所示，在某一输电线路的起始端接入两个理想变压器，原、副线圈的匝数比分别为n1n2=1001和n3n4=1100，图中a、b表示电流表或电压表，已知电压表的示数为22 V，电流表的示数为1 A，则以下说法正确的是（ ）A输电线路总电阻为22 B线路输送电功率是22WCa为电压表，b为电流表Da为电流表，b为电压表6、竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘，小球A、B带有同种电荷现用指向墙面的水平推力F作用于小球B，两球分别静止在竖直墙和水平地面上，如图所示。如果将小球B向左推动少许，当两球重新达到平衡时，与原来的平衡状态相比较A推力F将变大B竖直墙面对小球A的弹力变大C地面对小球B的支持力不变D两

4、小球之间的距离变小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，平行板电容器A、B间有一带电油滴P正好静止在极板正中间，现将两极板间稍错开一些，其它条件不变。则（ ）A油滴将静止不动，电流计中电流由a流向bB极板带电量减少，两板间电势差和场强不变C油滴将向上加速，电流计中电流由b流向aD油滴将向下加速，电流计中电流由a流向b8、地球赤道上有一物体随地球一起自转做圆周运动，所需的向心力是F1，向心加速度为a1,线速度为v1，角速度为1;绕地球表面附近做圆周运动的人造卫星

5、(离地高度可忽略)所需的向心力为F2，向心加速度为a2,线速度为v2,角速度为2;地球同步卫星所需的向心力为F3，向心加速度为a3,线速度为v3,角速度为3;地球表面重力加速度为g,第一宇宙速度为v，假设三者质量相等，则正确的是( )ABCD9、一小球在竖直面内做匀速圆周运动的过程中，不断变化的是（）A机械能B重力的功率C合外力的大小D动能10、如图所示，质量为M的半球形物体A放在粗糙水平地面上，一端固定在最高点处的水平细线另一端拉住一质量为m的光滑球BA、B两球的球心连线与竖直方向成30角，B球均匀带正电，电荷量为q，处在电场强度为E，与水平面成60斜向下的匀强电场中，整体静止，则下列说法正

6、确的是( ) AA对地面的压力等于B地面对A的摩擦力方向向左，大小为C细线对小球的拉力大小为DB对A的压力大小为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用多用电表粗测量程为3V、内阻约几千欧的电压表内阻，如图甲所示，其中红表笔应连接_（填“”、“3V”或“15V”）接线柱，如图乙所示，欧姆表的读数为_。12（12分）用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图甲所示，读数为_mm；用游标为20分度的卡尺测量球的直径，示数如图乙所示，读数为_cm. 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方

7、程式和演算步骤。13（10分）如图所示的电路中，电源电动势E10 V，内阻r0.5 ，电动机的电阻R01.0 ，电阻R11.5 ，电压表的示数U13.0 V，电动机正常工作。求此时：（1）通过电动机的电流；（2）电动机两端的电压；（3）电动机消耗的电功率；（4）电动机损耗的热功率。14（16分）如图所示，已知R3=3，理想电压表读数为3v，理想电流表读数为2A，某时刻由于电路中R3发生断路，电流表的读数2.5A，R1上的电压为5v，求： （1）R1、R2阻值各是多少?（2）电源电动势E和内电阻r各是多少？15（12分）如图所示为一电流表的原理示意图质量为m的均质细金属棒MN的中点处通过一挂钩与

8、一竖直悬挂的弹簧相连,绝缘弹簧劲度系数为k,在矩形区域abcd内有匀强磁场,磁感应强度大小为B,方向垂直纸面向外,与MN的右端N连接的一绝缘轻指针可指示标尺上的刻度,MN的长度大于ab当MN中没有电流通过且处于平衡状态时,MN与矩形区域的cd边重合,当MN中有电流通过时,指针所指刻度可表示电流大小(1)当电流表示数为零时,弹簧伸长多少?(重力加速度为g)(2)若要电流表正常工作,MN的哪一端应与电源正极相接?若k=2.0N/m,ab=0.20m,cb=0.050m,B=0.20T,此电流表的量程是多少?(不计通电时电流产生的磁场的作用)(3)若将量程扩大2倍,磁感应强度应变为多大?参考答案一、

9、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】由于在匀强电场的同一条直线上，由知在相等距离上的两点之间的电势差相等，即即代入数据解得：故A正确。2、D【解析】A自然界存在两种电荷：正电荷、负电荷，选项A错误；BCD物体所带的电荷量只能是某些特定的值，为元电荷1.61019C的整数倍，即物体的带电量不可以是21019C，选项BC错误，D正确；故选D.3、A【解析】A万有引力定律是牛顿发现的，A正确；B万有引力引力常量是卡文迪许测出的，B错误； C开普勒行星运动定律是开普勒通过第谷的观测记录总结得到的，C错误； D经典力学只适用于

10、宏观低俗物体，不适用于微观高速物体，D错误。故选A。4、D【解析】水平导线中通有稳定电流I，根据安培定则判断导线上方的磁场方向向里，由左手定则判断可知，导线上面的电子所受的洛伦兹力方向身向上，则电子将沿b轨迹运动，其速率v不变，故D正确，ABC错误故选D.5、C【解析】由图可知：a的原线圈并联在电路中且副线圈匝数小于原线圈匝数，则输出电压小，为电压互感器，则a表是电压表；b的原线圈串联在电路中且副线圈匝数大于原线圈匝数，输出电流小，则为电流互感器，则b电表是电流表，则C正确，D错误；而a互感器原线圈的匝数比副线圈匝数100：1，b互感器原线圈的匝数比副线圈匝数1：100，由电压表的示数为22V

11、，得原线圈的电压为2200V，由电流表的示数为1A，原线圈的电流为100A所以电线输送功率是2.2105W=220KW，由已知条件无法求输电线电阻，故AB错误；故选C。【点睛】本题实质是电压互感器与电流互感器的简单运用，电压互感器与电流互感器是利用变压器原理将电压、电流减小到可测范围进行测量的仪器。6、C【解析】先以A球为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件分析墙壁对A的弹力如何变化，再以AB整体为研究对象，根据平衡条件分析F如何变化和地面对小球B的弹力的变化由库仑定律分析两球之间的距离如何变化；【详解】ABC、以A球为研究对象，分析受力，作出力图如图所示，设B对A的库仑力F与墙壁的夹角

12、为，由平衡条件得竖直墙面对小球A的弹力为：，将小球B向左推动少许时，减小，则竖直墙面对小球A的弹力N1减小； 再以AB整体为研究对象，分析受力如图所示，由平衡条件得：，则F减小，地面对小球B的支持力一定不变，故C正确，A、B错误；D、由上分析得到库仑力，减小，cos增大，减小，根据库仑定律分析得知，两球之间的距离增大，故D错误；故选C【点睛】运用隔离法和整体法结合分析动态平衡问题，关键是确定研究对象（往往以受力较少的物体为研究对象），分析受力情况二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错

13、的得0分。7、AB【解析】将两极板稍错开一些，由于电势差不变，d不变，则根据知，电场强度不变，电场力不变，油滴不动；根据得，S减小，则电容变小，U不变，根据Q=CU知，电荷量减小，则电流计中的电流由a流向b；A油滴将静止不动，电流计中电流由a流向b，与结论相符，选项正确；B极板带电量减少，两板间电势差和场强不变，与结论相符，选项B正确；C油滴将向上加速，电流计中电流由b流向a，与结论不相符，选项错误；D油滴将向下加速，电流计中电流由a流向b，与结论不相符，选项错误；8、CD【解析】A根据题意三者质量相等，轨道半径：物体与近地卫星比较，由于赤道上物体受引力和支持力的合力提供向心力，而近地卫星只受

14、万有引力提供向心力，故：跟根据万有引力公式：比较近地卫星与同步卫星可知：物体和同步卫星角速度相同，根据向心力公式：可知：所以有：故A错误；B由选项A的分析知道向心力关系，故由牛顿第二定律，可知：故B错误；C比较近地卫星和同步卫星，根据万有引力提供向心力有：得：可知：比较物体和同步卫星，因为角速度相等，故：可得：所以有：根据第一宇宙速度计算式可知：故C正确；D同步卫星与地球自转同步，故：根据周期公式：可知卫星轨道半径越大，周期越大，故：再根据：有：故D正确；故选CD.9、AB【解析】AD小球在竖直面内做匀速圆周运动的过程中，小球的速率不变，动能始终不变，重力势能不断变化，机械能不断变化，故A项符

15、合题意，D项不符合题意；B一小球在竖直面内做匀速圆周运动的过程中，小球的速率不变，速度方向不断变化，重力的功率不断变化，故B项符合题意；C一小球做匀速圆周运动的过程中，合外力的大小不变，故C项不符合题意。10、BC【解析】AB对球和半球形绝缘体整体分析，受重力、支持力、电场力和摩擦力，根据平衡条件，有：N=(M+m)g+qEsin60=(M+m)g+qE；f=qEcos60=qE，向左根据牛顿第三定律,A对地面的压力大小为(M+m)g+qEA对地面的摩檫力方向水平向右,大小为qE ；故A错误，B正确；CD对球受力分析，受重力、支持力、拉力和电场力，如图所示：根据平衡条件，有：T=Nsin30+

16、qEsin30Ncos30=mg+qEcos30联立解得：T=N=mg+qE根据牛顿第三定律，压力为mg+qE，故C正确，D错误。故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 “-” 3.2k 【解析】12因为红表笔内部接电池的负极，则红表笔应连接 “-”接线柱；欧姆表的读数为3.2k。12、0.6150.619；0.670【解析】试题分析：螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为11.70.01mm=0.117mm，所以最终读数为0.5mm+0.117mm=0.617mm，游标卡尺的主尺读数为：0.6cm=6mm，游标尺上第14

17、个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为140.05mm=0.70mm，所以最终读数为：6mm+0.70mm=6.70mm=0.670mm，故答案为0.617；0.670考点：本题考查了螺旋测微器的使用；刻度尺、游标卡尺的使用.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2A （2）6V （3）12 W （4）4W【解析】（1）通过电动机的电流 （2）电动机两端的电压: （3）电动机消耗的电功率:（4）电动机损耗的热功率:14、（l）2 1 （2）10V 2【解析】试题分析：根据题意可知R3断路后，R1直接接到电压

18、两端，电压表测量R1电压，根据欧姆定律求出R1的阻值，根据串联分压可以求出电阻R2的阻值，在R3断开前后，根据闭合电路欧姆定律列式即可求解电动势和内电阻。（1）R3断开时，电压表测量R1电压，电流表测量电流，根据欧姆定律可得： R3断开前R1上电压为：U1=R1I=4V电压关系为：U1=U2+U3可得：U2=1V根据串联分压特点可得： 解得：R2=1（2）R3断开前 总电流I1=3A根据闭合电路欧姆定律可得：E= U1+ I1rR3断开后 总电流I2=2.5A根据闭合电路欧姆定律可得：E= U2+ I2r联立方程解得：E=10V r=2点睛：本题主要考查了电路故障前后电路的结构，能根据闭合电路欧姆定律结合串并联电路的