2023学年广东广州外国语学校高二物理第一学期期中达标测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板B与一静电计相接，极板A接地下列操作中可以观察到静电计指针张角变大的

2、是 （ ）A极板A上移B极板A右移C极板间插入一定厚度的金属片D极板间插入一云母片2、如图所示，一水平放置的N匝矩形线框面积为S，匀强磁场的磁感应强度为B，方向斜向上，与水平面成30角，现若使矩形框以左边的一条边为轴转到竖直的虚线位置，则此过程中磁通量的改变量的大小是( )ABSBNBSCNBSDBS3、关于点电荷，下列说法中正确的是( )A体积小的带电体B球形带电体C带电少的带电体D大小和形状对作用力影响可忽略的带电体4、关于点电荷和元电荷的说法中，正确的是A只有很小的球形带电体才叫做点电荷B体积大的带电体有时也可以视为点电荷C电子就是元电荷D某一带电体的电荷量为3.141019 C5、某兴

3、趣小组探究发现导电液体电阻变化规律与金属电阻相同.如图所示，将横截面积之比为3:5，长度相同的两段玻璃管注满相同的盐水，封闭构成盐水柱a和b并联接入电路中，忽略温度对电阻的影响，则下列说法正确的是A盐水柱a和b电阻之比为3:5B通过盐水柱a和b电流之比为3:5C盐水柱a和b中自由电荷移动速率之比3:5D电路稳定时盐水柱中电场强度处处为零6、电动枧是把电能转化成机械能的一种设备，在工农业、交通运输、国防及家电、医疗领域广泛应用。图示表格是某品牌电动机铭牌的部分参数，据此信息，下列说法中不正确的是型号YE3-132S2-2编号521780额定功率1100W额定电压220V额定电流5.0A额定转速2

4、900r/ min效率90.0%频率50HzA该电动机的发热功率为110WB该电动机转化为机械能的功率为1100WC该电动机的线圈电阻R为4.4D该电动机正常工作时每分钟对外做的功为5.94104J二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，绝缘的轻质弹簧竖直立于水平地面上，上面放一质量为m的带正电小球（小球与弹簧不拴接），整个系统处在方向竖直向上的匀强电场中。开始时，整个系统处于静止状态，现施加一外力F，将小球向下压至某一位置，然后撤去外力，使小球从静止开始向上运

5、动。设小球从静止开始向上运动到离开弹簧的过程中，电场力对小球所做的功为W1，小球克服重力所做的功为W2，小球离开弹簧时的速度为v。不计空气阻力，则在上述过程中（）A小球与弹簧组成的系统机械能守恒B小球的重力势能增加了W2C小球的电势能减少了W1D小球的机械能增加了8、如图所示是根据某次实验记录数据画出的U-I图像，下列关于这个图像的说法中正确的是（）A纵轴截距表示待测电源的电动势B横轴截距表示短路电流C根据，计算出待测电源内电阻为12D电流为0.3A时的外电阻是189、一带点油滴在匀强电场E中的运动轨迹如图虚线所示，电场方向竖直向下。若不计空气阻力，则此油滴从A运动到B的过程中，能量变化情况为

6、A动能减小B电势能减少C动能和电势能之和减少D重力势能和动能之和增加10、如图，半径为R的圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为BM为磁场边界上一点，有无数个带电量为q、质量为m的相同粒子(不计重力)在纸面内向各个方向以相同的速率通过M点进入磁场，这些粒子射出边界的位置均处于边界的某一段圆弧上，这段圆弧的弧长是圆周长的1/1下列说法正确的是（ ）A粒子从M点进入磁场时的速率为v=B粒子从M点进入磁场时的速率为v=C若将磁感应强度的大小增加到 ，则粒子射出边界的圆弧长度变为原来的D若将磁感应强度的大小增加到 ，则粒子射出边界的圆弧长度变为原来的三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案

7、写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，实验室备有下列器材供选择：A小灯泡（“3.0 V、0.5A”） B电流表(量程3 A，内阻约为1 )C电流表(量程0.6 A，内阻约为5 ) D电压表(量程3.0 V，内阻约为10 k)E电压表(量程15.0 V，内阻约为50 k) F滑动变阻器(最大阻值为5，额定电流2.0 A)G电源(电压为4.0 V，内阻不计)H电键及导线等(1)为了使实验完成的更好，电流表应选用_；电压表应选用_； (只需填器材前面的字母即可)(2)实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量画出实验电路图_用笔画

8、线代替导线，将图中的实验仪器连成完整的实验电路_该同学描绘出的I-U图象和下图中的_形状最接近12（12分）测量一只量程已知的电压表的内阻，器材如下：A待测电压表(量程3V，内阻未知)一块B电流表(量程3A，内阻0.01)一块C定值电阻(阻值5k，额定电流0.5A)一个D电池组(电动势小于3V，内阻可忽略)一个E多用电表一块F开关两只G导线若干有一同学利用上面所给器材，进行如下实验操作：(1)用多用电表进行粗测：多用电表电阻挡有3种倍率，分别是100、10和1.该同学选择10倍率，用正确的操作方法测量时，发现指针偏转角度太小为了较准确地进行测量，应选择_倍率换挡后，应注意_若重新测量的结果如图

9、所示，那么测量结果大约是_(2)为了更准确地测出该电压表内阻的大小，该同学设计了如图(甲)、(乙)两实验电路你认为其中较合理的是_(填“甲”或“乙”)电路其理由是_(3)用你选择的电路进行实验时，需要直接测量的物理量是_用上述所测各量表示电压表内阻，其表达式应为RV_.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示,区域内有电场强度为E =2104N/C、方向竖直向上的匀强电场；区域中有一光滑绝缘圆弧轨道，轨道半径为R =2m,轨道在A点的切线与水平方向成60角，在B点的切线与竖直线CD垂直；在区域有一宽为d

10、 =3m的有界匀强电场，电场强度大小未知,方向水平向右.一质量为=0.4kg、带电荷量为q =-210-4C的小球(质点)从左边界O点正上方的M点以速度=2m/s水平射入区域，恰好从A点沿圆弧轨道切线进人轨道且恰好不能从区域中电场的右边界穿出，(g取10m/s2)求：（1）OM的长L；（2）区域中电场的电场强度大小；（3）等高,小球到达区域中的电场边界上的点与间的距离.14（16分）如图所示，足够大的荧光屏垂直坐标面，与x轴夹角为30，当y轴与间有沿方向、场强为E的匀强电场时，一质量为m、电荷量为q的正离子从y轴上的P点，以速度、沿轴方向射入电场，恰好垂直打到荧光屏上的M点（图中未标出）。现撤

11、去电场，在y轴与间加上垂直坐标面向外的匀强磁场，相同的正离子从y轴上的Q点仍以速度、沿轴方向射入磁场，恰好也垂直打到荧光屏上的M点，离子的重力不计。则： (1)求离子在电场中运动的时间；(2)求磁场的磁感应强度B；15（12分）如图所示，一质量为的带电粒子从点开始以与水平成角的初速度在电场强度为匀强电场中运动，粒子运动的轨迹为一条直线，能到达的最高点为点，不计空气阻力，重力加速度大小为.求：(1)粒子的电性和电荷量的大小；(2)粒子从到所用的时间；(3)粒子到电势能的变化量.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【

12、解析】A极板A上移，极板正对面积减小，根据电容的决定式C=S4kd，可知电容C减小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=QU，可知板间电势差增大，则指针张角变大故A正确B极板A右移，板间距离减小，根据电容的决定式C=S4kd，可知电容C增大，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=QU，可知板间电势差减小，则指针张角变小故B错误C极板间插入一定厚度的金属片，相当于板间距离减小，根据电容的决定式C=S4kd，可知电容C增大，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=QU，可知板间电势差减小，则指针张角变小故C错误D极板间插人一云母片，根据电容的决定式C=S4kd，可知电容C增大，电容器的电量Q不变，

13、由电容的定义式C=QU，可知板间电势差减小，则指针张角变小故D错误【点睛】对于电容器动态变化分析问题，关键掌握电容的决定式C=S4kd和电容的定义式C=QU，结合进行分析2、D【解析】矩形线圈abcd如图所示放置，匀强磁场方向向左上方，平面水平放置时通过线圈的磁通量为1=BSsin30BS当规定此时穿过线圈为正面，则当线圈绕ad轴转90角时，穿过线圈反面，则其的磁通量2=BScos30BS因此穿过线圈平面的磁通量的变化量为21BSBSBS故选D【点睛】对于匀强磁场中磁通量的求解，可以根据一般的计算公式=BSsin（是线圈平面与磁场方向的夹角）来分析线圈平面与磁场方向垂直、平行两个特殊情况注意夹

14、角不是磁场与线圈平面的夹角，同时理解磁通量不是矢量，但注意分清正面还是反面通过线圈3、D【解析】带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小、形状、以及带电的多少均无具体关系故D正确、ABC错误故选D点睛：如果在研究的问题中，带电体的形状、大小以及电荷分布可以忽略不计，即可将它看作是一个几何点，则这样的带电体就是点电荷一个实际的带电体能否看作点电荷，不仅和带电体本身有关，还取决于问题的性质和精度的要求，即需要具体问题具体分析4、B【解析】A、由带电体看作点电荷的条件，当带电体的大小、形状对它们间相互

15、作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，带电体能否看作点电荷是由研究问题的性质决定，与自身大小、形状体积等无具体关系，故A错误、B正确；C、元电荷是带电量的最小值，它不是电子，故C错误；D、带电体的带电量一定是元电荷的整数倍，不是整数，故某带电体的电荷量为是不可能的，故D错误点睛：元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子或质子的电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷的整数倍5、B【解析】A.根据电阻定律可知，横截面积之比为3:5，电阻之比为5:3，故A错误；B.两个导体两端的电压相同，由欧姆定律得电流之比为3:5，

16、故B正确；C.由电流的微观表达式I=nesv，结合电流与横截面积关系可知电荷移动速率之比1:1，故C错误；D.导体中自由电荷在电场力作用下沿力的方向定向运动形成持续电流，电场强度不为零，故D错误.6、B【解析】根据表格可知该电动机的发热功率为P热=(1-0.9)P额=0.11100=110W，机械功率为P机=0.9P额=0.91100=990W，A正确B错误；根据P=I2R可知该电动机的线圈电阻为r=P热I2=11052=4.4，C正确；该电动机正常工作时每分钟对外做的功为W=P机t=99060=5.94104J，D正确【点睛】一般利用P=UI计算电动机的总功率，利用P=I2r计算电动机的发热

17、功率，根据能量守恒，利用公式P=UI-I2r计算电动机的输出功率二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】A由于电场力做功，所以小球和弹簧组成的系统机械能不守恒，A错误；B重力做功为且为负功，则重力势能应增加，B正确；C电场力做正功，所以电势能减小为，C正确；D小球增加的机械能应该为电场力对小球做的功，所以机械能增加，D错误。故选BC。8、AD【解析】A由闭合电路欧姆定律可知由数学知识可知，纵轴截距表示待测电源的电动势，故A正确；BC当纵坐标是从零开始调节的，则

18、横轴截距表示的是短路电流，而由图可知纵坐标是从5.0V开始调节的，故横轴截距表示的不是短路电流，则由图无法得出短路电流，故电源的内阻不能用来计算，故BC错误；D由图可知，当电流为0.3A时外电压是5.4V，根据解得，故D正确。故选AD。9、BCD【解析】A. 由轨迹图可知，带电油滴所受重力小于电场力，故从A到B的运动过程中合外力做正功，动能增加，故A错误；B. 油滴向上偏转运动，说明电场力向上，并且一定大于重力，所以从A到B的运动过程电场力做正功，电势能减小，故B正确；C. 根据功能关系可知，在从A到B的运动过程中只有重力、电场力做功，因此重力势能、电势能、动能三者之和保持不变；从A到B的运动

19、过程中重力做负功，重力势能增加，因此动能和电势能之和减小，故C正确；D. 根据功能关系可知，在从A到B的运动过程中只有重力、电场力做功，因此重力势能、电势能、动能三者之和保持不变，因该过程中电势能减小，因此重力势能和动能之和增加，故D正确。10、AC【解析】AB因为粒子射出边界的位置处于边界的某一段圆弧上，并不是整个圆周上都有，所以，粒子做圆周运动的半径小于R；则粒子能射到的边界其圆弧所对应的弦长正好等于圆周运动的直径，因为这段圆弧的弧长是圆周长的，所以，弦长对应的等腰三角形的内顶角为90，所以，弦长2r=2Rsin15，则粒子做圆周运动的半径：r=Rsin15=，粒子做圆周运动，洛伦兹力充当

20、向心力，即，所以：，故A正确，B错误；CD若B变为原来的倍，则粒子在磁场中做圆周运动的半径：，同理可得，对应的弦长为R，由几何关系可得粒子做圆周运动转过磁场的圆心角为60，所以，所以弧长之比为23，故C正确，D错误。故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C D B 【解析】(1)从测量精确度考虑，小灯泡的额定电流为Imax=0.5A，则电流表要大于等于0.5A的量程，故选C(0.6A );小灯泡的额定电压为3V，所以电压表选取量程为大于等于3V的D；(2)由于电压和电流需从0开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法;灯泡的电阻为R

21、=UI30.5=6,满足R2=36RARV=50000，属于小电阻，“小外偏小”，采取电流表的外接法，电路如图所示：由外接法+分压式连实物如图所示：(3)由于灯泡内阻随温度的升高而增大，而I-U图象中图象的斜率表示电阻的倒数；因此其对应的I-U图象应斜率越来越小；故只有B图正确【点睛】本题考查描绘小灯泡伏安特性曲线的实验，正确掌握本实验中电路的接法；注意分压接法以及电流表接法的正确判断12、（1） 3000 （2分） （2）乙 （2分）（3）K2闭合前后电压表的读数分别为U1、U2 （2分） （2分）【解析】：（1）欧姆表指针偏转角度太小，说明所选倍率太小，为了较准确地进行测量，应重新选择100倍率；由图示欧姆表表盘可知，待测电阻阻值为30100=3000（2）电源电动势为3V，电压表内阻约为3000，图甲所示电路电流太小，电流表读数误差太大，实验误差太大，因此不能使用图甲所示实验电路，合理的实验电路是图乙所示实验电路（3）采用图乙所示实验电路，需要测出K2闭合前后电压表的读数U1、U2，电源内阻不计，电阻R两端电压UR=U2-U1，K2断开时电路电流I=URR=U2-U1R，待测电压表内阻RV=U1I=U1U2-U1R=.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案