卓识教育深圳实验部2022-2023学年物理高三上期中联考模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在水平地面上有两个完全相同的钩码A、B处于静止状态，现在挂钩处分别对A、B施加竖直向上的恒力F1和F2(F1F2)，使钩码都竖直向上做匀加速直线运动，A、B两个钩码各自运动一段时间后撤去竖直向上的恒力作用，已知A、B

2、向上运动的最大高度相等。忽略空气阻力作用，设Fl对钩码A的冲量大小为I1，F2对钩码B的冲量大小为I2，则AI1I2CI1=I2D以上情况都有可能2、如图所示，在发射地球同步卫星的过程中，卫星首先进入椭圆轨道I，然后在Q点通过改变卫星速度，让卫星进入地球同步轨道，则（）A该卫星的发射速度必定大于11. 2 km/sB卫星在同步轨道II上的运行速度大于7. 9 km/sC在轨道I上，卫星在P点的速度小于在Q点的速度D卫星在Q点通过加速实现由轨道I进入轨道II3、某电场的电场线如图所示，A、B是一电场线上的两点，则A、B两点的电场强度A大小相等，方向不同B大小不等，方向不同C大小相等，方向相同D大

3、小不等，方向相同4、如图所示,一质量为2 kg的物体放在光滑的水平面上,原来处于静止状态,现用与水平方向成60角的恒力F=10 N作用于物体上,历时5 s,则下列说法正确的是( )A力F对物体的冲量大小为25 NsB力F对物体的冲量大小为50NsC物体的动量变化量为50 kgm/sD物体所受合外力冲量大小为50 Ns5、火车转弯时，如果铁路弯道内外轨一样高，外轨对轮绝（如图a所示）挤压的弹力F提供了火车转弯的向心力（如图b所示），但是靠这种办法得到向心力，铁轨和车轮极易受损在修筑铁路时，弯道处的外轨会略高于内轨（如图c所示），当火车以规定的行驶速度转弯时，内、外轨均不会受到轮缘的挤压，设此时的

4、速度小为，以下说法中正确的是A该弯道的半径B当火车质量改变时，规定的行驶速度也将改变C当火车速率大于时，外轨将受到轮缘的挤压D当火车速率小于时，外轨将受到轮缘的挤压6、如图所示，竖直面内光滑的3/4圆形导轨固定在一水平地面上，半径为R一个质量为m的小球从距水平地面正上方h高处的P点由静止开始自由下落，恰好从N点沿切线方向进入圆轨道不考虑空气阻力，则下列说法正确的是（）A适当调整高度h，可使小球从轨道最高点M飞出后，恰好落在轨道右端口N处B若h=2R，则小球在轨道最低点对轨道的压力为4mgC只有h2.5R时，小球才能到达圆轨道的最高点MD若h=R，则小球能上升到圆轨道左侧离地高度为R的位置，该过

5、程重力做功为mgR二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、小木块放在倾角为的斜面上，受到一个水平力F（F0）的作用处于静止，如图则小木块受到斜面的支持力和摩擦力的合力的方向与竖直向上的方向的夹角可能是（） A=0B向左上方，=C向右上方，D向左上方，8、一升降机箱底部装有若干个弹簧，设在某次事故中，升降机吊索在空中断裂，忽略摩擦和空气阻力影响，则升降机在从弹簧下端触地直到最低点的一段运动过程中（）A升降机的速度不断减小B升降机的加速度不断变大C先是弹力做的负功绝对值小于重

6、力做的正功然后是弹力做的负功绝对值大于重力做的正功D重力势能减小，弹性势能增大9、如图所示，将质量为2m的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为m的环，环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑的轻小定滑轮与直杆的距离为d，杆上的A点与定滑轮等高，杆上的B点在A点下方距离为d处。现将环从A处由静止释放，不计一切摩擦阻力，下列说法正确的是（）A环到达B处时，重物上升的高度h=B环能下降的最大高度为C环运动到B处的速度为D小环运动过程中，轻绳中的张力不可能大于2mg10、甲、乙两质点在同一直线上做匀加速直线运动，vt图象如图所示，3秒末两质点在途中相遇，由图象可知（） A甲的加速度等于乙的加速度B出发

7、前甲在乙之前6m处C出发前乙在甲前6m处D相遇前甲乙两质点的最远距离为6m三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“探究弹力和弹簧伸长量的关系，并测量弹簧的劲度系数”的实验中，实验装置如图甲所示所用的每个钩码的重力相当于对弹簧提供了向右的恒定拉力实验时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在绳子的下端，每次测量相应的弹簧的总长度，并在图乙坐标纸上描出了弹簧所受的拉力与弹簧长度所对应的五个点，连接这些点就得到一条图线 （1）由此图线可计算出该弹簧的劲度系数k_N/m；（2）该同学实验时，把弹簧水平放置与弹簧悬挂放置相比较，

8、优点在于：_；缺点在于：_.12（12分）某同学用图（a）所示的实验装置验证机械能守恒定律，其中打点计时器的电源为交流电源，可以使用的频率有220Hz、30Hz和40Hz，打出纸带的一部分如图（b）所示。该同学在实验中没有记录交流电的频率f，需要用实验数据和其他条件进行推算。（1）若从打出的纸带可判定重物匀加速下落，利用f和图（b）中给出的物理量可以写出：在打点计时器打出B点时，重物下落的速度大小为_，重物下落的加速度的大小为_。（2）已测得s1=8.89cm，s2=9.50cm，s3=10.10cm；当重力加速度大小为9.80m/s2，实验中重物受到的平均阻力大小约为其重力的1。由此推算出f

9、为_Hz。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，水平桌面上静止放置两个可视为质点的小物块A和B，A、B质量分别为mA=5kg，mB=3kg。B放在桌面的最右端，A、B之间的距离为2.75m，桌面右端与水平传送带平滑连接，传送带以速率v=1ms顺时针匀速转动，传送带的长度L=4m。某时刻给物块A一个向右的、大小为30Ns瞬时冲量，A运动后与B发生碰撞，碰撞时间极短，碰后物块B向右的速度为5ms。A、B与水平桌面和传送带之间的动摩擦因数均为0.2，g取10ms2。求：(1)A和B碰撞后，A的速度大小；(

10、2)A在传送带上运动的时间；(3)物块在传送带上运动过程中，因摩擦产生的总热量。14（16分）如图甲，光滑平台右侧与一长为L=5m的水平木板相接，木板固定在地面上，现有一可视为质点的小滑块以初速度你滑上木板，恰好滑到木板右端停止。现将木板右端抬高，如图乙，使木板与水平地面的夹角=37，让滑块以相同的初速度滑上木板，不计滑块滑上木板时的能量损失，g取10m/s2，sin37=0. 6，cos37=0. 8。求：（1）滑块与木板之间的动摩擦因数；（2）滑块从滑上倾斜木板到滑回木板底端所用的时间t。15（12分）一质点做匀变速直线运动，先后经过直线上A、B、C三点，AB=BC，若质点在AB间的平均速

11、度，在BC间的平均速度，求质点经B点的瞬时速度。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】设钩码A、B的质量为m，因F1F2，由牛顿第三定律知向上做匀加速直线运动的加速度满足：a1a2，由于上升的高度相同，则速度图象如图所示；根据图象可知A上升过程中运动的总时间小于B上升过程中运动的总时间；全过程根据动量定理可得：对A：I1-mgt1=0对B：I2-mgt2=0所以I1I2。AI1I2，与结论不相符，选项B错误；CI1=I2，与结论不相符，选项C错误；D以上情况都有可能，与结论不相符，选项D错误；2、D【解析】

12、了解同步卫星的特点和第一宇宙速度、第二宇宙速度的含义，当万有引力刚好提供卫星所需向心力时，卫星正好可以做匀速圆周运动：若是“供大于需”，则卫星做逐渐靠近圆心的运动；若是“供小于需”，则卫星做逐渐远离圆心的运动.【详解】11.2km/s是卫星脱离地球束缚的发射速度，而同步卫星仍然绕地球运动，故A错误；7.9km/s即第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度，而同步卫星的轨道半径要大于近地卫星的轨道半径，根据v的表达式可以发现，同步卫星运行的线速度一定小于第一宇宙速度，故B错误；根据开普勒第二定律，在轨道I上，P点是近地点，Q点是远地点，则卫星在P点的速度大于在Q点的速度，故

13、C错误；从椭圆轨道到同步轨道，卫星在Q点是做逐渐远离圆心的运动，要实现这个运动必须卫星所需向心力大于万有引力，所以应给卫星加速，增加所需的向心力，故D正确；故选D【点睛】本题考查万有引力定律的应用，知道第一宇宙速度的特点，卫星变轨也就是近心运动或离心运动，根据提供的万有引力和所需的向心力关系确定3、D【解析】由图可知，B处的电场线比A处密集，电场线越密，场强越大，所以EAEB；场强的方向均水平向右，方向相同，故ABC错误，D正确；故选D.4、B【解析】冲量I=Ft，物体所受合外力的冲量等于物体动量的变化【详解】A、力F对物体的冲量大小I=Ft=105Ns=50Ns，故A错误，B正确C、根据动量

14、定理，物体所受合外力的冲量等于物体动量的变化F合=10N=5N，所以合外力的冲量I合=F合t=55Ns=25Ns，则物体的动量变化量为25kgm/s，故C、D错误故选：B【点睛】在求一个力的冲量的时候，不需要将这个力分解到物体的位移方向上，这一点最容易出错5、C【解析】火车拐弯时不侧向挤压车轮轮缘，靠重力和支持力的合力提供向心力，设转弯处斜面的倾角为，根据牛顿第二定律得：mgtan=mv2/R，解得：R= v2/ gtan，故A错误；根据牛顿第二定律得：mgtan=mv2/R, 解得：v=，与质量无关，故B错误；若速度大于规定速度，重力和支持力的合力不够提供，此时外轨对火车有侧压力，轮缘挤压外

15、轨故C正确；若速度小于规定速度，重力和支持力的合力提供偏大，此时内轨对火车有侧压力，轮缘挤压内轨故D错误故选C.点睛：火车拐弯时以规定速度行驶，此时火车的重力和支持力的合力提供圆周运动所需的向心力若速度大于规定速度，重力和支持力的合力不够提供，此时外轨对火车有侧压力；若速度小于规定速度，重力和支持力的合力提供偏大，此时内轨对火车有侧压力6、C【解析】若小球从M到N做平抛运动，故有：R=vMt， ，所以， ；若小球能到达M点，对小球在M点应用牛顿第二定律可得： ，所以，故小球不可能从轨道最高点M飞出后，恰好落在轨道右端口N处，故A错误；设小球在最低点速度为v，对小球从静止到轨道最低点应用动能定理

16、可得：mgh=mv2；再由牛顿第三定律，对小球在最低点应用牛顿第二定律可得：小球在轨道最低点对轨道的压力 ；故B错误；对小球从静止到M点应用动能定理可得： ，所以，h2.5R，故C正确；若h=R，由动能定理可得：小球能上升到圆轨道左侧离地高度为R的位置，该过程始末位置高度差为零，故重力做功为零，故D错误；故选C二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】对滑块受力分析，受重力、支持力、推力和摩擦力（可能不受摩擦力），四个力保持平衡，其中支持力与摩擦力的合力与其余两

17、个力的合力等大、反向、共线；由于推力F和重力G的合力一定向右下方，故支持力与摩擦力的合力与其余两个力的合力一定平衡，向左上方；当时，物体有上滑趋势，静摩擦力平行斜面向下；当=时，物体无滑动趋势，不受静摩擦力，故BD正确，AC错误。8、CD【解析】试题分析：升降机从弹簧下端接触地面后至到最低点的过程中，开始重力大于弹簧弹力，升降机的速度增加，动能增加，随着向下运动，弹簧的压缩量逐渐增大，弹力逐渐增大，当弹簧弹力大于重力时，升降机向下做减速运动，速度逐渐减小，所以升降机的速度先增大后减小，加速度先减小后反向增大，故AB错误C、从升降机接触弹簧到速度最大的过程中，动能增大，由动能定理知，合力做功为正

18、，则弹力做的负功小于重力做的正功从速度最大位置到最低点的过程中，动能减小，由动能定理知，合力做功为负，则弹力做的负功大于重力做的正功故C正确D、由于升降机的高度不断下降，则重力势能不断减小弹簧的压缩量不断增大，则弹性势能不断增大，故D正确故选CD9、BC【解析】A根据几何关系有，环从A下滑至B点时，重物上升的高度故A错误；B设环下滑到最大高度为H时环和重物的速度均为0，此时重物上升的最大高度为根据机械能守恒有解得故B正确；C在B点，对环的速度沿绳子方向和垂直于绳子方向分解，在沿绳子方向上的分速度等于重物的速度，有v环cos45=v物根据系统机械能守恒定律可得解得环的速度故C正确；D环从A点释放

19、时，重物有向上的加速度，绳子的拉力大于重力，故D错误。故选BC。10、BD【解析】由图看出，甲的斜率小于乙的斜率，则甲的加速度小于乙的加速度故A错误3s末甲、乙通过的位移分别为：x乙=63m=9m，x甲=32m=3m，由题，3秒末两质点在途中相遇，则说明出发前甲在乙之前6m处故B正确，C错误由于出发前甲在乙之前6m处，出发后乙的速度一直大于甲的速度，则两质点间距离不断缩短，所以相遇前甲乙两质点的最远距离为6m故D正确故选BD【点睛】本题考查速度图象两个基本的意义：斜率等于加速度、“面积”等于位移，并根据速度和位置的关系求解两质点最远距离三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定

20、的答题处，不要求写出演算过程。11、20 避免弹簧自身所受重力对实验的影响 弹簧与桌面及绳子与滑轮间存在的摩擦造成实验的误差 【解析】（1）描点作图，FL图线如图所示，当弹力为零时，弹簧的形变量为零，此时弹簧的长度等于弹簧的原长，则弹簧的原长根据胡克定律知，可知图线的斜率表示劲度系数，则；（2）优点是可以避免弹簧自身所受重力对实验的影响，从而减小实验误差；缺点是弹簧与桌面及绳子与滑轮间存在的摩擦造成实验的误差。12、 40 【解析】(1)12 根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度可得：由速度公式vC=vB+aT可得：a=(2)3 由牛顿第二定律可得：mg-0.01mg=ma所以a=0.99g结合(1)解出的加速度表达式，代入数据可得f=40HZ四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）vA=2m/s （2）3.75s （3）20.5J【解析】（1）某时刻给物块A一个瞬时冲量，由动量定律可知：I=mAvA0-0 解得vA0=ImA=6m/s 物块A在桌面上