2022-2023学年湖北省宜昌市秭归县第二高级中学物理高三第一学期期中联考模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是

2、符合题目要求的。1、2017年6月19号，长征三号乙火箭发射中星9A卫星过程中出现变故，由于运载火箭的异常，致使卫星没有按照原计划进入预定轨道经过航天测控人员的配合和努力，通过10次的轨道调整，7月5日卫星成功变轨卫星变轨原理图如图所示，卫星从椭圆轨道远地点Q改变速度进入地球同步轨道，P点为椭圆轨道近地点下列说法正确的是（）A卫星在椭圆轨道运行时周期大于在同步轨道运行时的周期B卫星在椭圆轨道的P点的速度小于在同步轨道的Q点的速度C卫星在椭圆轨道的机械能等于在同步轨道的机械能D卫星耗尽燃料后，在微小阻力的作用下，机械能减小，轨道半径变小，动能变大2、如图所示，中间有孔的物块A套在光滑的竖直杆上，

3、通过滑轮用不可伸长的轻绳将物体拉着匀速向上运动，则关于拉力F及拉力F的功率P，则下列说法正确的是（ ）AF不变，P减小BF增大，P增大CF增大，P不变DF增大，P减小3、如图所示，某中学新校区装修时，工人用质量为m的磨石对斜壁进行打磨，当对磨石施加方向竖直向上、大小为F的推力时，磨石恰好沿斜壁向上匀速运动，已知磨石与斜壁之间的动摩擦因数为，则磨石受到的摩擦力大小为A(F - mg)cosB(F - mg)sinC(F - mg)cosD(F - mg)4、关于做匀速圆周运动物体的线速度、角速度、加速度、周期之间的关系，下列说法正确的是A角速度大的半径一定小B角速度大的周期一定小C线速度大的周期

4、一定小D加速度大的角速度一定大5、如图所示，光滑绝缘斜面的底端固定着一个带正电的小物块P，将另一个带电小物块Q在斜面的某位置由静止释放，它将沿斜面向上运动。设斜面足够长，则在Q向上运动过程中 A物块Q的动能一直增大B物块Q的电势能一直增大C物块P、Q的重力势能和电势能之和一直增大D物块Q的机械能一直增大6、游乐场的过山车可以底朝上在圆轨道上运行，游客却不会掉下来，如图甲所示，我们把这种情形抽象为图乙的模型：弧形轨道的下端与竖直圆轨道相接，将小球从弧形轨道上端距地面高度为h处释放，小球进入半径为R的圆轨道下端后沿圆轨道运动。欲使小球运动到竖直圆轨道最高点时轨道对小球的压力等于小球的重力，则h与R

5、应满足的关系是（不考虑摩擦阻力和空气阻力）（） Ah=2RBh=2.5RCh=3RDh=3.5R二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、物体A放在木板B上，木板B放在水平地面上，已知mA=8kg，mB=2kg，A、B间动摩擦因数1=0.2，B与地面动摩擦因数2=0.1，如图所示若现用一水平向右的拉力F作用于物体A上，g=10m/s2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是（ ）A当拉力F=12N时，A、B间摩檫力大小为12NB当拉力F16N时，A相对B滑动C当拉

6、力F=20N时，A、B加速度均为1 m/s2D当拉力F=40N时，A、B间摩檫力大小为16N8、如图所示，固定的竖直光滑长杆上套有质量为m的小圆环，圆环与水平状态的轻质弹簧一端连接，弹簧的另一端连接在墙上，且处于原长状态，现让圆环由静止开始下滑，已知弹簧原长为L，圆环下滑到最大距离时弹簧的长度变为2L（未超过弹性限度），则在圆环下滑到最大距离的过程中（ ）A圆环的机械能守恒B弹簧弹性势能变化了C圆环下滑到最大距离时，所受合力不为零D圆环重力势能与弹簧弹性势能之和先增大后减小9、如图所示斜面倾角为，从斜面上的P点以v0的速度水平抛出一个小球不计空气阻力，当地的重力加速度为g若小球落到斜面上，则此

7、过程中（）A小球飞行的时间为B小球的水平位侈为C小球下落的高度为D小球刚落到斜面上时的速度方向可能与斜面垂直10、如图所示，一小球以v010 m/s的速度水平抛出，在落地之前经过空中A、B两点，在A点小球速度方向与水平方向的夹角为，在B点小球速度方向与水平方向的夹角为（空气阻力忽略不计，g取10 m/s2），以下判断中正确的是A小球经过A、B两点间的时间t（1）sB小球经过A、B两点间的时间tsCA、B两点间的高度差h10mDA、B两点间的高度差h15m三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某高一同学寒假时，在教材中查到木质材料与金

8、属材料间的动摩擦因数为0.2，为了准确验证这个数据，他设计了一个实验方案，如图甲所示，图中长铝合金板水平固定。（1）下列哪些操作是必要的_A调整定滑轮高度，使细绳与水平铝合金板平行B将铝合金板垫起一个角度C选尽量光滑的滑轮D砝码的质量远小于木块的质量（2）如图乙所示为木块在水平铝合金板上带动纸带运动时打出的一条纸带，测量数据如图乙所示，则木块加速度大小a_m/s2（电火花计时器接在频率为50Hz的交流电源，结果保留2位有效数字）。（3）该同学在实验报告中，将测量原理写为：根据mgMgMa，得 其中M为木块的质量，m为砝码盘和砝码的总质量，a为木块的加速度，重力加速度为g。判断该同学的做法是否正

9、确，如不正确，请写出的正确表达式：_。（4）若m70g，M100g，则可测得_（g取9.8m/s2，保留2位有效数字）。12（12分）某物理兴趣小组在“探究功与速度变化关系”的实验中采用的实验装置如图甲所示（1）用游标卡尺测遮光条的宽度，测量结果如图乙所示，游标卡尺主尺的最小刻度为1mm，则由该图可得遮光条的宽度d=_cm（2）将气垫导轨接通气泵，通过调平螺丝调整气垫导轨使之水平；并把实验所需的器材都安装无误将橡皮条挂在滑块的挂钩上，向后拉伸一定的距离，并做好标记，以保证每次拉伸的距离均相同现测得挂一根橡皮条时，滑块弹离橡皮条后，经过光电门的时间为t，则滑块最后做匀速运动的速度表达式为v=_（

10、用对应物理量的字母表示）（3）保持橡皮条的拉伸距离不变，逐根增加橡皮条的数目，记录每次遮光条经过光电门的时间，并计算出对应的速度，则在操作正确的情况下，作出的Wv2图象应为_（填“过坐标原点的一条倾斜直线”或“过坐标原点的一条抛物线”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，直线MN将平面分成两个区域I和，MN与水平方向成45角，两个区域内均有匀强电场，场强大小均为E，I区内场强方向竖直向下、区内水平向右，一质量为m、带正电且电荷量为q的粒子，以速度v0从MN上的P点水平向右射入I区粒子的重力忽略不计

11、求：(1)粒子首次到达MN边界时到P点的距离；(2)粒子第二次到达边界MN时的速度大小14（16分）如图所示，在光滑水平面上有一个长为L的木板B，上表面粗糙，在其左端有一个光滑的圆弧槽C与长木板接触但不连接，圆弧槽的下端与木板的上表面相平，B、C静止在水平面上，现有滑块A以初速度v0从右端滑上B并以滑离B，恰好能到达C的最高点.A、B、C的质量均为m，试求：（1）滑块与木板B上表面间的动摩擦因数；（2）圆弧槽C的半径R15（12分）如图所示，倾角为37的斜面长L=7.6m，在斜面底端正上方的O点将一小球以速度v0=6m/s水平抛出，与此同时释放在顶端静止的滑块，经过一段时间后，小球恰好能 够以

12、垂直斜面的方向击中滑块，己知滑块质量为10kg （小球和滑块均视为质点，重力加 速度 g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）。求： （1）抛出点O离斜面底端的高度；（2）滑块下滑到与小球相遇过程机械能减少多少。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】由图可知，椭圆轨道的半长轴小于同步轨道的半长轴，根据开普勒第三定律可知，椭圆轨道运行时周期小于在同步轨道，故A错误；卫星从近地圆轨道上的P点需加速，使得万有引力小于向心力，进入椭圆转移轨道所以卫星在近地圆轨道上经过P点时的速度小于在椭圆转移轨道

13、上经过P点的速度根据 得， ，知同步轨道的半径大于近地轨道的半径，则同步轨道的线速度小于近地轨道的线速度综上可知卫星在椭圆轨道的P点的速度大于在同步轨道的Q点的速度，故B错误；卫星发射越高，需要克服地球引力做功越大，所以卫星在轨道的机械能小于在轨道的机械能故C错误；卫星耗尽燃料后，在微小阻力的作用下，机械能减小则开始时速度减小，而速度减小后需要的向心力减小，所以卫星将做向心运动；即卫星在微小阻力的作用下，机械能减小后做向心运动，轨道半径变小；由，可知轨道半径减小后动能变大，故D正确；故选D2、C【解析】试题分析：对物块A受力分析如上图所示，得到，随着物体的向上运动，角变大，减小，联立F增大，A

14、错；拉力F的功率P=mgv得到功率P不变，C对，BD错。考点：受力分析，功率的公式点评：学生要先画出物块的受力示意图，据图分析F的变化，能熟练运用功率的公式解相关问题。3、C【解析】磨石受重力、推力、斜壁的弹力及摩擦力而处于平衡状态，由图可知，F一定大于重力；先将重力及向上的推力合力后，将二者的合力向垂直于斜面方向及沿斜面方向分解可得：在沿斜面方向有：f=（F-mg）cos；在垂直斜面方向上有：FN=（F-mg）sin则f=（F-mg）cos=（F-mg）sinA(F - mg)cos，与结论不相符，故A错误；B(F - mg)sin，与结论不相符，故B错误；C(F - mg)cos，与结论相

15、符，故C正确；D(F - mg) ，与结论不相符，故D错误。故选C。4、B【解析】A 由公式可知：角速度大的半径不一定小，只有当线速度一定时，角速度大的半径一定小。故A项错误；B 由公式可知，角速度大的周期一定小。故B项正确；C 由公式可知，线速度大，周期不一定小。只有当半径一定时，线速度大，周期一定小。故C项错误；D 由公式可知，加速度大，角速度不一定大。只有当半径一定时，加速度大，角速度一定大。故D项错误。5、D【解析】A. 开始电场力大于重力沿斜面向下的分力，动能增大，但电场力不断减小，当电场力小于重力沿斜面向下的分力，合力与运动方向相反，动能减小，故A错误；B. P、Q之间越来越远，P

16、、Q之间的排斥力（电场力）做正功，电势能越来越小，故B错误。C. 物体动能、重力势能、电势能总和守恒，动能先增大后减小，物块P、Q的重力势能和电势能之和就先减小后增大，故C错误；D. P、Q之间越来越远，电势能越来越小，根据能量守恒，Q的动能和重力势能之和（机械能）肯定越来越大，故D正确。6、C【解析】小球通过圆轨道最高点时，应满足小球运动到最高点的过程中，只有重力做功，由机械能守恒定律解得故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】当A、B刚要发生相对滑

17、动时，对B，根据牛顿第二定律得整体的加速度为：a=1mAg-2(mA+mB)gmB=0.280-0.11002=3m/s2。此时拉力F为：F=（mA+mB）a+2(mA+mB)g=40N。则当F40N时，A，B都相对静止，当F40N时，A相对B滑动。故B错误。当F=12N时，A，B相对静止，整体的加速度为：a=F-2(mA+mB)gmA+mB=1210-0.110=0.2m/s2 ，对A：F-f=mA a，解得f=10.4N，选项A错误；当拉力F=20N时，A，B相对静止，整体的加速度为：a=F-2(mA+mB)gmA+mB=2010-0.110=1m/s2，选项C正确；当拉力F=40N时，A

18、、B相对静止，整体的加速度为3m/s2，此时对A: F-f=mA a，解得A、B间摩檫力大小为f=16N，故D正确；故选CD。【点睛】本题属于动力学的临界问题，关键求出相对运动的临界加速度，判断在绳子拉力范围内是否发生相对运动，注意整体法和隔离法的运用8、BC【解析】A、圆环沿杆滑下过程中，弹簧的拉力对圆环做功，圆环的机械能不守恒，故A错误.B、图中弹簧水平时恰好处于原长状态，圆环下滑到最大距离时弹簧的长度变为2L，可得圆环下降的高度为h=L，根据系统的机械能守恒得：弹簧的弹性势能增大量为：EP=mgh=mgL，故B正确.C、当圆环所受合力为零时，速度最大，此后圆环继续向下运动，则弹簧的弹力增

19、大，圆环下滑到最大距离时，所受合力不为零，故C正确；D、根据圆环与弹簧组成的系统机械能守恒，即圆环的重力势能与圆环的动能还有弹簧弹性势能三种能量总和守恒.在圆环下滑到最大距离的过程中，圆环的速度是先增大后减少，圆环的动能也是先增大后减少，那么圆环重力势能与弹簧弹性势能之和就应先减少后增大，故D错误故选B、C【点睛】对物理过程进行受力、运动、做功分析，是解决问题的根本方法要注意圆环的机械能不守恒，圆环与弹簧组成的系统机械能才守恒.9、AB【解析】解：A、根据得，小球飞行的时间，故A正确B、小球的水平位移，故B正确C、小球下落的高度，故C错误D、小球落在斜面上，速度方向斜向右下方，不可能与斜面垂直

20、，故D错误故选AB10、AC【解析】AB根据平行四边形定则知，A点，解得：B点解得：则小球从A到B的时间故A项正确，B项错误；CDA、B两点间的高度差故C项正确，D项错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、AC 3.0 0.18 【解析】（1）实验过程中，电火花计时器应接在频率为50Hz的交流电源上，调整定滑轮高度，使细线与长木板平行，同时选尽量光滑的滑轮，这样摩擦阻力只有木块与木板之间的摩擦力，故AC是必要;本实验测动摩擦因数，不需要平衡摩擦力，B项不必要；本实验没要求砝码的重力大小为木块受到的拉力大小，D项不必要。选AC（2）由纸带

21、可知，两个计数点的时间，根据推论公式，得.（3）对M、m组成的系统，由牛顿第二定律得：，解得，（4）将，代入，解得：.【点睛】依据实验原理，结合实际操作，即可判定求解；根据逐差法，运用相邻相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度的大小；对系统研究，运用牛顿第二定律求出动摩擦因数的表达式，代入数据求出其大小.12、0.975 d/t 过坐标原点的一条倾斜的直线 【解析】游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读; 由于遮光条通过光电门的时间极短，可以用平均速度表示瞬时速度.【详解】(1)游标卡尺的读数等于9mm+0.0515mm=9.75mm=0.975cm，(2)滑块经过光电门时,挡住光的时间极短，故可用平均速度代替为滑块经过光电门位置的瞬时速度，；(3)根据动能定理可知，合外力做的功应等于物体动能的变化量，有，所以画出的W-v2图象应是过坐标原点的一条倾斜直线.【点睛】解决本题的关键知道游标卡尺的读数方法，以及知道在极短时间内的平均速度可以表