2022-2023学年江苏百校大联考物理高三第一学期期中学业质量监测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在一足够长的粗糙水平杆上套一小圆环，在小圆环上施加一水平向右的恒力F，使小圆环由静止开始运动，同时在小圆环上施加一竖直向上的力F，且F满足的关系为Fkv

2、.已知小圆环的质量为m，小圆环与水平杆之间的动摩擦因数为.则小圆环运动过程中速度随时间变化的图象为（ ）A B C D2、在 x 轴上有两个点电荷 q1 和 q2，其中有一个点电荷位于 x0处，x 轴 上的电势随 x 变化的关系如图所示，则( )Axx1 处电场强度为 0Bxx2 处电场强度不为 0Cq1、q2 为不等量异种点电荷，且正电荷在 x0 处，负电荷在 x0 的某处3、叠罗汉是一种二人以上层层叠成各种造型的游戏娱乐形式,也是一种高难度的杂技.如图所示为六人叠成的三层静态造型,假设每个人的重量均为G,下面五人的背部均呈水平状态,则最底层正中间的人的一只脚对水平地面的压力约为( )AG

3、BG CG DG4、如图所示为某中国运动员在短道速滑比赛中勇夺金牌的精彩瞬间假定此时他正沿圆弧形弯道匀速率滑行，则他( )A所受的合力为零，做匀速运动B所受的合力变化，做变加速运动C所受的合力恒定，做变加速运动D所受的合力恒定，做匀加速运动5、如图所示，对于电场线中的A、B、C三点，下列判断正确的是()AA点的电势最低BB点的电场强度最大C同一正电荷在A、B两点受的电场力大小相等D同一负电荷在C点具有的电势能比在A点的大6、建筑工人用图示的定滑轮装置运送建筑材料质量为71.1kg的工人站在地面上，通过定滑轮将21.1kg的建筑材料以1511ms2的加速度拉升，忽略绳子和定滑轮的质量及定滑轮的摩

4、擦，则工人对地面的压力大小为(g取11ms2)A511 NB491 NC891 ND911 N二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，两个质量不同的小球用长度不等的细线拴在同一点，并在同一水平面内做匀速圆周运动，则它们的（ ）A周期相同B角速度的大小相等C线速度的大小相等D向心加速度的大小相等8、我国发射的某卫星，其轨道平面与地球赤道在同一平面内，卫星距地面的高度约为500km，而地球同步卫星的轨道高度约为36000km，已知地球半径约为6400km。已知地球表

5、面的重力加速度g=10m/s2，关于该卫星，下列说法中正确的是A同步卫星的线速度大小约为8km/sB该卫星的加速度大于同步卫星的加速度C一年内，该卫星被太阳光照射时间小于同步卫星被太阳光照射时间D该卫星的发射速度小于第一宇宙速度9、如图所示，与水平面成角的传送带，在电动机的带动下以恒定的速率顺时针运行现将质量为m的小物块从传送带下端A点无初速地放到传送带上，经时间t1物块与传送带达到共同速度，再经时间t2物块到达传送带的上端B点，已知A、B间的距离为L，重力加速度为g，则在物块从A运动到B的过程中，以下说法正确的是A在t1时间内摩擦力对物块做的功等于mv2B在t1时间内物块和传送带间因摩擦而产

6、生的内能等于物块机械能的增加量C在t1+ t2时间内传送带对物块做的功等于mgL sin+mv2D在t1+t2时间内因运送物块，电动机至少多消耗 mgLsin+mv2的电能10、在平直公路上行驶的a车和b车，其位移-时间图像分别为图中直线a和曲线b，已知b车的加速度恒定且等于-2m/s2，t=3s时，直线a和曲线b刚好相切，则（）Aa车做匀速运动且其速度为m/sBt=3s时a车和b车相遇且此时速度相同Ct=1s时b车的速度为10m/sDt=0时a车和b车的距离x0=9m三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某研究性学习小组采用如图所

7、示的电路测量某干电池的电动势E和内阻r，R为电阻箱，V为理想电压表，其量程略大于电池的电动势实验中通过多次改变电阻箱的阻值R，从电压表上读出相应的示数U，该小组同学发现U与R不成线性关系，于是求出了相应的电阻与电压的倒数如下表所示 根据表中的数据和实验原理，你认为第_（填序号）组数据是明显错误的，其原因是_； 根据实验数据，请在坐标系中绘出1/U 1/R关系图线 由图线可知，电动势E = _ V，内阻r = _ （结果保留两位有效数字）12（12分）利用如图甲所示的实验电路图测量两节干电池组成的电源的电动势和内阻 甲 乙（1）在实验操作正确的情况下测得数据记录在下表中，请在图乙中作出U-I图像

8、_（2）根据U-I图像，可得该电池组的电动势E=_V，内阻r=_（结果均保留两位有效数字）（3）本实验存在系统误差，原因是_（选填“电压表分流”或“电流表分压”），由此造成电源内阻测量值_（选填“大于”、“小于”或“等于”）真实值四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）额定功率是60kW的无轨电车，其最大速度是108km/h，质量是2t，如果它从静止先以2m/s2的加速度匀加速开出，阻力大小一定，求：（1）电车匀加速运动行驶能维持多少时间？（2）又知电车从静止驶出到增至最大速度共经历了21s，在此过程中，电车通

9、过的位移是多少？14（16分）如图所示，质量为m32kg的滑道静止在光滑的水平面上，滑道的AB部分是半径为R0.3m的四分之一圆弧，圆弧底部与滑道水平部分相切，滑道水平部分右端固定一个轻弹簧，滑道除CD部分粗糙外其他部分均光滑。质量为m23kg的物体2(可视为质点)放在滑道的B点，现让质量为m11kg的物体1(可视为质点)自A点由静止释放，两物体在滑道上的C点相碰后粘为一体(g10m/s2)。求：（1）物体1从释放到与物体2恰好将要相碰的过程中，滑道向左运动的距离；（2）若CD0.2m，两物体与滑道的CD部分的动摩擦因数都为0.15，求在整个运动过程中，弹簧具有的最大弹性势能；（3）物体1、2

10、最终停在何处？15（12分）如图1所示，升降机在电动机的拉力作用下，从静止开始沿竖直方向向上运动，升降机先做匀加速运动，5s末到达额定功率，之后保持额定功率运动。其运动情况如v-t图象2所示，已知电动机的牵引力的额定功率为36kW，重力加速度g取10m/s2，求：(1)升降机的总质量大小；(2)5s末时瞬时速度v的大小；(3)升降机在07s内上升的高度。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】开始时圆环受到向下的重力和细杆向上的支持力，当施加F后，开始时细杆对圆环的支持力FN向上，根据牛顿第二定律可知a=F-

11、FNm=F-(mg-kv)m，可知随速度v的增加，加速度a逐渐变大；当kv=mg时a达到最大；然后随v的继续增加，FN反向，加速度变为 a=F-FNm=F-(kv-mg)m，可知随速度v的增加，加速度a逐渐变小；当加速度减到零后，变为匀速运动，故选C.【点睛】此题关键是分析圆环的受力情况，尤其是杆对圆环的弹力的大小和方向，然后分析加速度的变化，从而确定图像的形状.2、C【解析】AB.根据，图像的斜率表示电场强度的大小，xx1 处图线斜率不等于零，电场强度不为零；xx2 处图先斜率等于零，电场强度为零。故A错误，B错误；CD. 由图知：x从0到，电势先降低后升高，在0 x2间合电场水平向右，x2

12、合电场水平向左，则知正电荷在x轴上坐标原点；负电荷在x轴的负方向上。因为x= x2处合场强为0，则有所以，q1、q2 为不等量异种点电荷。故C正确，D错误；3、C【解析】最上面的人受到的竖直向下重力为G，所以每个腿上的力都是；中间层最左边的人，受到竖直向下的力为： ，所以每个腿上的力都是；由对称性，中间层最右边的人每个腿上的力也是；最底层中间的人，受到竖直向下的力为： ，所以其每根腿上的力为： ，故选项C正确。点睛：受力平衡的题，一般用到整体法或隔离法，应用隔离法时注意顺序是层层剥皮，也就是由上到下，由外到里，分别应用平衡条件即可。4、B【解析】匀速圆周运动过程中，线速度大小不变，方向改变，向

13、心加速度大小不变，方向始终指向圆心，向心力大小不变，方向始终指向圆心。所以物体做变加速运动，故B正确，ACD错误。5、D【解析】根据顺着电场线电势降低，可知A点的电势最高，故A错误；电场线越密，场强越大，B处电场线最疏，电场强度最小，故B错误；A处电场线最密，电场强度最大，同一电荷在A点受到的电场力最大，故C错误；将负电荷从A点移到C点电场力做负功，电势能将增加，所以同一负电荷在C点具有的电势能比在A点的大，故D正确所以D正确，ABC错误6、B【解析】对建筑材料进行受力分析根据牛顿第二定律有,得绳子的拉力大小等于F=211N,然后再对人受力分析由平衡的知识得,得FN=491N,根据牛顿第三定律

14、可知人对地面间的压力为491N，B对.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】对其中一个小球受力分析，如图，受重力，绳子的拉力，由于小球做匀速圆周运动，故合力提供向心力；将重力与拉力合成，合力指向圆心，由几何关系得，合力：F=mgtan ；由向心力公式得到：F=m2r ；设绳子与悬挂点间的高度差为h，由几何关系，得：r=htan ；C、由三式得，与绳子的长度和转动半径无关，故C正确；A、又由知，周期相同，故A正确；B、由v=r，两球转动半径不等，则线速度大小不

15、等，故B错误；D、由a=2r，两球转动半径不等，向心加速度不同，故D错误；故选AC.8、BC【解析】A.同步卫星的线速度为：v=GMR+h，又由黄金代换：GM=gR2，可得v=gR2R+h=106400103236000103+6400103m/s3.1km/s，故A错误。B.根据加速度的公式a=GMr2，可知该卫星的加速度大于同步卫星的加速度，故B正确。C. 该卫星的离地高度比同步卫星小，在绕地球运动一周的过程中光照射的比例小，则一年内该卫星被太阳光照射的时间小于同步卫星被太阳光照射时间，故C正确。D.第一宇宙速度是卫星最小的发射速度，知该卫星的发射速度大于第一宇宙速度，故D错误。9、BC【

16、解析】A. 由动能定理可知，在t1时间内摩擦力和重力对物块做的功之和等于mv2，选项A错误；B. 在t1时间内，物块相对传送带的位移，则物块和传送带间因摩擦而产生的内能为；物块机械能的增加量等于摩擦力做的功，即，即在t1时间内物块和传送带间因摩擦而产生的内能等于物块机械能的增加量，选项B正确；C. 由能量关系可知，在t1+ t2时间内传送带对物块做的功等于物块机械能的增量，即mgL sin+mv2，选项C正确；D. 在t1时间内因运送物块，电动机至少多消耗 mgL1sin+mv2+Q，由选项B可知：mgL1sin+mv2=Q，则在t1时间内因运送物块电动机至少多消耗2mgL1sin+mv2；在

17、t2时间内因运送物块电动机至少多消耗mgL2sin；则在t1+t2时间内因运送物块，电动机至少多消耗 2mgL1sin+mv2+mgL2sin=mg(L+L1)sin+mv2的电能，选项D错误；10、BD【解析】A图象的斜率等于速度，由图可知，a车的速度不变，做匀速直线运动，速度为故A错误；B时，直线a和曲线b刚好相切，位置坐标相同，辆车相遇。斜率相等，此时辆车的速度相等，故B正确；C时，b车的速度为设b车的初速度为，对b车，有解得则时b车的速度为故C错误；D时，a车的位移为b车的位移为时，a车和b车到达同一位置，得故D正确。故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定

18、的答题处，不要求写出演算过程。11、3 外电阻减小，路端电压应该减小，路端电压的倒数应该增大如图所示： 3.9V 1.71 【解析】试题分析：（1）根据闭合电路欧姆定律得路端电压，所以外电阻减小，路端电压逐渐减小根据表中的数据和实验原理，第3组数据是错误的，随电阻倒数的增大路端电压的倒数应增大，即随着电阻的减少路端电压应逐渐减小（3）根据描点法绘出如图所示的关系曲线如图所示（3）由实验原理：，变形得：，由此可知与成线性关系图象的纵轴截距等于，斜率大小等于,如图根据数学知识求出图象的纵截距为13，即=13解得电动势E=39V, 图象的斜率等于,则有，解得内阻r=173考点：测定电源的电动势和内阻

19、【名师点睛】测定电源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律，实验的电路有三种，分别是伏安法、伏阻法和安阻法本题采用转换法，将非线性关系通过数学变形转换成了线性关系根据闭合电路欧姆定律进行分析，明确数据的变化情况；根据描点法可得出对应的图象； 根据闭合电路欧姆定律列式，通过图象将公式变形，再根据图象的性质即可分析电动势和内电阻12、 3.0 1.0 电压表分流 小于 【解析】由题中“利用如图甲所示的实验电路图测量两节干电池组成的电源的电动势和内阻”可知，本题考查电源电动势和内阻的测量，根据闭合电路欧姆定律和U-I图像可解答本题。【详解】（1）1根据表中数据可得下图（2）2 根据U-I图像，可得该

20、电池组的电动势即为U轴交点即E=3.0V；3图像斜率表示，所以内阻；（3）4由于电路采用内接法，因此电压表分流是导致误差的主要原因；5因为采用内接法，所以电流表测量值比电源电流要小，因此电源内阻测量值偏小。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）5s；（2）105m【解析】(1)当F=f时，电车速度最大。所以设匀加速阶段的末速度为v；则有依据牛顿第二定律得：F-f=ma代入数据联立两式解得：v=10m/s所以匀加速阶段时间：(2)匀加速阶段，加速位移为：当电车匀加速阶段结束后，汽车以额定功率做变加速直线运动此过程时间t2=16s，设此过程运动位移为x2，对此过程列动能定理方程得：代入数据解得：x2=80m所以电车由静止到速度总位移：x=x1+x2=105m14、（1）0.15m ；（2）0.3J ；（3）D点左侧离D点为0.05 m处。【解析】（1）物体1从释放到与物体2碰撞前瞬间，物体1、滑道组成的系统水平方向动量守恒，设物体1水平位移大小为x1，滑道水平位移大小为x3，有：0m1x1-m3x3x1R解得x30.1