广东物理第一轮【第九章电磁感应现象楞次定律

1、1电磁感应现象电磁感应现象()2磁通量磁通量()3法拉第电磁感应定律法拉第电磁感应定律()4楞次定律楞次定律()5自感、涡流自感、涡流() 本章考查的热点有楞次定律、法拉第电磁感应定律本章考查的热点有楞次定律、法拉第电磁感应定律及应用，题型以选择题为主，也有本章知识与电路、力及应用，题型以选择题为主，也有本章知识与电路、力学、能量转化和守恒知识相结合进行综合考查学、能量转化和守恒知识相结合进行综合考查 复习时应注意理解本章的基本概念和基本规律，抓复习时应注意理解本章的基本概念和基本规律，抓住两个定律住两个定律(楞次定律和法拉第电磁感应定律楞次定律和法拉第电磁感应定律)和等效电和等效电路，理解并

2、熟练掌握安培定则、左手定则、右手定则的路，理解并熟练掌握安培定则、左手定则、右手定则的应用条件及其所判断的物理量之间的因果关系应用条件及其所判断的物理量之间的因果关系一、电磁感应现象一、电磁感应现象1产生感应电流的条件：产生感应电流的条件：穿过闭合电路的穿过闭合电路的 发生发生变化变化2引起磁通量变化的常见情况引起磁通量变化的常见情况(1)闭合电路的部分导体做闭合电路的部分导体做 运动，导致运动，导致变；变；(2)线圈在磁场中线圈在磁场中 ，导致，导致变；变；(3)线圈面积或磁场线圈面积或磁场 变化，导致变化，导致变变磁通量磁通量切割磁感线切割磁感线转动转动强弱强弱特别提醒特别提醒电磁感应现象

3、的实质是产生感应电动势，只电磁感应现象的实质是产生感应电动势，只有电路闭合时才产生感应电流有电路闭合时才产生感应电流二、右手定则和楞次定律二、右手定则和楞次定律1右手定则右手定则 (1)内容：伸开右手，使拇指与其余四个手指垂直，并内容：伸开右手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个且都与手掌在同一个 ；让；让 从掌心进入，从掌心进入，并使拇指指向导线运动的方向，这时四指所指的方并使拇指指向导线运动的方向，这时四指所指的方向就是向就是 的方向的方向 (2)适用情况：闭合电路的部分导体适用情况：闭合电路的部分导体 产生感产生感应电流应电流平面内平面内磁感线磁感线感应电流感应电流切割磁感线

4、切割磁感线2.楞次定律楞次定律(1)内容：感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场内容：感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场总要总要 引起感应电流的引起感应电流的 的变化的变化(2)适用情况：所有适用情况：所有 现象现象阻碍阻碍磁通量磁通量电磁感应电磁感应(3)(3)楞次定律的推广楞次定律的推广对楞次定律中对楞次定律中“阻碍阻碍”的含义可以推广为感应电流的的含义可以推广为感应电流的效果总是阻碍产生感应电流的原因：效果总是阻碍产生感应电流的原因：阻碍原磁通量的变化阻碍原磁通量的变化“增反减同增反减同”；阻碍相对运动阻碍相对运动“来拒去留来拒去留”；使线圈平面有扩大或缩小的趋势使线圈平面有扩大

5、或缩小的趋势“增缩减扩增缩减扩”；阻碍原电流的变化阻碍原电流的变化( (自感现象自感现象)“)“增反减同增反减同”3安培定则、左手定则、右手定则、楞次定律的应用现安培定则、左手定则、右手定则、楞次定律的应用现象对比象对比基本现象基本现象应用的定则或定律应用的定则或定律运动电荷、电流产生磁场运动电荷、电流产生磁场安培定则安培定则磁场对运动电荷、电流有作磁场对运动电荷、电流有作用力用力左手定则左手定则电磁电磁感应感应部分导体做切割磁部分导体做切割磁感线运动感线运动右手定则右手定则闭合回路磁通量变化闭合回路磁通量变化楞次定律楞次定律1. 处在磁场中的一闭合线圈，若没有产生感应电流，则可处在磁场中的一

6、闭合线圈，若没有产生感应电流，则可以判定以判定 ()A线圈没有在磁场中运动线圈没有在磁场中运动B线圈没有做切割磁感线运动线圈没有做切割磁感线运动C磁场没有发生变化磁场没有发生变化D穿过线圈的磁通量没有发生变化穿过线圈的磁通量没有发生变化解析：解析：要发生电磁感应现象，产生电流，必须是穿过要发生电磁感应现象，产生电流，必须是穿过线圈的磁通量发生变化，否则无感应电流只有线圈的磁通量发生变化，否则无感应电流只有D项项正确正确答案：答案：D2如图如图911所示，一个长直导线穿过圆环所示，一个长直导线穿过圆环导线的中心，并与圆环导线平面垂直，当导线的中心，并与圆环导线平面垂直，当长直导线中的电流逐渐减小

7、时，圆环内将长直导线中的电流逐渐减小时，圆环内将 ()A没有感应电流没有感应电流B有逆时针方向的感应电流有逆时针方向的感应电流(从上往下看从上往下看)C有顺时针方向的感应电流有顺时针方向的感应电流(从上往下看从上往下看)D有感应电流，但方向不好确定有感应电流，但方向不好确定解析：解析：据安培定则可判断通电导线所产生的磁场是以据安培定则可判断通电导线所产生的磁场是以导线为圆心的同心圆，故圆环导线所在平面与同心圆导线为圆心的同心圆，故圆环导线所在平面与同心圆所在平面平行，圆环导线中磁通量始终为零，故没有所在平面平行，圆环导线中磁通量始终为零，故没有感应电流感应电流A项正确项正确答案：答案：A3如图

8、如图912所示，将一个矩形小线所示，将一个矩形小线圈放在一个大匀强磁场中，线圈平圈放在一个大匀强磁场中，线圈平面平行于磁感线，则线圈中有感应面平行于磁感线，则线圈中有感应电流产生的是电流产生的是 ()A当矩形线圈做平行于磁感线的当矩形线圈做平行于磁感线的 平动平动B当矩形线圈做垂直于磁感线的平行移动当矩形线圈做垂直于磁感线的平行移动C当矩形线圈绕当矩形线圈绕AB边做转动时边做转动时D当矩形线圈绕当矩形线圈绕BC边做转动时边做转动时解析：解析：当线圈平行于磁感线和垂直于磁感线平动时，当线圈平行于磁感线和垂直于磁感线平动时，线圈的磁通量均不变，不会有感应电流产生，线圈的磁通量均不变，不会有感应电流

9、产生，A、B均错误；当矩形线圈绕均错误；当矩形线圈绕AB轴转动时，其磁通量做周轴转动时，其磁通量做周期性变化，线圈中有感应电流产生，期性变化，线圈中有感应电流产生，C正确；但当以正确；但当以BC为轴转动时，线圈中的磁通量始终为零，不会产为轴转动时，线圈中的磁通量始终为零，不会产生感应电流，生感应电流，D错误错误答案：答案：C4在图在图913所示的闭合铁芯所示的闭合铁芯上绕有一组线圈，与滑动变上绕有一组线圈，与滑动变阻器、电池构成闭合电路，阻器、电池构成闭合电路，a、b、c为三个闭合金属圆环，假为三个闭合金属圆环，假定线圈产生的磁场全部集中在铁芯内，则当滑动变阻定线圈产生的磁场全部集中在铁芯内，

10、则当滑动变阻器的滑片左、右滑动时，能产生感应电流的金属圆环器的滑片左、右滑动时，能产生感应电流的金属圆环是是 ()Aa、b两个环两个环Bb、c两个环两个环Ca、c两个环两个环 Da、b、c三个环三个环解析：解析：当滑片左右滑动时，通过当滑片左右滑动时，通过a、b的磁通量变化，的磁通量变化，而通过而通过c环的合磁通量始终为零，故环的合磁通量始终为零，故a、b两环中产生两环中产生感应电流，而感应电流，而c环中不产生感应电流环中不产生感应电流答案：答案：A5如图如图914所示是验证楞次定律实验的示意图，竖直所示是验证楞次定律实验的示意图，竖直放置的线圈固定不动，将磁铁从线圈上方插入或拔出，放置的线圈

11、固定不动，将磁铁从线圈上方插入或拔出，线圈和电流表构成的闭合回路中就会产生感应电流线圈和电流表构成的闭合回路中就会产生感应电流各图中分别标出了磁铁的极性、磁铁相对线圈的运动方各图中分别标出了磁铁的极性、磁铁相对线圈的运动方向以及线圈中产生的感应电流的方向等情况，其中正确向以及线圈中产生的感应电流的方向等情况，其中正确的是的是 () 图图914 A B C D解析：解析：根据楞次定律可确定感应电流的方向：对，当根据楞次定律可确定感应电流的方向：对，当磁铁向下运动时：磁铁向下运动时：(1)闭合线圈原磁场的方向闭合线圈原磁场的方向向上；向上；(2)穿过闭合线圈的磁通量的变化穿过闭合线圈的磁通量的变化

12、增加；增加；(3)感应电流感应电流产生的磁场方向产生的磁场方向向下；向下；(4)利用安培定则判断感应电利用安培定则判断感应电流的方向流的方向与图中箭头方向相同同理分析正确与图中箭头方向相同同理分析正确答案：答案：C典例启迪典例启迪例例1如图如图915(甲甲)所示，所示，两个闭合圆形线圈两个闭合圆形线圈A、B的圆的圆心重合，放在同一水平面内，心重合，放在同一水平面内，线圈线圈A中通以如图中通以如图915(乙乙)所示的变化电流，所示的变化电流，t0时电流时电流方向为顺时针方向为顺时针(如图中箭头所示如图中箭头所示)在在t1t2时间内，对于线时间内，对于线圈圈B，下列说法中正确的是，下列说法中正确的

13、是 ()A线圈线圈B内有顺时针方向的电流，线圈有扩张的趋势内有顺时针方向的电流，线圈有扩张的趋势B线圈线圈B内有顺时针方向的电流，线圈有收缩的趋势内有顺时针方向的电流，线圈有收缩的趋势C线圈线圈B内有逆时针方向的电流，线圈有扩张的趋势内有逆时针方向的电流，线圈有扩张的趋势D线圈线圈B内有逆时针方向的电流，线圈有收缩的趋势内有逆时针方向的电流，线圈有收缩的趋势思路点拨思路点拨解答本题时可按以下思路分析：解答本题时可按以下思路分析：答案答案A解析解析在在t1t2时间内，通入线圈时间内，通入线圈A中的电流是正向增大中的电流是正向增大的，即逆时针方向增大的，其内部会产生增大的向外的的，即逆时针方向增大

14、的，其内部会产生增大的向外的磁场，穿过磁场，穿过B的磁通量增大，由楞次定律可判定线圈的磁通量增大，由楞次定律可判定线圈B中中会产生顺时针方向的感应电流线圈会产生顺时针方向的感应电流线圈B中电流为顺时针方中电流为顺时针方向，与向，与A中的电流方向相反，有排斥作用，故线圈中的电流方向相反，有排斥作用，故线圈B将有将有扩张的趋势扩张的趋势归纳领悟归纳领悟楞次定律的使用步骤楞次定律的使用步骤题组突破题组突破1电阻电阻R、电容、电容C与一线圈连成闭合与一线圈连成闭合回路，条形磁铁静止于线圈的正回路，条形磁铁静止于线圈的正上方，上方，N极朝下，如图极朝下，如图916所所示现使磁铁开始自由下落，在示现使磁铁

15、开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，流极接近线圈上端的过程中，流过过R的电流方向和电容器极板的带电情况是的电流方向和电容器极板的带电情况是 ()A从从a到到b，上极板带正电，上极板带正电 B从从a到到b，下极板带正电，下极板带正电C从从b到到a，上极板带正电，上极板带正电 D从从b到到a，下极板带正电，下极板带正电解析：解析：在在N极接近线圈上端的过程中，通过线圈的磁感极接近线圈上端的过程中，通过线圈的磁感线方向向下，磁通量增大，由楞次定律可判定流过线线方向向下，磁通量增大，由楞次定律可判定流过线圈的电流方向向下，外电路电流由圈的电流方向向下，外电路电流由b流向流向a，同时线圈，同时线圈

16、作为电源，下端应为正极，则电容器下极板电势高，作为电源，下端应为正极，则电容器下极板电势高，带正电带正电D项正确项正确答案：答案：D2如图如图917所示，在平面上有两所示，在平面上有两条相互垂直且彼此绝缘的长通电条相互垂直且彼此绝缘的长通电直导线，以它们为坐标轴构成一直导线，以它们为坐标轴构成一个平面直角坐标系四个相同的个平面直角坐标系四个相同的闭合圆形线圈在四个象限中完全闭合圆形线圈在四个象限中完全对称地放置，两条导线中电流大对称地放置，两条导线中电流大小与变化情况相同，电流方向如图所示，当两条导线小与变化情况相同，电流方向如图所示，当两条导线中的电流都开始增大时，四个线圈中的电流都开始增大

17、时，四个线圈a、b、c、d中感应中感应电流的情况是电流的情况是 ()A线圈线圈a中无感应电流中无感应电流B线圈线圈b中无感应电流中无感应电流C线圈线圈c中无感应电流中无感应电流D线圈线圈d中有逆时针方向的感应电流中有逆时针方向的感应电流解析：解析：由安培定则判断磁场方向如右图由安培定则判断磁场方向如右图所示，故线圈所示，故线圈a、c中有感应电流再根中有感应电流再根据楞次定律可知线圈据楞次定律可知线圈a中感应电流为逆中感应电流为逆时针，时针，c中为顺时针，中为顺时针，A、C错而线圈错而线圈b、d中合磁通量为零，无感应电流，中合磁通量为零，无感应电流，B对对D错错答案：答案：B典例启迪典例启迪例例

18、2一航天飞机下有一细金属杆，杆指向地心若仅考虑地一航天飞机下有一细金属杆，杆指向地心若仅考虑地磁场的影响，则当航天飞机位于赤道上空磁场的影响，则当航天飞机位于赤道上空 时，下列说法错误的时，下列说法错误的是是 ()A由东向西水平飞行时，金属杆中感应电动势下端高由东向西水平飞行时，金属杆中感应电动势下端高B由西向东水平飞行时，金属杆中感应电动势上端高由西向东水平飞行时，金属杆中感应电动势上端高C沿经过地磁极的那条经线由南向北水平飞行时，金属沿经过地磁极的那条经线由南向北水平飞行时，金属杆中感应电动势上端高杆中感应电动势上端高D沿经过地磁极的那条经线由北向南水平飞行时，金属沿经过地磁极的那条经线由

19、北向南水平飞行时，金属杆中一定没有感应电动势杆中一定没有感应电动势思路点拨思路点拨解答本题时应注意以下三个方面：解答本题时应注意以下三个方面：(1)确定金属杆所在处的地磁场方向；确定金属杆所在处的地磁场方向；(2)确定金属杆的运动方向；确定金属杆的运动方向；(3)感应电动势的方向即为右手定则中四指的指向感应电动势的方向即为右手定则中四指的指向解析：解析：赤道上方的地磁场方向是由南指向北，根据右赤道上方的地磁场方向是由南指向北，根据右手定则，飞机由东向西飞行时，杆下端电势高，而飞手定则，飞机由东向西飞行时，杆下端电势高，而飞机由西向东飞行时，杆上端电势高，故机由西向东飞行时，杆上端电势高，故A、

20、B对若飞对若飞机沿经过地磁极的那条经线由南向北或由北向南水平机沿经过地磁极的那条经线由南向北或由北向南水平飞行时，杆均不切割磁感线，杆中不会产生感应电动飞行时，杆均不切割磁感线，杆中不会产生感应电动势，故势，故C错、错、D正确正确答案：答案： C归纳领悟归纳领悟(1)若导体不动，回路中磁通量变化，应该用楞次定律判若导体不动，回路中磁通量变化，应该用楞次定律判断感应电动势的方向而不能用右手定则断感应电动势的方向而不能用右手定则(2)若是导体做切割磁感线运动产生感应电动势，用右手若是导体做切割磁感线运动产生感应电动势，用右手定则判断其方向较为简单，用楞次定律进行判定也可定则判断其方向较为简单，用楞

21、次定律进行判定也可以，但较为麻烦以，但较为麻烦题组突破题组突破3如图如图918所示，所示，MN、GH为为平行导轨，平行导轨，AB、CD为跨在导轨为跨在导轨上的两根杆，导轨和横杆均为上的两根杆，导轨和横杆均为导体，有匀强磁场垂直于导轨导体，有匀强磁场垂直于导轨所在的平面，方向如图所示所在的平面，方向如图所示用用I表示回路中的电流，则表示回路中的电流，则 ()A当当AB不动而不动而CD向右滑动时，向右滑动时，I0且沿顺时针方向且沿顺时针方向B当当AB向左、向左、CD向右滑动且速度相等时，向右滑动且速度相等时，I0C当当AB、CD都向右滑动且速度相等时，都向右滑动且速度相等时，I0D当当AB、CD都

22、向右滑动，且都向右滑动，且AB速度大于速度大于CD时，时，I0，且沿逆时针方向且沿逆时针方向解析：解析：选项选项A中，由右手定则可知，电流沿逆时针方向；中，由右手定则可知，电流沿逆时针方向；选项选项B中，当中，当AB向左、向左、CD向右滑动时，回路向右滑动时，回路ABDC的磁通的磁通量变化，量变化，I0；选项；选项C中，当中，当AB、CD都向右滑动且速度都向右滑动且速度相等时，回路相等时，回路ABDC的面积不变，磁通量不变化，的面积不变，磁通量不变化，I0；选项选项D中，中，AB、CD都向右滑动，都向右滑动，AB速度大于速度大于CD时，回路时，回路ABDC的面积减小，磁通量变化，的面积减小，磁

23、通量变化，I0.根据楞次定律，电流根据楞次定律，电流方向沿顺时针方向，故选方向沿顺时针方向，故选C.答案：答案：C4如图如图919所示，在磁感应强度大所示，在磁感应强度大小为小为B、方向竖直向上的匀强磁场中，、方向竖直向上的匀强磁场中，有一质量为有一质量为m、阻值为、阻值为R的闭合矩形的闭合矩形金属线框金属线框abcd用绝缘轻质细杆悬挂用绝缘轻质细杆悬挂在在O点，并可绕点，并可绕O点摆动金属线框点摆动金属线框从右侧某一位置静止开始释放，在摆动到左侧最高点的从右侧某一位置静止开始释放，在摆动到左侧最高点的过程中，细杆和金属线框平面始终处于同一平面，且垂过程中，细杆和金属线框平面始终处于同一平面，

24、且垂直纸面，则线框中感应电流的方向是直纸面，则线框中感应电流的方向是 ()AabcdaBdcbadC先是先是dcbad，后是，后是abcdaD先是先是 abcda，后是，后是dcbad解析：解析：线框从右侧开始由静止释放，穿过线框平面的线框从右侧开始由静止释放，穿过线框平面的磁通量逐渐减少，由楞次定律可得感应电流的方向为磁通量逐渐减少，由楞次定律可得感应电流的方向为dcbad；线框过竖直位置继续向左摆动过程中，；线框过竖直位置继续向左摆动过程中，穿过线框平面的磁通量逐渐增大，由楞次定律可得感穿过线框平面的磁通量逐渐增大，由楞次定律可得感应电流的方向仍为应电流的方向仍为dcbad，故，故B正确正

25、确答案：答案：B典例启迪典例启迪例例3如图如图9110所示，两个所示，两个线圈套在同一个铁芯上，线圈的线圈套在同一个铁芯上，线圈的绕向在图中已经标出左线圈连绕向在图中已经标出左线圈连着平行导轨着平行导轨M和和N，导轨电阻不，导轨电阻不计，在导轨垂直方向上放着金属计，在导轨垂直方向上放着金属棒棒ab，金属棒处于垂直纸面向外的匀强磁场中，下列说法，金属棒处于垂直纸面向外的匀强磁场中，下列说法中正确的是中正确的是 ()A当金属棒当金属棒ab向右匀速运动时，向右匀速运动时，a点电势高于点电势高于b点，点，c点电势高于点电势高于d点点B当金属棒当金属棒ab向右匀速运动时，向右匀速运动时， a点电势高于点

26、电势高于b点，点，c点与点与d点为等电势点为等电势C当金属棒当金属棒ab向右加速运动时，向右加速运动时，b点电势高于点电势高于a点，点，c点电势高于点电势高于d点点D当金属棒当金属棒ab向右加速运动时，向右加速运动时，b点电势高于点电势高于a点，点，d点电势高于点电势高于c点点思路点拨思路点拨解答本题首先要明确磁场的方向，再假设解答本题首先要明确磁场的方向，再假设能形成闭合电路，然后用右手定则判断感应电流的电能形成闭合电路，然后用右手定则判断感应电流的电流方向，从而判断电势的高低端流方向，从而判断电势的高低端解析解析当金属棒当金属棒ab向右匀速运动切割磁感线时，金属棒向右匀速运动切割磁感线时，

27、金属棒产生恒定感应电动势，由右手定则判断电流方向为产生恒定感应电动势，由右手定则判断电流方向为ab.根根据电流从电源据电流从电源(ab相当于电源相当于电源)正极流出沿外电路回到电源正极流出沿外电路回到电源负极的特点，可以判断负极的特点，可以判断b点电势高于点电势高于a点又左线圈中的感点又左线圈中的感应电动势恒定，则感应电流也恒定，所以穿过右线圈的磁应电动势恒定，则感应电流也恒定，所以穿过右线圈的磁通量保持不变，不产生感应电流，通量保持不变，不产生感应电流，c点与点与d点等电势，故点等电势，故A、B错误当金属棒错误当金属棒ab向右加速运动时，由右手定则可推断向右加速运动时，由右手定则可推断ba，

28、电流沿逆时针方向，又由，电流沿逆时针方向，又由EBlv可知可知ab导体两端导体两端的的E不断增大，那么左边电路中的感应电流也不断增不断增大，那么左边电路中的感应电流也不断增大，大，由安培定则可判断它在铁芯中的磁感线是沿逆时针方由安培定则可判断它在铁芯中的磁感线是沿逆时针方向的，并且磁感应强度不断增强，所以右边电路的线圈中向的，并且磁感应强度不断增强，所以右边电路的线圈中向上的磁通量不断增加由楞次定律可判断右边电路的感向上的磁通量不断增加由楞次定律可判断右边电路的感应电流应沿逆时针方向，而在右边电路中，感应电动势仅应电流应沿逆时针方向，而在右边电路中，感应电动势仅产生于绕在铁芯上的那部分线圈上，

29、把这个线圈看成电源，产生于绕在铁芯上的那部分线圈上，把这个线圈看成电源，由于电流是从由于电流是从c沿内电路沿内电路(即右线圈即右线圈)流向流向d，所以，所以d点电势高点电势高于于c点，故点，故C错误，错误，D正确正确答案答案D归纳领悟归纳领悟(1)应用楞次定律判断感应电流方向的步骤应用楞次定律判断感应电流方向的步骤确定原磁场的方向；确定原磁场的方向；明确回路中磁通量的变化情况；明确回路中磁通量的变化情况；应用楞次定律的应用楞次定律的“增反减同增反减同”，确定感应电流的，确定感应电流的磁场的方向；磁场的方向；应用安培定则，确定感应电流的方向应用安培定则，确定感应电流的方向(2)楞次定律和右手定则

30、的关系楞次定律和右手定则的关系从研究对象上说，楞次定律研究的是整个闭合回路，从研究对象上说，楞次定律研究的是整个闭合回路，右手定则研究的是闭合回路的一部分导体，即一段导右手定则研究的是闭合回路的一部分导体，即一段导体做切割磁感线的运动体做切割磁感线的运动从适用范围上说，楞次定律可应用于因磁通量变化从适用范围上说，楞次定律可应用于因磁通量变化引起感应电流的各种情况引起感应电流的各种情况(包括一部分导体切割磁感线包括一部分导体切割磁感线运动的情况运动的情况)，右手定则只适用于一段导体在磁场中做，右手定则只适用于一段导体在磁场中做切割磁感线运动的情况因此，右手定则是楞次定律切割磁感线运动的情况因此，

31、右手定则是楞次定律的一种特殊情况的一种特殊情况题组突破题组突破5如图如图9111所示，水平放置的两条所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，当，当PQ在外力的作用下运动时，在外力的作用下运动时，MN在磁场力的作用下向右运动，则在磁场力的作用下向右运动，则PQ所做的运动可能是所做的运动可能是 () 向右加速运动向左加速运动向右加速运动向左加速运动 向右减速运动向右减速运动 向左减速运动向左减速运动 AB C D答案：答案： C解析：解析：当当PQ向右运动时，用右手定则可判定向右运动时，用右手定则可判定PQ中感应中感应电流的方向是由电流的方向是由

32、QP，由安培定则可知穿过，由安培定则可知穿过L1的磁场方的磁场方向是自下而上的；若向是自下而上的；若PQ向右加速运动，则穿过向右加速运动，则穿过L1的磁通的磁通量增加，用楞次定律可以判断流过量增加，用楞次定律可以判断流过MN的感应电流是从的感应电流是从NM的，用左手定则可判定的，用左手定则可判定MN受到向左的安培力，将受到向左的安培力，将向左运动，可见选项不正确若向左运动，可见选项不正确若PQ向右减速运动，向右减速运动，流过流过MN的感应电流方向、感应电流所受的安培力的方的感应电流方向、感应电流所受的安培力的方向均将反向，向均将反向，MN向右运动，所以选项是正确的同向右运动，所以选项是正确的同

33、理可判断项是正确的，项是错误的理可判断项是正确的，项是错误的6如图如图9112所示，在匀强磁所示，在匀强磁场中放有平行金属导轨，它与场中放有平行金属导轨，它与大线圈大线圈M相连接，要使小线圈相连接，要使小线圈N获得顺时针方向的感应电流，获得顺时针方向的感应电流，则放在导轨上的祼金属棒则放在导轨上的祼金属棒ab的运动情况是的运动情况是(两线圈共两线圈共面面) ()A向右匀速运动向右匀速运动 B向左匀速运动向左匀速运动C向右减速运动向右减速运动 D向右加速运动向右加速运动解析：解析：欲使欲使N线圈中产生顺时针的感应电流，感应电流线圈中产生顺时针的感应电流，感应电流的磁场方向应垂直于纸面向里，由楞次

34、定律可知有两种的磁场方向应垂直于纸面向里，由楞次定律可知有两种情况：一是情况：一是M中有顺时针方向的逐渐减小的电流，该电中有顺时针方向的逐渐减小的电流，该电流产生的穿过流产生的穿过N线圈的磁通量在减少；二是线圈的磁通量在减少；二是M中有逆时中有逆时针方向的逐渐增大的电流，该电流产生的穿过针方向的逐渐增大的电流，该电流产生的穿过N线圈的线圈的磁通量在增大因此，对于第一种情况，应使磁通量在增大因此，对于第一种情况，应使ab减速向减速向右运动；对于第二种情况，应使右运动；对于第二种情况，应使ab加速向左运动当加速向左运动当ab匀速运动时，在匀速运动时，在M中产生的感应电流是稳定的，穿过中产生的感应电流是稳定的，穿过N线圈的磁通量不在变化，线圈的磁通量不在变化，N中无感应电流中无感应电流答案：答案：C7(2010巢湖模拟巢湖模拟)如图如图9113所所示，螺线管