2018年湖南高考物理模拟题及答案

1、2018 年湖南高考物理模拟题及答案（5）、选择题（8 X 8= 64）1.是（）A. AC. C解析：因为在IU图象中，图线的斜率k=U=R故斜率越大，电阻越小，因而电阻最小.答案：A2.个标有“ 220 V,60 W ”的白炽灯泡，加上的电压U由零逐渐增大到 220 V，在此过程中，电压U和电流I的关系可用如下图所示的图象表示，题中给出的四个图象中肯定不符合实际的是（）解析：图象中的斜率表示电阻，斜率越大，电阻越大，如果是曲线，表示电阻在不同的电压、电流时它的电阻是变化的，这时的电阻可以用该点和原点的连线的斜率来表示，温度越高，电阻率越大，电阻也就越大.灯泡在电压增大过程中的电流增大，温度

2、升高，电阻变大，所以B 正确.A 图表示电阻不变，C 表示电阻变小，D 表示先变大后变小，故答案选 ACD.如图 1 所示，有A B、C D四个电阻，它们的IU关系如图 1 所示，其中电阻最小的B.BD. D答案：ACD3 对于常温下一根阻值为R的均匀金属丝，下列说法中正确的是（）A.常温下，若将金属丝均匀拉长为原来的10 倍，则电阻变为 10R1B.常温下，若将金属丝从中点对折起来，电阻变为4R给金属丝加上的电压逐渐从零增大到 U）,则任一状态下的扌比值不变把金属丝温度降低到绝对零度附近，电阻率会突然变为零所以电阻变为R=p!厂=p -丄=100 R, A 错误；从中点对折起来，相当于两个阻

3、值为荷S1R的电阻并联，其总阻值为 4RB 正确；金属丝的电阻率P随温度升高而增大，当金属丝两端的电压逐渐增大时，由于电流的热效应会使电阻率p随温度升高而增大，因而R=p=将逐渐增加，C 错误；这种现象叫超导现象，D 正确.答案：BD4.（2010 海南模拟）有三个用电器，分别为日光灯、电烙铁和电风扇，它们的额定电压和额定功率均为 “220 V,60 W”.现让它们在额定电压下工作相同时间，产生的热量（）A.日光灯最多B.电烙铁最多C.电风扇最多D. 样多解析：电烙铁是纯电阻用电器. 即以发热为目的，电流通过它就是用来产热.而日光灯 和电风扇是非纯电阻电路，电流通过它们时产生的热量很少， 电能

4、主要转化为其他形式的能 （光能和叶片动能），综上所述，只有 B 正确.答案：B图 25.有四盏灯，如图 2 所示连接在电路中，L1和 L2都标有“ 220 V,100 W ”字样，L3和 L4都标有“ 220 V,40 W ”字样，把电路接通后，最暗的是（）C.D.解析：设原电阻R=pS，当l= 10l时，由体积不变原理求得截面积变成S110S,SA. L1B. L2C. L3D. L4解析：由题目给出的额定电压和额定功率可以判断出R=艮vRs 即民RRR.艮十 2由串联电路功率的分配知P4P （F2+F3），而F2与P3的大小可由并联电路的功率分配知P3,所以四只灯消耗的实际功率大小关系为P

5、4PP2P3,故最暗的灯是 L3.答案：C6.不考虑温度对电阻的影响，对一个“220 V,40 W 的灯泡，下列说法正确的是（）A. 接在 110 V 的电路上时的功率为 20 WB.接在 110 V 的电路上时的功率为10 WC.接在 440 V 的电路上时的功率为160 WD. 接在 220 V 的电路上时的功率为 40 WU22解析：由P=可知R一定时，PxU2RU额P额所以当U=110V= 2时，P=*=10W当U= 440 V U额时，灯泡烧坏当U= 220 V =U额时，P=P额=40 W答案：BDA 的读数为 1.2 A，理想电流表 A 的读数为 2 A,则（）A.RvF2,表

6、A 的读数为 3.2 AB.RR,表 A 的读数为 3.2 AC.R=R,表 A 的读数为 4 AD.RR,表 A 的读数无法判断 解析：电流表为理想电流表，其等效电路图如图 4 所示由图知四个电阻并联连接， A 的读数 为 A 和7如图 3 所示的电路中，理想电流表io n图 4A2的读数之和，因 A 的读数小于 A2的读数，则流过电阻R的电流大于流过电阻R的电流，又因R与Ra两端电压相同，故RvR?.答案：A&家用电熨斗为了适应不同衣料的熨烫，设计了调整温度的多挡开关，使用时转动旋钮即可使电熨斗加热到所需的温度.如图 5 所示是电熨斗的电路图. 旋转多挡开关可以改变1、2、3、4

7、之间的连接情况现将开关置于温度最高挡，这时图中所示的哪一个()解析：以U表示电源电压，R表示图中每根电阻丝的电阻， 在图中所示的各种连接法中,A 所示的接法中，两根电阻丝并联接入电路，其总电阻为Px=2RU;在图 B 所示的接法中， 仅有左侧一根电阻丝接入电路通电，右侧一根电阻丝中无电流，故此时电熨斗的总功率为PB=U；在图C所示的接法中，电源实际上被断开了.使整个R电熨斗中无电流通过， 此时电熨斗的总功率为PC=0.在图 D 所示的接法中，是两根电阻丝串2联接入电路，其总电阻为 2R,则此时电熨斗消耗的总功率为FD=答案：A二、计算题(3X12= 36)9.一般地说，用电器的工作电压并不等于

8、额定电压，家庭里通常不备电压表，但可以借助电能表测出用电器的实际工作电压，现在电路中只接入一个电热水壶， 壶的铭牌和电能表的铭牌分别如图 6(a)和(b)所示.测得电能表的转盘转过 125 转的时间为 121 秒，求此时 加在电热水壶上的实际电压.1、2、3、4 之间的连接是下由于接因而电熨斗可以得到多挡的温度. 在图R2，则此时电熨斗得到的总功率为图 5解析：设电热水壶的电阻为RrU22202484则R=P=1500 =币Q设电热水壶的实际电压为U则URt= 125X1200 J ,U= 200 V答案：200 V10.有一个用直流电动机提升重物的装置，重物的质量m= 50 kg，电路电压为

9、 120 V ,当电动机以v= 0.9 m/s 的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流1= 5 A，求：(1) 电动机线圈的电阻R等于多少.(2) 电动机对该重物的最大提升速度是多少.(3) 若因故障电动机不能转动，这时通过电动机的电流是多大，电动机消耗的电功率又2为多大.(取g= 10 m/s )解析：电动机是非纯电阻，它从电路获取的电功率一部分转化为提升重物用的机械功率， 另一部分则转化为线圈电阻上的发热功率，三者关系应满足能量守恒.由于电动机线圈电阻及电路电压一定，调节输入电动机线圈的电流，则电动机就有可能获得最大机械功率.因电动机工作时为非纯电阻，输入电压U IR.电动机因故不能转动时

10、，电动机为纯电阻，输入电压U=IR，故输入电流增大，电动机消耗的功率也增大，如果此时电动机消耗的功率比正常工作时消耗的功率大很多，电动机在这种状态下工作就有可能被烧坏.答案：(1)设电动机输入功率为P,输出功率为R,热消耗功率为则有P=P+F2=额定电压22(W额定功15(WW 容量 45 升三星家用电黠厂(a)kWh冈回回回单相电度表DD10 220V 2A SOHi&000/kWhl995 年空刀 No盹武汉市电表厂电能表转 1 转的能量为:33600X103000J =1200J2mg什I RR=咋、竺 5 二霁10X0.9 Q = 6 Q（2）Pi= P-P2=UI-I2R=-

11、R（I-2R）2+ 4R2R=i时，P有最大值为U当I=2R=1 A，电动机的输出最大功率Pi大=600 W由于只大=mgv大，有v大=1.2 m/smg(3)因电动机不能转动，此时电路中电流最大，最大电流为i 1 2的功率也最大P2大=I大R= 2400 W图 711 如图 7 所示为检测某传感器的电路图，传感器上标有“3 V,0.9 W 的字样(传感器可看作一个纯电阻)，滑动变阻器 R)上标有“10Q,1 A”的字样，电流表的量程为 0.6 A, 电压表的量程为 3 V.(1) 根据传感器上的标注，计算传感器的电阻和额定电流.(2) 若电路元件均完好，检测时，为了确保电路各部分的安全，在a

12、、b之间所加的电源电压最大值是多少？(3) 根据技术资料可知，如果传感器的电阻变化超过了1Q,则该传感器就失去作用，实际检测时，将一个恒定的电源加在图中a、b之间(电源电压小于上述所求的电压的最大值)，闭合开关S,通过调节R来改变电路中的电流和R)两端的电压，检测记录如下：电压表示数U/V电流表示数I/A第一次1.480.16第二次0.910.22若不计检测电路对传感器电阻的影响，通过计算分析，你认为这个传感器是否还能使 用？此时a、b间所加的电压是多少？解析：(1)传感器的电阻R传=U传2/P传=10Q,传感器的额定电流I传=P传/卩传=0.9/3 A = 0.3 A.(2)要求电路各部分安全，则要求电路的最大电流I=I传=0.3 AI大=U= 20 A，电动机消耗R此时电源电压最大值U=U传+U0U传传感器的额定电压，U0为R)调至最大值R)m 10Q时F0两端的电压，即：U=I传Rm=0.3x10 V=3 V所以电源电压的最大值Un=U传+U0= 6 V.(3)设实际检测时加在a b间的电