(浙江专版)高考物理一轮复习第3章相互作用检测

1、第三章检测相互作用（时间:60分钟 满分：100分）一、选择题（每小题只有一个选项正确，共70分）1.中国女排在2016年奥运会比赛中再度夺冠。图为比赛而精彩瞬间的照片，此时排球受到的力有（）A.推力B.重力、推力C.重力、空气对球的作用力D.重力、推力、空气对球的作用力2.如图所示的装置中，小球的质量均相同，弹簧和细线的质量均不计，一切摩擦忽略不计，平衡时各弹簧的弹力分别为 Fi、F2、F3,其大小关系是（）A.Fi=E=RC.Fi=F>FB.Fi=E<F3D.F3>Fi>F2i3.关于由滑动摩擦力公式Ff= F n推出的,下列说法正确的是（）越大越小A.动摩擦因数与

2、摩擦力Ff成正比，Ff越大B.动摩擦因数与正压力Fn成反比，Fn越大C.与Ff成正比，与Fn成反比D.的大小由两物体接触面的情况及其材料性质决定水平横梁一端 A插在墙壁内，另一端装有一小滑轮 B,一轻绳的一端 C固定于墙壁上，另一端跨过滑轮后悬挂一质量为 m=0 kg的重物，/CBA30。，如图所示，则滑轮受到绳子的作用力的大小为()A.50 NB.20 NC.100 ND.100 ; N8如图所不，质量为m的正方体和质量为m的正方体放在两竖直墙和水平面间,处于静止状态。m和m4.如图所示，三根相同的绳子末端连接于O点,A B端固定,C端受一水平力 F,当F逐渐增大时（O点位置保持不变）,最先

3、断的绳子是（A.OA迪B.OB迪C.OC迪D.三绳同时断的接触面与竖直方向的夹角为a ,重力加速度为g,若不计一切摩擦，下列说法正确的是（）A.水平面对正方体 m的弹力大小大于（mo+m gB.水平面对正方体 m的弹力大小为（m+n）gcos aC.墙面对正方体m的弹力大小为mgan aD.墙面对正方体 m的弹力大小为tanu5.,一根绳绕过两个定滑轮和一个动滑轮如图所示，某同学为颈椎病人设计的一个牵引装置的示意图两端各挂着一个相同的重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的颈椎（图中是用手指代替颈椎做实验），整个装置在同一竖直平面内。如果要增大手指所受的拉力，可采取的方法是（）只增加绳的长度只增加

4、重物的质量只将手指向下移动只将手指向上移动A.B.C.D.6.如图所示，一光滑半圆形碗固定在水平面上，质量为m的小球用轻绳跨过碗口并连接质量分别为m和m的物体，平衡时碗内小球恰好与碗之间没有弹力，两绳与水平方向夹角分别为53。、37。，则m ： m2 ： m3 的比值为(已知 sin 53 ° =0. 8,cos 53 ° =0. 6)()A.5 ： 4 ： 3B.4 ： 3 ： 5C.3 ： 4 ： 5D.5 ： 3 ： 4如图所示，质量为mo的楔形物块静置在水平地面上，其斜面的倾角为0。斜面上有一质量为m的小物块，小物块与斜面之间存在摩擦。用恒力F沿斜面向上拉小物块，使

5、之匀速上滑。在小物块运动的过程中，楔形物块始终保持静止。则地面对楔形物块的支持力的大小为（）A.（mo+mgB.（ mo+mg-FC.（ mo+m） g+Fsin 9 D.（ mo+nmg-Fsin 0 10. I R如图所示，一种常用的“千斤顶”示意图，摇动手柄能使螺旋杆转动并保持水平 ，而A、B间距离发 生变化，重物就能被顶起或下降。若物重为 G杆AB与AC之间的夹角为0 ,不计“千斤顶”本身的 重力，则“千斤顶”螺旋杆 AB的拉力大小为（）A.GSin 0B.GCos 0GC.Gtan 0D.miB11.“竹蜻蜓”是一种在中国民间流传甚广的传统儿童玩具，是中国古代一个很精妙的小发明，距今

6、已有两千多年的历史。其外形如图所示，呈T字形，横的一片是由木片经切削制成的螺旋桨，当中有一个小孔，其中插一根笔直的竹棍，用两手搓转这根竹棍，竹蜻蜓的桨叶便会旋转获得升力飞上天，随着升力减弱而最终又落回地面。20世纪30年代，德国人根据“竹蜻蜓”的形状和原理发明了直升机的螺旋桨。下列关于“竹蜻蜓”的说法正确的是（）A. “竹蜻蜓”从手中飞出直至运动到最高点的过程中，始终在加速上升B. “竹蜻蜓”从手中飞出直至运动到最高点的过程中，始终在减速上升C.为使“竹蜻蜓”能以图示方向旋转上升，其桨叶前缘应比后缘略高D.为使“竹蜻蜓”能以图示方向旋转上升，其桨叶前缘应比后缘略低12 .如图所示，小方块代表一

7、些相同质量的钩码 ，图甲中O为轻绳之间联结的节点，图乙中光滑的滑 轮跨在轻绳上悬挂钩码，两装置处于静止状态，现将图甲中的B滑轮或图乙中的端点 B沿虚线稍稍 上移一些，则关于0角变化说法正确的是（）角不变化 角变大A.图甲、图乙中 0角均增大 b.图甲、图乙中 e角均不变C.图甲中e增大、图乙中e d.图甲中e不变、图乙中 e13 .一铁球通过三段轻绳 OA OB OC悬挂在天花板上的 A点，轻绳OC全接在轻质弹簧测力计上。第一次，保持结点O位置不变，某人拉着轻质弹簧测力计从竖直位置缓慢转动到水平位置，如图甲所 示，弹簧测力计的示数记为 F1。第二次，保持轻绳OCB直于OA缓慢释放轻绳，使轻绳O

8、A专动到竖直位置，如图乙所示，弹簧测力计的示数记为F2o则（）A.F1恒定不变,F2逐渐增大B.Fi、F2均逐渐增大C.F1先减小后增大,F2逐渐减小D.F1逐渐增大，F2先减小后增大14.如图所示，A、B两木块质量分别是m、m,与水平地面的动摩擦因数分别为（11、（12。两木块放在水平面上，它们之间用细线相连，两次连接情况中细线倾斜方向不同但倾角一样。先后用相同的 水平力F拉着A、B一起匀速运动，则 用、邛之比是（）A.1 : 1B. nA ： mC.m> ： nAD.无法确定 二、非选择题（共30分）15.（6分）下图是探究求合力的方法实验示意图。将橡皮条的一端固定于A点，图甲表示在

9、两个拉力F1、F2的共同作用下，将橡皮条的结点拉长到 O点；图乙表示准备用一个拉力F拉橡皮条，图丙是在白纸上根据实验结果画出的力的合成图示。甲匕丙（1）有关此实验，下列叙述正确的是 （填正确答案标号）。A.在进行图甲的实验操作时，F1、F2的方向必须互相垂直B.在进行图乙的实验操作时，必须将橡皮条的结点拉到O点C.在进行图甲的实验操作时，保证O点的位置不变，F1变大时，F2 一定变小D.在误差允许的范围内，拉力F 一定等于F1、F2的代数和（2）图丙中F'是以F1、F2为邻边构成的平行四边形的对角线，一定沿AO方向的是（选填“F” 或 “ F'”）。16.（8分）某同学在探究弹

10、力和弹簧伸长的关系的实验中，测得图中弹簧OC勺劲度系数为500N/m。如图甲所示，用弹簧OG口弹簧测力计a、b做“探究求合力的方法”实验。在保持弹簧伸长1. 00 cm不变的条件下甲乙(1)若弹簧测力计a、b间夹角为90。，弹簧测力计a的读数是N(图乙中所示，则弹簧测力计b的读数可能为 N。(2)若弹簧测力计a、b间夹角大于90。，保持弹簧测力计 a与弹簧OC勺夹角不变，减小弹簧测力计 b与弹簧OC勺夹角，则弹簧测力计a的读数、弹簧测力计b的读数。(均选填“变大” “变小”或“不变”)17.(16分)如图所示，一个质量为 m=8 kg的物体置于倾角为 37。的斜面上，在水平力F作用下保持静 止

11、。求下列情形下物体与斜面之间的静摩擦力的大小和方向(g取10 m/s 2)。(1) F=50 N;(2) F=60N;(3) F=70 No第三章检测 相互作用1. C题图中排球受到的力是重力、空气对球的阻力，所以答案为 C。此刻人手与球并没有接触，所以没有推力，所以选项A、日D均错。2. A3. D动摩擦因数的大小由接触面的粗糙程度及材料性质决定，与摩擦力Ff和正压力Fn无关,一旦材料和接触面的情况确定了 ，动摩擦因数也就确定了，故D正确。4. C滑轮受到绳子的作用力应等效为两段绳中拉力F1和F2的合力，因同一根绳张力处处相等，都等于物体的重力，即F尸B=G=mgW0 N。用平行四边形定则作

12、图，如图所示，可知合力F=100 N,所以滑 轮受绳的作用力为100 N,方向与水平方向成 30°角斜向下，正确选项为Co5. A 对结点O受力分析，受三根绳子的拉力，根据平衡条件的推论得，水平和竖直两绳拉力的 合力与OA期的拉力等大反向，作出平行四边形，解得三根绳中 OA南的拉力最大，在水平拉力逐渐增 大的过程中，OA期先达到最大值，故OA期先断,A项正确。6. D由于两墙面竖直，对m和m整体受力分析可知，地面对m0的弹力大小等于(m+n)g,A、B错误；在 水平方向，墙对m0和m的弹力大小相等、方向相反 ，隔离物体m受力分析如图所示，根据平行四边形mg叫定则可得m受到的墙对它的弹

13、力大小为 小口所以m受到墙面的弹力大小也为tan优,c错误,D正 确。7.A对动滑轮受力分析，受重力、两个对称的拉力，拉力等于悬挂物体的重力mg如图，由题可知，由平衡条件得2Ftcos 0 =F,而且拉力F=mg如果只增加绳的长度时,由于两个细线拉力也不变,动 滑轮位置不变，即夹角8不变，故三个力大小方向都不变，则F不变，故错误；增加重物的重力，两 个拉力变大，动滑轮位置不变，则两拉力夹角不变，故合力变大，故手要用较大的力，故正确；手指 向下移动，两个拉力大小不变，夹角变小，故两拉力合力变大，故手要用较大的力，故正确；手指向 上移动，两个拉力大小不变，夹角变大，故两拉力合力变小，故手要用较小的

14、力，故错误。8. A小球m受力如图所示，由三力平衡的知识可知，Ft2、Ft3的合力大小等于 mg,方向竖直向上，FT2=mgsin 53 ° =mg, FT3=mgcos 53 ° =mg,解得 m ： m2 ： m=5 ： 4 ： 3,选项 A 正确。9. D沿斜面匀速上滑的小物块和楔形物块都处于平衡状态，可将二者看作一个处于平衡状态的整体，由竖直方向受力平衡可得 (m+mg=F+Fsin 0，解得R=(m+mg-Fsin 8。10. D如图所示，将重力G分解到沿BATT向白拉AB杆的力Fi和沿AC方向白压AC杆的力F2,GG即得区二田仇则螺旋杆AB的拉力大小为tang。

15、11. C “竹蜻蜓”从手中飞出直至运动到最高点的过程中，由于刚开始它旋转很快，故产生向上的升力较大，会加速上升，但随着转速的减慢，重力大于升力时，减速上升，故选项A、B错误；为使 “竹蜻蜓”能以图示方向旋转上升，其桨叶前缘应比后缘略高，使得空气对它的作用力斜向上 ，从而产生向上的升力，故选项C正确,D错误。12. B题图甲中，根据钩码个数，三个力正好构成直角三角形，若端点B沿虚线稍稍上移一些， 三力大小不变，根据力的合成法则，可以知道，方向不变，即夹角不变。题图乙中，因光滑的滑轮，且 绳子中的张力相等，则A、B的力总是相等的，因此合力平分 A、B绳的夹角，即使稍上移，绳子张力 大小仍不变，则

16、根据力的合成法则，可以知道，AB夹角也不变。13. C在图甲中，对O点受力分析，抓住两根绳的合力等于物体的重力 ，其大小和方向都不 变，OA绳拉力方向不变，根据平行四边形定则得，如图甲，知OA南上拉力Fi先减小后增大。在图乙中 假设AO与竖直方向的夹角为 e ,由平衡条件得F2=msin 0 , 0减小，则F2逐渐减小。所以 C选项 是正确的。14. A对左图情形，分析受力情况，根据平衡条件得F=FfA+FfB； FfA=i(mAg-FTisin0);Ftb=(12(mg+Risin8 ),联立得到F=(i i(mAg-FTisin0 ) +2(mg+Risin0 ) =(i1mg+-rrag

17、-li-(i2)FTisin0 。同理，左图情形，分析受力情况，根据平衡条件得F=(i i(mAg+F2Sin8 ) + 2( rmg-FT2Sin0 ) =imAg+2mmg+(i-2)FT2Sin9解得(1 i= (1 2,所以!Ii： (1 2之比是i ： i。15 . (i)B16 .答案解析(2) F3 .003. 02 3.094. 1(有效数字不作要求)(2)变大 变大由题图乙可知弹簧测力计a的读数是Fi=3. 0 N;因合力为F=kx=500X 0. 01 N=5 N,两分力的夹角为90。，则另一个分力的大小为F2=. 2'1 =4. 0 No(2)若弹簧则力计a、b间的夹角大于90=：保持弹簧测力计 a与弹簧OC的夹角不变，减小弹簧 测力计b与弹簧OC勺夹角，根据力的平行四边