(物理)欧姆定律测试卷及答案

1、（物理）欧姆定律测试卷及答案一、选择题1 .如图所示，电源电压 U恒定，闭合开关和 S2 ,在滑动变阻器滑片向上移动过程中()A.灯泡L的亮度不变iB.两端的电压变大C.电流表A2的示数变大D.电流表的示数变大【答案】A【解析】 【解答】根据电路图，当开关都闭合时，电路中只有灯泡和电流表串联，在移动滑片时，灯泡亮度不变，A符合题意。故答案为：A.【分析】根据连入电路中的电阻情况，分析当改变电阻时，电流或电压变化情况。2 .如图所示的电路，电源电压保持不变，电路中各元件连接正确且均完好，闭合电键S,向右移动滑动变阻器滑片 P的过程中（）-IlA.电流表A的示数变大II B.压表V的示数变大C.电

2、压表V与电流表A的示数的比值变大uD.电压表V与电流表A的示数的乘积变小【答案】D【解析】【解答】A.此电路为串联电路，电压表测量电阻Ri两端的电压，电流表测电路电流，当闭合电键 S,向右移动滑动变阻器滑片P的过程中，滑动变阻器的电阻增大，电路的总电阻增大，根据欧姆定律，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，A不符合题意他.B.根据串联电阻分压关系，滑动变阻器的电阻增大，分压将增大，根据串联电路电压特 点，所以电阻Ri两端的电压减小，即电压表示数变小，B不符合题意.C.电压表V与电流表A的示数的比值即为电阻 Ri的阻值，应不变，C不符合题意.D.因电压表与电流表的示数都变小，所以乘积将变小，D

3、符合题意.、故答案为：D.【分析】R与R2串联，电压表 V测Ri的电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可 知电路中电流的变化分析.Si、S2同时闭合时，电流表的示数是 0.3A,电压表3闭合、Si断开时，电流表示数是0.2A,则下列说A. Ri和R2的阻值之比是2: 1C.电压表示数仍是6V【答案】B【解析】B. R2的阻值是20 aD. R2消耗的功率为0.4W【解答】当Si、S2同时闭合时，等效电路图如图所示:3.如图所示，电源电压不变，当开关 示数是6V。若两表互换位置，当开关 法不正确的是()由图可知，电源电压为 6V,即Ri两端的电压为6V,L 6V则 Ri 的阻值：Ri=?=*

4、 3-，=20 Q当S2闭合Si断开时等效电路如图所示:6V,故C正确;由图可知两电阻串联，电压表仍测电源的电压，所以电压表示数为电路中的总电阻 R/=仇24=300,R2 的阻值 R2=RRi=30Q20a =I0R 故 B错误所以 Ri: R2=20 Q: I0Q =2 i ,故 A 正确；R2 消耗的电功率 P=I2 R2= (0.2A) 2X I0Q =0.4 W D 正确；故选B.【分析】先画出等效电路图；当Si、S2同时闭合时，两电阻并联，电压表测量电源两端的 电压，电流表测量通过 Ri的电流；由欧姆定律可得出 Ri的阻值；两表位置互换，当 &闭合S断开时，两表串联，电压表

5、测量的仍为电源电压，电流表测电路中的总电流；则由欧姆定律可得出电路中的总电阻，由串联电路的规律可得出R2的阻值；由P=2R可求R2消耗的功率.4.如图所示，电源电压保持不变。闭合电键S,当滑动变阻器滑片 P向右移动时，不变的是：电流表A的示数；电压表V的示数；电流表A与Ai示数的差值；电压表 V与电流表A示数的比值（）A. 只 有 “ B. 只 有C.D.【答案】C【解析】【解答】由电路图知道，Ri和R2并联，电压表测量并联电路支路的电压（等于电源电压），电流表 Ai测Ri支路的电流，A测干路电流；因为电源的电压不变，所以，电压 表V的示数不变，故符合题意；因为并联电路中各支路独立工作、互不影

6、响，所以，滑 片移动时，通过 母的电流不变，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，由I=U/R知道，通过滑动变阻器 Ri支路的电流变小，即电流表 Ai的示数变小，因为 并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A的示数变小，故不符合题意；因为电流表 A与Ai示数的差值等于通过 R2的电流，所以，电流表 A与Ai示数的差值不变，故 符合题意；由电压表 V的示数不变、电流表 A的示数变小 知道，电压表V与电流表A示数的比值变大，故 不符合题意，综上所述，只有 C符合题 意，故答案为：Co【分析】R和R2并联，电压表测量并联电路支路的电压（等于电源电压），电流

7、表Ai测Ri支路的电流，A测干路电流；根据电源的电压判断电压表示数的变化，根据并联电路中 各支路独立工作、互不影响可知通过R2电流的变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的 变化以及两电流表示数只差的变化，进一步得出电压表V与电流表A示数的比值变化.5.如图，电源电压恒定，电阻Ri=i0Q, R2=i5Q, R阻值一定但未知，当单刀双掷开关S掷向a （同时与b断开）时，电压表示数为 2.0V,若掷向b （同时与a断开），电压表示 数可能为（）D. 1.5VA. 3.0VB. 2.5VC. 2.0V【答案】B【解析】【解

8、答】解：由图 S接b时，母与R串联，由欧姆定律知：U=IR,此时电压表测R2两端电压，示数为 U', | 口 |即有U' =12=近+ "Qx 15 同理，S接a时，Ri与R串联，此时电压表测 R1两端电压，示数为 2V,则有：2V=IR=? * "Gx 10 +可得： g * 100)所以U' =3迎茹a,W F 109因为用+ W,所以U'v3V;R、R2分别与R串联，R2>R1 ,根据串联电路的分压原是可知：R2与R2串联时比R与R串联时分压多，即 S接b时电压表示数大于 2V;综上可知：2Vv U'v3V,故B正确，AC

9、D错误.故选B.【分析】由欧姆定律可得出开关置于两位置时的电压表示数表达式，通过分析可得出电压 的可能值6.如图所示，电源电压恒定，R为定值电阻,R2为滑动变阻器。S闭合，滑动变阻器滑片P由a向b滑动，下列说法正确的是(A.电压表V1示数与电压表 V2示数之和变大 变大B.电压表V1示数与电流表 A示数的乘积D.电压表V2示数与电流表 A示数的比C.电压表V1示数与电流表 A示数的比值变大 值变大【答案】D【解析】【解答】等效电路图如下，R与R2串联，Vi测Ri两端的电压，V2测及两端的电压。A、开关S闭合，当滑片P由a向b滑动时，由串联电路的电压特点可知，电压表Vi示数与电压表V2示数之和等

10、于电源电压，则两个电压表示数之和不变，A不符合题意；BCD滑片P由a向b滑动，变阻器 R2接入电路的阻值变大，总电阻变大，由 I立 知电路 中电流变小，电流表 A的示数变小；由U=IR可知，定值电阻 R两端电压变小，即 Vi的示 数变小，则V2示数就会变大； 所以，电压表 Vi示数与电流表 A示数的乘积变小，B不符合题意； 电压表V2示数与电流表A示数的比值变大，D符合题意； 由欧姆定律可知，电压表 Vi与A的示数之比等于定值电阻 Ri的阻值，所以该比值不变，C不符合题意。故答案为：Do【分析】先画出等效电路图，确认电路的连接方式为串联和电表的测量对象，根据串联电 路的特点分析.P从左往右滑动

11、的过程中,7 .如图所示，闭合开关，条形磁铁静止后，将滑动变阻器滑片弹簧将（）A.缩短B1中长O止不动DU申长后缩短【答案】B【解析】 【解答】解：滑片从左往右滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中的电 流变大，通电螺线管的磁性增强；根据图中电流方向结合安培定则可判断出：螺线管的上 端为N极，下端为S极，此时根据磁极捡到相互作用：异名磁极相互吸引，所以螺线管对 磁铁的吸引力增大，弹簧的长度变长。故答案为：Bo【分析】根据滑动变阻器的使用方法确定电路中的电阻的变化，再根据欧姆定律确定电路中电流的变化；安培定则：用右手握螺线管，让四指弯向螺线管中电流方向，则大拇指所 指的那端就是螺线管的北极（

12、N极）.8 .如图所示，开关闭合后.当滑动变阻器滑片向某一方向滑动时，观察到灯泡变暗，该过 程中（）I-I_IA.电流表示数变大，电压表示数变小H B电流表示数变大，电压表示数变大C.电流表示数变小，电压表示数变小h D电流表示数变小，电压表示数变大【答案】D 【解析】 【解答】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器滑片向某一方向滑动时，灯泡变暗，则灯泡的实际功率变小，因串联电路中各处的电流相等，由P=I2R可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，AB不符合题意；由 U=IR可知，灯泡两端的电压变小，因串联电路中总 电压等于各分

13、电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，C不符合题意、D符合题意。 故答案为：D【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，当滑动变阻器滑片向某一 方向滑动时，观察到灯泡变暗，则灯泡的实际功率变小，根据串联电路的电流特点和 p=ui=2r可知电路中电流的变化，再根据欧姆定律可知灯泡两端的电压变化，利用串联电 路的电压特点可知滑动变阻器两端电压变化.9.如图所示的电路.电源电压保持不变.R=10 闭合开关S,滑动变阻器滑片 P在最右端时 电流表的示散为 0.25A;把滑片P移到中点时.电流表的示教为 0.4A。则下列选项正确的是()A.滑片P在最右端时.通过Ri

14、、R2的电流之比为5: 8B.滑片P在最右端时，Ri、R2两端电压之比为 3: 1C.滑动变阻器的最大阻值为40 QD.电源电压为10V【答案】D【解析】【解答】闭合开关S,滑动变阻器滑片 P在最右端时，定值电阻 Ri和变阻器R2串联，根据U总总R总得到：U总=0.25A X (10Q +R) ；当滑片P移到中点时，定值电阻 Ri和变阻器 ?R2串联，根据U总=1总R总得到：U总=0.4A X (10Q +:R2)；解得：R2=30 Q, U总=10V,故C错误，D正确；滑片P在最右端时，定值电阻Ri和变阻器R2串联；因为串联电路各处电流都相等，所以通过Ri、R2的电流之比为1: 1,故A错误

15、；串联电路中，电压与电阻成正比，那么 R、R2两端电压之比：U1 ： U2=R1 : R2=10 Q:30 a =1 3,故B错误。故选D。【分析】(1)闭合开关 S,滑动变阻器滑片 P在最右端时，定值电阻R和变阻器R2串联；当滑片P移到中点时，定值电阻 R1和变阻器串联；根据U总=1总R总列出方程组，然后计算得到变阻器的最大阻值和电源电压；(2)串联电路中各处电流都相等；(3)串联电路中，电压与电阻成正比。10.如图所示，电源电压恒定。当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，两表示数之比U甲：U乙=4: 1;当开关S闭合、S2断开，若甲、乙两表均为电流表时，两表的示数之比为()A. 4:

16、 3B. 3: 2C. 3: 4D. 3: l【答案】C【解析】【解答】由电路图知道，当S|、金闭合时，若甲乙两表为电压表，则两电阻串联，并且甲测电源的电压，乙测R2两端的电压，由串联电路电流特点和I=U/R知道：U甲/R+R2=UR2 ,又因为U甲：U乙=4: 1,所以两电阻之比是：Ri/R2=3/1 ,即R =3电；当开关Si闭合、&断开时，若甲、乙两表均为电流表，则两电阻并联，并且甲测R2支路的电流，乙测干路电流，由并联电路中各支路两端的电压特点和I=U/R知道，两电流表的示数u_/中 处 危 3危 3£乙 V U 撕 '& 3R取&之比是：曲用

17、,故答案为：Co【分析】当 S、S2闭合，甲乙两表为电压表时，两电阻串联，甲测电源的电压，乙测R2两端的电压，根据串联电路电流的规律和欧姆定律表示出电阻之比；当开关Si闭合、S2断开，甲乙两表为电流表时，两电阻并联，甲测 &支路的电流，乙测干路电流，根据并联电 路电压规律和欧姆定律表示出两支路的电流之比，根据两电阻的关系即可求出两表示数比 值.11 .如图所示，电源电压恒为15V,定值电阻 R的阻值为20Q闭合开关后，使变阻器的阻值减小5Q,电流表示数变化了 0.1A,则下列说法正确的是()A.电流表本数减小了 0.1AB.电压表本数减小了 0.5VC.定值电阻的电功率增大了 0.2W

18、D电路总功率增大了 1.5W【答案】D【解析】【解答】由图可知，变阻器 R变与R串联在电路中，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中电流；A、使变阻器的阻值减小5Q,根据串联电路的电阻特点可知总L电阻变小，由于电源电压不变，根据I=|7可知电路中电流变大，所以电流表示数变化了 0.1A,应是增大0.1A, A不符合题意;B、设原来变阻器接入电路的阻值为R变，变阻器的阻值减小 5 后，此时变阻器接入电路U I .的阻值为 R变-5，由题意可知：1 = 12-11 = 0.1A,即：R ' R董-耳口& =谕/肝0.1A,所以：20 n * R变-"30°

19、+/=0.1A,解得：R 变=10Q, R 变=-45 (舍U _15V| U _15V去)，所以，"金wn，9一 =0.5A, 2= 变7。门-50= 0.6A,则电压表示数变化量：4U 变=12 (R 变-5Q)-I1R 变=0.6AX (10Q-5Q) -0.5A X 10=g - 2V,所以电压表示数减小了 2V; B不符合题意;C、定值电阻电功率的增大量：P1 = I22R-I12R= ( 0.6A) 2X20Q(0.5A) 2X2032.2W, C不符合题意；D、总功率的增大量：4P= Ul2-UIi= 15VX 0.6A-15V X 05A5W, D 符合题意。故答案为

20、：Do【分析】根据电路中电流的变化和总电阻的变化计算电阻的大小，利用电源电压和电阻计算总电流，结合电流和电阻计算用电器的电功率12 .如图所示的电路中，电源电压和灯泡电阻都保持不变.当滑动变阻器的滑片P由中点向右移动时，下列判断正确的是()A.电流表和电压表的示数都增大B电流表和电压表的示数都减小C.电流表示数减小，电压表示数不变，变阻器功率变小D.电流表示数减小，电压表示数变大，灯泡功率不变【答案】C【解析】 【解答】如图灯泡与滑动变阻器并联，电流表测量滑动变阻器的电流，电压表测 量电源电压，利用欧姆定律和电功率的知识解答。当滑动变阻器的滑片 P由中点向右移动时，电阻变大，所以电流变小，即电

21、流表示数变小，电压表因为测量电源电压而变。AB不符合题意；灯泡的电压和电流都没有变化，所以根据忸二以，功率不变；滑动变阻器的电压不变，但电流变小了，根据- 1修，电流减小则功率变小。C符合题意。故答案为：Co【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源的电压，电流表测通过变 阻器的电流。根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据滑片的移动可知接 入电路中电阻的变化，根据并联电路的电压特点和欧姆定律可知通过滑动变阻器的电流变 化.13 .有两个电路元件 A、B,把它们串联在电路中，如图乙所示，流过元件的电流与其两端的电压关系如图甲所示。闭合开关S,这时电流表的示数为 0.2A

22、,若将A、B两元件并联接在原来的电源上，则此时电路中的总电流为(B. 0.6AA. 1.2A【答案】AC. 0.7AD. 0.5A【解析】【解答】（1）由电路图可以知道，电路元件A和B串联，电流表测电路中的电流 因串联电路中各处的电流相等 ，所以，电流表的示数为0.2A时：心二弱二/二口窗由图象可以知道,A和B两端的电压分别为：川二 Uff =却所以，电源的电压：U -*齿= '"=3" ；（2）若将A、B两元件并联接在原来的电源上,因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由图象可以知道，通过两元件的电流分别为：= 0.6A 工=仇囹因并联电路中干路电流等于各支路电

23、流之和，所以，干路电流：1 = h h = 0.6A0.6A = L2A故答案为：A.【分析】电路元件 A和B串联，电流表测电路中的电流，再结合电流一电压图像即可求解14.生活处处有物理，下列说法错误的是（）A.用筷子夹取食物时，利用了摩擦力B.公交车内的破窗锤是通过增大受力面积的方法来减小压强C.打开醋瓶能闻到酸味说明分子做无规则运动D.驾驶员在驾驶车辆时需系上安全带是防止惯性带来的伤害【答案】B【解析】 【解答】A、筷子能夹住食物放入嘴里而不掉下来，主要是靠筷子和食物之间存 在摩擦力，该选项说法正确；B、公交车内的破窗锤是通过减小受力面积的方法来增大压强，该选项说法错误；C、打开醋瓶能迅速

24、闻到醋的酸味，是扩散现象，说明了分子在运动，该选项说法正确；D、当汽车突然刹车时，驾驶员和坐在前排的乘客由于惯性仍保持原来的向前运动的状 态，容易撞上前挡风玻璃，从而造成伤害，故必须系好安全带.该选项说法正确； 故选B.【分析】A、两个互相接触的物体，当它们做相对运动时，在接触面上会产生一种阻碍相 对运动的力，这种力就叫摩擦力；B、增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强.在受力面积一定时，增大 压力来增大压强；C、物质是由分子组成的，组成物质的分子永不停息地做无规则运动；D、一切物体都有保持原有运动状态不变的性质，这就是惯性.系安全带可以在很大程度上防止车辆因紧急刹车时，人由于惯

25、性向前倾可能造成的伤害.15.某同学在探究 电流跟电压、电阻的关系个图像相符的是”时，根据收集到的数据画出了如图所示的一A.电阻一定时，电流随着电压的增大而增大mB.电阻一定时，电压随着电流的增大而增大C.电压一定时，电流随着电阻的增大而减小hD.电压一定时，电阻随着电流的增大而减小【答案】C【解析】 点拨：从图中可以看出，当电阻增大时，电流在减小，电流与电阻成反比例函 数，结合欧姆定律可以知道这个前提是电阻两端的电压一定。并且是因为电阻的变化而导 致电流发生变化，所以应该是电流随着电阻的变化而变化。全解；C回味：在电路中是因为电阻变化使电流随着变化，电阻是因，电流是果。在物理上这种因 果关系

26、不能颠倒，如在光学中光的反射定律中只能讲反射光线与入射光线的关系。16.图甲是某电子秤的原理示意图, 其电阻大小与托盘内所放物体质量Ri的阻值为100 Q,托盘下方的电阻 m大小的关系如图乙所示，电源电压为及为压敏电阻,6 V保持不变,则（）A. R2的阻值变化范围为 01000 QB电路中电流的变化范围为0.1 A0.6 AC.电路中电流为 0.02 A时，托盘内物体的质量为600 gD.托盘内物体质量为400 g时，电流表的示数为 0.01 A沿此线折叠【答案】C【解析】【解答】A.由图乙可知，压敏电阻R2的阻值变化范围为0节00Q, A不符合题意；B.当托盘内物体的质量为零时 ，压敏电阻

27、R2= 500 O,则电路总电阻：R= Ri+R2= 100 Q +500 QU _ 6V= 6005 此时电路中的电流：I=7一方龙城=0.01A,当托盘内物体的质量为 1000g时，压敏 电阻阻值是 0Q,则电路总电阻： R'=Ri+R 2=1000+00= 100 Q,此时电路中的电流： 1二 U _ 6V招 “川。=0.06A,所以，电路中电流的变化范围为0.01AC06A, B不符合题意；U 6VC.当电路中电流I1=0.02A时，电路总电阻： R总=门 。,织=300 0,则压敏电阻 R2的阻 值：R2=R -R1 = 300 Q-100 &200 Q,由图乙可知，

28、当 於=200 时，托盘内物体的质量为 600g, C符合题意；D.当托盘内物体质量为 400g时，由图乙可知，R2= 300 时，则电路总电阻：R=R1+R2 = 6V100 Q +300 400 Q,此时电路中的电流：12=盘 抑'Q =0.015A, D不符合题意。故答案为：Co【分析】电阻 R、R2串联电流表测电路中的电流，由图乙可知，压敏电阻R2的阻值变化范围；根据串联电路电阻特点和欧姆定律求出电路中电流的变化范围；再根据欧姆定律、串联电路电阻特点求出托盘内物体的质量和电流表的示数17.在如图所示的实物电路中，电源电压恒为 3V,滑动变阻器的规格为“1001A”灯泡上标有2.

29、5V 1W的字样，闭合开关后调节滑动变阻器的滑片，在保证各元件安全的情况下，下列说法正确的是（）A.小灯泡正常发光时的电阻为2.50咱.向右移动滑片时，电压表 V1的示数变小，小灯泡亮度变暗C.向右移动滑片时，电压表V2与电流表 A的示数之比不变uD.让小灯泡正常发光 1min,滑动变阻器产生的电热为 12J【答案】D 资（2. 51尸【解析】【解答】根据 R=尸一 /芹 =6.25 R ,A不符合题意；由图可知滑动变阻器、 灯泡、电流表组成串联电路，当向右移动滑片时，滑动变阻器连入电路的电阻变小，根据串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压变小，即V2示数变小，而灯泡两端的电压变大，即V

30、1示数变大，小灯泡变亮，B不符合题意；电压表 V2与电流表A的示数之即滑动变阻器连入电路的电阻值，所以向右移动滑片时，电压表V2与电流表A的示数之比变小，Cp j*=0.不符合题意；D.小灯泡正常发光时电路中的电流，I=E加 一一此时滑动变阻器两端A3 国国P 口口六同空L上寿廓以同的电压U滑=3V-2.5V= 0.5V,滑动变阻器连入的电阻 R滑=Q.羽1min滑动变阻器产生的电热为 Q=I2Rt=0.4A X以携X L25。X 浓=/幻，D符合题意。故答案为：D【分析】灯泡与滑动变阻器串联，电压表Vi测量小灯泡电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中电流.(1)根据p=，变

31、形可求小灯泡正常发光时的电阻；(2)根据串联电路的电流特点可知，滑动变阻器向右移动滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据串联分压的原理，滑动变阻器分配的电压减小，即电压表V2示数减小，小灯泡两端电压变大，小灯泡变亮；(3)电压表V2与电流表A的示数之比等于滑动变阻器的阻值；(4)由灯泡上标有 “2.5V1W ,根据P=UI可求小灯泡的额定电流，再根据串联电路电压的 特点，求出滑动变阻器两端的电压，根据 Q=UIt求出小灯泡正常发光 imin,滑动变阻器产 生的电热.18 .如图所示的电路中，电源电压恒定不变，已知 Ri = 3R2 ,当S和Si闭合、S2断开时, 电压表和电流表的示数分别为

32、 Ui和Ii；当Si断开、S和S2闭合时，电压表和电流表的示数 分别为U2和I2 ,则Ui: U2、Ii: I2分别是()B. i: 2、i: 3心 i: i、i : 4nD. i: 4、 i: i【解析】【解答】解：当Si闭合、&断开时，等效电路图如图时，等效电路图如图 2所示。i所示；当S断开、S2闭合电源的电压不变，且两种情况下电压表测电源的电压, 所以两次电压表的示数不变，即 Ui： U2=i: i;U U V U 4V U两电阻并联，Ik记+亟一拓启-茄，I2=及则 Ii: I2一4: 3。故答案为：A。【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式及电表的测量对象

33、，根据 电源的电压不变判断电压表示数的变化，再根据并联电路的电压特点和欧姆定律表示出各 支路的电流，根据并联电路的电流特点判断电流表示数的比值19 .如图甲所示的电路中，电源电压恒定，灯?L的电阻随温度变化而变化，品为定值电阻滑 动变阻器Rx的规格为“20Q2.5A合开关S,电压表Vi的示数为Ui、电压表V2的示数为U2, 移动滑动变阻器的滑片P从A端至B端,U2与Ui的关系如图乙所示当滑片P滑到B端时，灯L恰好正常发光.下列结果中正确的是（）A.电路中最大电流为 1AC.灯L正常发光时的电阻为 40 aDT L的额定功率为24W位值电阻Ro的阻值为16 a【解析】【解答】由图可知，当滑片V2

34、测电源电压，由图知电源电压为Uoi=24V,次T L恰好正常发光，则灯P滑到B端时，阻值为0, L和Ro串联，此时电压表36V,电压表 Vi测 Ro的电压，由图知Ro的电压L的额定电压为：Ul额=36V24V=i2V, A.当滑片P在A端时，滑动变阻器阻值最大，且Rmax=20 ，此时电压表V2的示数为i6V,则滑动变阻依 20i器两端的电压为：UR=36V16V=20V,此时电路中的电流最小：Imin=9=般也=iA, A不符合题意；B.当滑片P在A端时，电压表 Vi的示数Uo2=12V,则定值电阻 Ro的阻值 小垓%为：Ro=而必 加=12Q,B不符合题意；C.当滑片P滑到B端时，电路中的

35、电流为：1=论 丝文曳= 以 =2A,灯L正常发光时的电阻：Rl= 1 =氮=6 Q, C不符合题意；D.灯L的额定功 率为：Pl=Ul额 I=12V %, 2A=24W.故答案为：Do【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，当滑片 P滑到B端时，灯L恰好正常发光，此时电路的总电阻最小，总电流最大，两电压表的示数都达到了最大，判断出电源电压；当滑动变阻器的滑片 P在A端时，总电阻最大，电路中的总电流最小， 由乙图读出两电压表的示数，根据串联电路电压的规律表示出滑动变阻器的电压，根据欧 姆定律算出电路的电流和定值电阻Ro的阻值；当滑片在 B端时，滑动变阻器的电阻为零，电路的电流最

36、大，此时灯L恰好正常发光，定值电阻两端的电压为24V,根据欧姆定律算出电路的电流，根据串联电路电压的规律算出灯泡两端的额定电压，根据欧姆定律算出灯L正常发光时的电阻，由 P=UI算出灯泡L的额定功率.20 .如图所示，Ro为定值电阻，Ri为滑动变阻器，Ai , A2为实验室用电流表（接线柱上 标有“0.6,” “3）',闭合开关后，调节滑片P.使两电流表指针所指位置相同。下列说法正确的是（）RiA.电流表Ai与A2的示数之比为1: 4r B.通过R0与Ri的电流之比为4: 1C. R与Ri两端的电压之比为 1: 4D. R与Ri的阻值之比为 4: 1【答案】D【解析】【解答】A.如图电

37、路，两电阻并联，电流表Ai测量R0的电流，电流表 A2测量干路电流。因为干路电流一定大于支路电流，且电流表的两个量程为5倍的关系，所以两电流表指针所指位置相同时，干路电流为Ro电流的5倍，即电流表Ai与A2的示数之比为1: 5, A不符合题意；B.得:“ + =M,则力二必即通过Ro与R的电流之比为1: 4, B不符合题意；C.两电阻并联，电压相等，C不符合题意；D. R）与R的阻值之比为：而_力4鬲一 2五7门，D符合题意；故答案为：Do【分析】&与Ri并联，电流表 Ai测Ro中电流，电流表 A2测干路电流，根据并联电路的电 流特点结合两电流表指针所指位置相同可知两电流表的量程，根据

38、指针位置相同时大量程 示数是小量程示数的 5倍可知两者的大小关系，根据并联电路的电流关系可知两电阻中电 流的关系，根据并联电路的分流特点可知两电阻的关系，再根据欧姆定律求出两电阻的电 压关系.21 .如图所示，当滑片 P置于中点时，小灯泡比正常发光时暗，当滑片 P由中点向a端滑 动时，下列说法正确的是（灯泡的电阻随温度变化）A.电流表示数变小，小灯泡变亮C.电路消耗的总功率不变【答案】DB电压表示数变大，小灯泡变暗D.电压表与电流表示数的比值变大【解析】【解答】解：A、当滑片 P由中点向a端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变LA错误;小，根据公式I=/i可知，电路电流变大，也就是电流表示数变大

39、，灯泡变亮，故B、变阻器接入电路的电阻变小，根据串联分压，灯泡两端电压变大，所以电压表示数变 大，灯泡的实际功率变大，小灯泡变亮，故 B错误C、电源电压不变，电路中白电流变大，由公式 P=UI可知，电路消耗的总功率变大，故 C 错误；LD、小灯泡变亮，说明温度升高，此时小灯泡的电阻变大，由公式R=可知，电压表与电流表示数的比值变大，故 D正确. 故选D.【分析】从电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量灯泡两端的电压，电流表测 量电路总电流，当滑片 P由中点向a端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧 姆定律可知电路电流的变化，进一步求出灯泡两端电压的变化22 .甲、乙两个小灯泡上分

40、别标有“6V3W和“4V2W字样，现在把它们按不同方式接在不同电路中（不考虑灯丝电阻的变化），下列判断错误的是（）A.若把它们并联在 4V电路中，乙灯正常发光B若把它们并联在 4V电路中，甲灯比乙灯亮C.若把它们串联在10V电路中，两灯都可以正常发光D.若把它们串联在10V电路中，甲灯比乙灯亮【答案】B【解答】解：由p= ui可得，两灯泡的额定电流分别为:"=0.5A, I 乙=3乙="=0.5A,由1=田可得，两灯泡的电阻分别为:AB、两灯泡并联在 4V电路中时，因并联电路中各支路两端的电压相等，且额定电压下灯泡正常发光,所以，只有乙灯泡能正常发光，其实际功率为P乙实=

41、P乙 = 2W;甲灯泡不能正常发光，其实际功率为P甲实=耳=1.33W P乙实，所以乙灯比甲灯亮，A不符合题意，B错误，符合题意；CD、两灯泡串联在 10V电路时，两灯的总电阻为 R= R甲+R乙=120+80= 20Q,此时电路中的电流为 I串=% = 而方=0.5A,因串联电路中各处的电流相等，且此时的电流与两灯泡的额定电流相等，所以，两灯泡可以同时正常发光；此时两灯实际功率都等于各自的额定功率，因为 P甲P乙（即3W>2W）,所以甲灯较 亮，C D不符合题意。故答案为：B。L【分析】结合小灯泡的铭牌，根据P=UI是求出额定电流，根据1=后求出两灯泡的电阻；两灯泡并联时它们两端的电压

42、相等，两灯泡两端的电压和额定电压相等时正常发光，否则 不能正常发光；两灯泡串联时通过它们的电流相等，且两灯泡的额定电流相等，实际电流 等于额定电流时才能正常发光 .23 .如图甲所示电路的电源电压为3V,小灯泡的额定电压为2.5V,图乙是小灯泡的I-U图象。闭合开关S后，下列判断正确的是（A.滑动变阻器的滑片 P向左滑动时，灯泡变暗B.电流表示数为仪我时，灯泡的电阻是2"C.电压表示数为 上习时，小灯泡的功率是 上史耶D.小灯泡正常发光时，滑动变阻器的电功率是仇弱【答案】D【解析】【解答】解：A、由图可知，闭合开关 S后，灯泡与变阻器串联，电压表测变阻器 两端的电压，电流表测电路中的

43、电流，滑片P向左滑动时，电路中的电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，根据P=I2R可知灯泡的实际功率增大，则灯泡变亮，A不符合题意；B、由灯泡的I-U图象可知，当电流为 0.4A时，灯泡的电压为 1V,L IV由欧姆定律可得，灯的电阻：R_= J = 0. =2 =2.5 Q B不符合题意；C、电压表示数为2.5V时，由串联电路电压的规律，灯的电压为：Ul=U滑=3V 2.5V=0.5V, 由图象可知，灯的电压为 0.5V时电流为0.3A,则小灯泡的功率：Pl' =U I ' =0.5V X 0.3A=0.C5W合题意；D、小灯泡的电压等于额定电压2.5V时，灯正常发光

44、，由图象可知灯的额定电流为0.5A,根据串联电路电压的规律，变阻器的电压为：U滑=U-Ul额=3V-2.5V=0.5V,此时滑动变阻器的功率：P 滑=U滑 I 滑=0.5V X 0.5A=0.25WD 符合题意。故答案为：D【分析】结合电路图，理清依据的连接方式及电表的测量对象，滑片P向左滑动时，分析£电路中的电阻变化，由欧姆定律 R=，确定电路中的电流变化，根据 P=Fr确定灯的实际功 率，从而得出灯泡亮度变化 .结合I-U图象知，当电流为 0.4A时，对应的电压为 1V,由欧姆定律R= 7求出灯的电阻.电压表示数为 2.5V时，由串联电路电压的规律得出灯的电压，由图知，灯的电压为 0.5V电流大小，根据 P=UI得出小灯泡的功率.由图象可知