2019届高三高考物理全国卷Ⅰ考试大纲模拟卷(六)含答案详细解析

1、绝密启用前（试卷及答案6）第10页共13页2019届高三高考全国卷 I考试大纲模拟卷（六）理科综合物理（考试时间：50分钟 试卷满分：110分）注意事项：1 .本试卷分第I卷（选择题）和第R卷（非选择题）两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名 、准考证号填写在答题卡上。2 .回答第I卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改 动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。3 .回答第R卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。考试结束后，将本试卷和答题卡一 并交回。4 .测试范围：高考 物理全部内容。第I卷一、选择题：本题共8个小题，每小题6分，共4

2、8分。在每小题给出的四个选项中，第 15题 只有一项符合题目要求，第68有多项符合题目要求。全部选对的得 6分，选对但不全的得3分，有 选错的得0分。1.a、b两车在同一平直公路上从同一位置由静止开始运动，其v t图象如图所示.以下说法正确的是（）A. to时刻，两车相遇B. t0时刻，b车的运动方向发生改变C. 0to时间内，b车的加速度逐渐减小D.0to时间内，b车的平均速度为v02.如图所示，竖直放置的光滑圆环O,顶端D点固定一定滑轮（大小忽略），圆环两侧套着巾、何二两小球，两小球用轻绳绕过定滑轮相连，并处于静止状态,m卜q连线过圆心。点，且与右侧绳的夹角为质量之比为（）A. umB B

3、. |l/unON C. l/wse D.沏）3.2018珠海航展已于2018年11月6日11日在珠海国际航展中心举行，其中我国歼-10B眼镜蛇飞行表演让飞行爱好者赚足了眼球。如图所示是某飞机在珠海从北往南飞行过程中的一个 镜头，当飞机从水平位置飞到竖直位置时，相对于飞行员来说，关于飞机的左右机翼电势高低的说法中正确的是（）A.不管水平飞行还是竖直向上飞行,都是飞机的左侧机翼电势高B.不管水平飞行还是竖直向上飞行,都是飞行的右侧机翼电势高C.水平飞行时，飞机的右侧机翼电势高，竖直向上飞行时机翼左侧电势高D.水平飞行时，飞机的左侧机翼电势高，竖直向上飞行时机翼右侧电势高4.汽油发动机内，经过压缩

4、达到一定温度和压力的汽油，需要火花塞点燃从而实现能量转化，而火花塞需要高达10 kV的电压才能点火，某同学设计了如图2甲、乙的点火电路，已知直流电源的电压为12V,升压变压器的输出端接到火花塞上，开关是自动控制的，下列说法正确的是（）A.两电路都不可能使火花塞点火，因为变压器不能改变直流电压B.图甲、乙的电路中，保持开关闭合，输出端都会获得持续的高压C.图甲的电路中，只有在开关闭合或断开瞬间，输出端才会有高压产生D.图乙的电路中，在开关断开或闭合瞬间，输出端都会有高压产生5.如图所示，等腰直角三角形 abc区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度的大小为B,在bc的中点。处有一粒子源，可沿与

5、ba平行的方向发射速率不同的两种粒子，粒子带负电，质量为 m,电荷量为q,已知这些粒子都 能从ab边离开abc区域，ab= 21,不考虑粒子的重力及粒子间的相互作用，则这些粒子（ ）A ,速度的最大值为色型B.速度的最小值为雪C.在磁场中运动的最短时间为4qBD.在磁场中运动的最长时间为2qB6.如图所示，将质量为2m的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为m的小环，小环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑轻质定滑轮与直杆的距离为d.现将小环从与定滑轮等高的 A处由静止释放，当小环沿直杆下滑距离也为d时（图中B处），下列说法正确的是（重力加速度为g）（）A .环与重物、地球组成的系统机械能守恒

6、B.小环到达B处时，重物上升的高度也为 d2C.小环在B处的速度与重物上升的速度大小之比等于¥D.小环下落到B处时的速度大小为 （3-22 gd7.2019年1月3日，嫦娥四号”月球探测器顺利着陆在月球背面，成为人类首颗软着陆月背的探测器。着陆前， 探测器先在距月高度约为 100km的圆轨道上运行；然后在 A点实施变轨，使运行轨道变为远月点 A高度约为 100km,近月点P高度约为15km的椭圆轨道；再在 P点实施制动降落月背。下列说法正确的是A.从圆轨道到椭圆轨道的变轨过程中，探测器的机械能变大B.探测器在椭圆轨道运行时，在P点的速率大于在 A点的速率C.探测器在P点时的加速度大于

7、在 A点时的加速度D.探测器在椭圆轨道的运行周期大于在圆轨道的运行周期8. 如图甲所示，矢I形导线框 abcd固定在匀强磁场中，磁场的方向与导线框所在的平面垂直，磁感应强度B随时间变化的规律如图乙所示，规定垂直纸面向里为磁场正方向，顺时针方向为感应电流正方向，水平向右为ad边所受安培力F的正方向.下列图象正确的是 （）二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第912题为必考题，每个试题考生都必须作答。第1314题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共47分。9. （6 分）物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数.实验装置如图a, 一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端

8、装有定滑轮；木板上有一滑块，其一端与电磁打点计时器的纸带相连，另一端通过跨过定滑轮的细线与托盘连接.打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz.开始实验时，在托盘中放入适量祛码，滑块开始做匀加速运动，在纸带上打出一系列小点.打出计时需 滑块图b给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6、7是计数点，每相邻两计数点间还有点（图中未标出），计数点间的距离如图所示.根据图中数据计算的加速度a =（保留三位有效数字）. OLA4Sb7iiI iii.ii4个小（2）回答下列两个问题:为测量动摩擦因数，下列物理量中还应测量的有 （填入所选物理量前的字母）A.木板的长度B.木板的质量m

9、iC.滑块的质量m2D.托盘和祛码的总质量 m3E.滑块运动的时间t测量中所选定的物理量时需要的实验器材是 （3）滑块与木板间的动摩擦因数尸（用被测物理量的字母表示，重力加速度为g）.10. （9分）为了测定电阻的阻值，实验室提供下列器材:理想电流表A（量程50 mA）、直流电源E（3 V,内阻忽略卜导线若干、开关若干.待测电阻R（阻值约100 Q）滑动变阻器Ri（0100 、）滑动变阻器 及（010 、）电阻箱Ro（09 999.9（1）甲同学设计如图（a）所示的电路进行实验.请在图（b）中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接.滑动变阻器应选（填入字母）.实验操作时，先将滑动变阻器的滑动触头

10、移到最 （选填“左”或“右”）端，再接通开关S;保持S2断开， 闭合Si,调节滑动变阻器使电流表指针偏转至某一位置，并记下电流Ii.断开Si,保持滑动变阻器阻值不变，调整电阻箱Ro阻值在100左右，再闭合S2,调节Ro阻值使得电流表读数为 时，Ro的读数即为电阻的阻值.（2）乙同学利用电路（c）进行实验，改变电阻箱 Ro的值，读出电流表相应的电流I,由测得的数据作出； Ro图线如图（d）所示，图线纵轴截距为 m,斜率为k,则电阻的阻值为 .若电源内阻是不可忽略的，则上述电路（a）和（c）,哪种方案测电阻更好 ?为什么？ 11. （12分）如图，水平面上有质量mA= 1 kg的木板A,其上右端点

11、放有质量 mB= 1kg的物块B（可视为质点）.A的左侧用长度l=3.6 m的轻绳悬吊一质量为 mc= 0.5kg的小球C, C静止时恰好与A接触但无挤压且不触地，现将 C皆A、B所在竖直平面向左拉起，当轻绳与竖直方向成仁60。角时由静止释放，C运动到最低点时与 A发生碰撞，碰后C立即静止，最后物块 B没有从A上滑出，已知B与A间 的动摩擦因数 用= 0.10, A与地面间的动摩擦因数 理=0.15,取g=10 m/s2,不考虑C与A碰撞的时间，求：碰后瞬间A速度的大小；（2）碰后木板A运动的时间.12. （20 分）为研究电磁制动的效果，在小车的水平底面安装宽为L、长为2L的矩形线圈abcd

12、,线圈匝数为N,总电阻为R,水平直轨道上虚线PQ和MN之间存在竖直向下的匀强磁场，其间距为 2L,磁感应强度为B,如图11所示，沿轨道运动的 总质量为m的小车，受到地面的阻力为 Ff,当车头（ab边）进入磁场时的速度为vO,车尾（cd边）离开磁场时速度恰好减 为零，求：（1）车头进入磁场时，小车加速度的大小;（2）从ab进入磁场到ab离开磁场的过程中，通过导线截面的电荷量;电磁制动过程中线圈产生的焦耳热.（二）选考题：共15分。请考生从2道题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。13 .【物理一一选彳3-3:热学】（15分）（1） （5分）有关对热学的基础知识理解 正确的是。（填正确

13、选项前的字母，选对 1个给3分，选对2个给4分, 选又3个给6分，每选错1个扣3分，最低得分为0分）A.饱和蒸汽压随温度的升高而增大B.单晶体在某些物理性质上具有各向异性C. 一定量的理想气体从外界吸热，其内能一定增加D.液体温度越高，悬浮颗粒越小，布朗运动越剧烈E.当分子之间作用力表现为斥力时，分子力随分子间的距离增大而增大（2） . （10分）如图所示，右侧有挡板的导热汽缸固定在水平地面上，汽缸内部总长为21 cm,活塞横截面积为10cm2,厚度为1 cm,给活塞施加一向左的水平恒力F = 20 N,稳定时活塞封闭的气柱长度为10cm.大气压强为1.0X105 Pa,外界温度为27 C,不

14、计摩擦.竹板若将恒力F方向改为水平向右，大小不变，求稳定时活塞封闭气柱的长度;若撤去外力F,将外界温度缓慢升高，当挡板对活塞的作用力大小为60 N时，求封闭气柱的温度.14 .【物理一一选彳3-4:光学】（15分）（1） （5分）一列波沿x轴方向传播，某一时刻的波形如图所示.质点A与坐标原点O的水平距离为0.6 m,波长入=1.6m,此时质点Ay&y轴正方向振动，经过0.1s第一次到达波峰处，则下列说法中正确的是 .（填正确选项前的字母，选对1个给3分，选对2个给4分，选对3个给6分，每选错1个扣3分，最低得分为0分）A .这列波沿x轴正方向传播B.这列波的周期T=0.8 sC.波速

15、v= 14 m/sD.从图示时刻开始，质点 A经过At=1.6 s运动的路程为0.4 mE.从图示时刻开始，质点 A经过At' = 0.5 s第一次到达波谷（2） （10分）三棱镜ABC主截面如图所示，其中/ A=90°, /B=30°, AB = 30cm,将单色光从AB边上的a点垂直AB射入棱镜，测得从 AC边上射出的光束与 BC面垂直，已知Ba=21 cm,真空中的光速c= 3.0X108 m/s,不考虑光在AC面的反射，求：三棱镜对该单色光的折射率;从a入射到从AC边出射，单色光在棱镜中传播的时间;绝密启用前2019届高三高考全国卷I考试大纲模拟卷（六）理科

16、综合物理参考答案及解析第I卷一、选择题：本题共 8个小题，每小题 6分，共 48分。在每小题给出的四个选项中，第 15题只有一项符合题目要求，第 68有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得0分。1 .【答案】C【解析】根据v t图象与t轴所围面积为位移，由题图 可知，在to时曲线和直线与t轴所围面积不相等，所以 两车没有相遇，故 A错误；b车的v t图象始终在t轴 上方，所以b车的运动方向没有改变，故 B错误；vt 图象的切线斜率表示加速度，由题图可知在0to时间内，b车vt图象的切线斜率减小，故加速度减小，故 C正确；0to时间内，由于b车的位移大于a车的位移

17、， 所以b车的平均速度大于 a车的平均速度v0,故D错误.2 .【答案】B【解析】对两小球分别受力分析，由三角形法则建立三角形，根据正弦定理列出比例式子可得两球的质量比.【详解】对两小球分别受力分析，如图所示；由三角形 法则可知：叫g T对小球 m i,可得： = ;对小球 m2,可得:;联立解得:mi 1_,故选B.ITH 匕门日3 .【答案】D【解析】地磁场在北半球有竖直向下和由南向北的水平 分量，水平飞行时，飞机的两翼切割竖直向下的磁感线 根据右手定则可知，左侧机翼电势高；竖直向上飞行时 两翼切割水平方向的磁感线 ，根据右手定则可知，机翼 右侧电势高；故 D正确，ABC错误。4 .【答案

18、】C【解析】只有线圈中的磁通量发生变化时才会产生感应 电动势，所以在题图甲中当开关闭合或断开的瞬间，穿 过副线圈的磁通量发生了变化，所以在副线圈上能产生高压，但题图乙中原线圈接了直流电，所以无论开关是 断开还是闭合，穿过副线圈的磁通量都不发生变化，所 以不会产生高压，故 C正确，A、B、D错误.5 .【答案】A【解析】若都能从ab边出来，则符合条件的最大半径 的轨迹应该与ac面相切，最小半径的轨迹应该恰好运 动到b点，如图所示由几何关系可得：rmin = 2rmax=( 2+1)l粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛2顿第二定律可得：qvB = mr解得：vmax=211qBlqB

19、lvmin=2m'故A对，B错；粒子做圆周运动的周期为则在磁场中的运动时间为由图可知，最小的圆心角T = 2Bm,若圆心角0= 45°,17mt = -T =-81 4qB0>45° ,所以 tmin>、T =87m4qB故C错;由几何关系知，粒子转过的最大圆心角0maX= 180°,所以粒子在磁场中运动的最长时间为tmax= 1T = Jm,故2 qBD错.故选Ao6 .【答案】AD【解析】对于小环、重物和地球组成的系统，只有重力 做功，则环与重物、地球组成的系统机械能守恒，故 A(试卷及答案6)第9页共13页、非选择题：本卷包括必考题和选考

20、题两部 分。项正确.结合几何关系可知，重物上升的高度h=（，2-1）d,故B项错误.将小环在 B处的速度分解为沿着绳子方向和垂直于绳子方向的两个分速度，其中沿着绳子方向的速度即为重物上升的速度，则v物=丫环8$ 450,环在B处的速度与重物上升的速度大小之比为 2 ： 1, 故C项错误.小环从 A至ij B,由机械能守恒得 mgd （试卷及答案6）第16页共13页2mgh= mv环2 + 2 x 2mv物2且 v 物=v环cos 45 °,解得:第912题为必考题，每个试题考生都必须作 答。=）（3-25gd,故D正确.第1314题为选考题，考生根据要求作答。7 .【答案】BC【解析

21、】“嫦娥三号”在 P处变轨进入椭圆轨道是由圆周运动变为向心运动，必须点火减速，机械能变小；根据万有引力做功正负比较速率的大小；比较加速度，根据牛顿第二定律，只需比较所受的万有引力即可；根据开普勒第三定律比较周期。【详解】A. “嫦娥三号”在 A处变轨进入椭圆轨道是 由圆周运动变为向心运动，必须点火减速，线速度变小， 所以机械能减小。故 A错误；B.探测器在椭圆轨道从 A点到P点的过程，距离月球变近，万有引力做正功， 动能增大，在P点的速率大于在 A点的速率，故B正确;（一）必考题：共47分。9. （6分）【答案】（1）0.497 m/s2（0.495 m/s20.499m/s2均可）（2分）（

22、2）CD 天平（2分）（3）m3g-（m2+m3a q分） m2g【解析】（1）每相邻两计数点间还有 4个打点，说明相邻 的计数点时间间隔为 0.1 s.将第一段位移舍掉，设1、2两计数点之间的距离为 X1,则第6、7之间的距离为 X6,利用匀变速直线运动的推论Ax= at2,即逐差法可以求滑块的加速度大小：a1 + a2+ a3 "4+ X5+ x 厂产+ X2+ x1）a=3=9T2,将数据代入得:a0.497 m/s2.C.根据万有引力提供向心力tt!覆得8.【答案】BD【解析】 线圈中的感应电流决定于磁感应强度B随t的变化率.由题图可知，01 s时间内，B增大，增大, 感应电

23、流产生的磁场与原磁场方向相反（感应电流产生的磁场的磁感应强度的方向向外 ）,由右手定则知感应 电流是逆时针的，是负值，因磁场均匀变化，所以产生 的感应电流恒定，同理可判断出14 s内感应电流的方向，故A错误，B正确；01 s时间内，ad边感应电流 是向下的，ad边所受的安培力 F= BIL ,根据左手定则 得安培力方向向右为正值，由于B随时间均匀增大，I不变，所以安培力 F随时间t均匀增大，同理可判断出 14 s时间内安培力F随时间t的变化关系，故 C错误, D正确.（3）根据牛顿第二定律有：m3g（ini2g= （m3+m2）a,故解得：尸E"3日m2g10. （9分）【答案】（1

24、）如图所示（2分）GM方知距离月球越远，加速度越小，探测器在P点时的加速度大于在A点时的加速度，故 C正确；D.圆轨道的半长轴 大于椭圆轨道的半长轴，根据开普勒第三定律，探测器 在椭圆轨道的运行周期小于在圆轨道的运行周期；故D错误。故选：BC（2）设托盘和祛码的总质量为 m3,滑块的质量为m2, 动摩擦因数为 的则摩才察力为Ff=科叱g；根据牛顿第一定律有：mbg （1112g = （m3+ m2）a,由此可知还需要测量托盘和祛码的总质量 m3,滑块的 质量m2,故A、B、E错误，C、D正确.根据问 分析可知在测量质量的时候需要用到的仪器是天平.R2左Il (3分)（2）m （2分）（3）（a

25、）此方案不受电源内阻的影响（2分） k【解析】（1）连线图如图所示：因为滑动变阻器采用分压式接法时，阻值越小调节越 方便，所以变阻器应选 R2；实验操作时，应将变阻器的滑动触头置于输出电压最 小的最左端；根据欧姆定律，若两次保持回路中电流表读数不变， 则根据电路结构可知，回路中总电阻也应该相等，结合 回路中的电阻计算，可知 Ro的读数即为电阻的阻值.经过分析可知 A、B不能一起减速，所以 A、B分别做 减速运动.由于 以mA+mB）g（jmBg= mA81'解得 a/ =2.0 m/s2,0=va/ t2,解得 t2=0.3 s此后木板A保持静止，碰后木板A运动的时间t=t1+t2=0

26、.9 s.、N2B2L2V0 Ff2NBL212. (20分)【答案】(1) mR / (2)R-12(3)2mv0 4FfL【解析】（1）车头进入磁场时，设加速度的大小为a,有 E=NBLv0, I = E, F = NBIL R由牛顿第二定律得 F+Ff= ma,N2B2L2V0 Ff联立解得a =;mR m（2）从ab进入磁场到ab离开磁场的过程中,（2）根据闭合电路欧姆定律应有：E= I （R+ Ro）解得：卜R+ R0结合数学知识可知 m = R, k= 1解得：E=' R=Em=m若电源内阻是不可忽略的，则电路（a）好，因为电源内阻对电路（a）测电阻没有影响.11. （12

27、分）【答案】（1）3.0 m/s （2）0.9 s【解析】（1）设C与A碰撞时的速度大小为 Vc,有1 2mcgl （1 cos 60 ） = 2mcvc碰后木板A的速度大小为Ya,碰撞瞬间，由动量守恒定律有 mcvc=mAVA,解得 Ya= 3.0 m/s（2）设c与A碰撞后A运动的加速度大小为a1,B运动的加速度大小为 a2,经过时间G, A、B两物体速度相等，设为 vp1mBg+（j2（mA +mB）g= mAa1; wmBg = mBa2解得 a1 = 4.0 m/s2, 82 = 1.0 m/s2,v = ya a1t1 = 82b ，解得 v = 0.6 m/s, t = 0.6 s;2 E2-E=N2Bk, T = , q = Tt,联立解得 q = 2NBL tRR（3）设电磁制动过