2019年海南省海口市高三一模物理试题及答案解析

1、2019年海南省海口市高三一模物理试题题号一一三四五总分得分注意事项：1 .答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息；2 .请将答案正确填写在答题卡上。第I卷（选择题）评卷人得分1 .下列叙述正确的是（）A.同种金属产生光电效应时，逸出光电子的最大初动能与照射光的强度呈线性关系B. 一块纯净的放射性矿石，经过两个半衰期，它的总质量仅剩下原来的四分之一C.原子核的结合能越大，其核子就结合得越牢固，原子核就越稳定D.卢瑟福通过分析 “粒子散射实验发现，原子中带正电部分的体积很小，但几乎占有 全部质量2 .如图所示，纸面内有一环形线圈，线圈中通入顺时针方向的环形电流，在线圈内部 放入一小段通电导线，

2、导线与线圈共面，且通过导线的电流方向如图所示。下列关于这一小段通电导线所受的安培力的方向正确的是（）A.垂直导线向右（B.垂直导线向左,"C.垂直导线向外D .垂直导线向内3 .如图所示，线圈 abcd固定于分布均匀的磁场中，磁场方向垂直线''MX?圈平面，若磁感应强度变化使线框中产生感应电流且逐渐减小，则磁 , .感应强度B随时间t变化是图中的（）.产伸沙/ I<A./B.C.D.4 .地动仪是世界上最早的感知地震装置，由我国杰出的科学家张衡在洛阳制成，早于欧洲I 1700多年。图示为一现代仿制的地动仪，龙口中的铜珠到蟾蛛口的距离为20cm,当感知到地震时，质

3、量为 50g的铜珠（初速度为零）离开龙口，落入蟾蛛口中，与蟾蛛口碰撞时间约为A. 1NB. 10NC. 100ND. 1000N1ms,则铜珠对蟾蛛口产生的冲击力大小约为（）5 .金星的半径是地球半径的 n倍，质量是地球质量的 m倍。在地球上离地面高 H处，以一定的初速度 v水平抛出一物体，忽略空气阻力，从抛出点到落地点的水平位移为Si,在金星表面同样高度 H处，以同样的速度v水平抛出同一物体,从抛出点到落地点的水平位移为S2,则S1与S2的比值为（）C.D.ji6 . 一物块以某一初速度从倾角6 =30的固定斜面底端上滑，到达最大高度处后又返回斜面底端，已知物块下滑时间是上滑时间的3倍，取7

4、3 =1.73,则物块与斜面间的动摩擦因数为（）A. 0.1B, 0.29C, 0.46D, 0.58二、多选题7 .如图所示，甲、乙两物体在同一直线上运动的X-t图象，由图象可以判断从 t1到t2的时间内（）A .甲物体在做匀减速直线运动 B .乙物体在做匀加速直线运动 C.两物体都在做匀速直线运动 D.甲、乙两物体的运动方向相反8. 一静止在水平地面上的物体质量为0.5kg ,在大小为2N、与水平方向夹角为 30 °斜向右上方的拉力的作用下，在2s内运动了 2m,重力加速度为g=10m/s2,关于物体在该过程中运动，下列说法正确的是（）A .重力做功为零B .克服摩擦力做功为零一

5、 - 一_±. 一 .一TC.拉力做功为2J3JD. 2s末拉力的功率为 2J3W9. 一矩形线在匀强硬场中转动时产生的电动势e = 100j2sin 50nt（V）,下列说法正确的是（）A .该交流电的频率为 100HzB.该交流电的电动势有效值为100VC. t=0. 1s时，穿过矩形线圈的磁通量最大D.该交波电的电动势有效值比e = 100j2sin5011t（V）交流电的小10.如图所示，关于X轴对称的三条等势线为正点电荷形成的电场中的等差（Uab= Ubc）等势线，等势线与 x轴的交点分别为a、b、c,下列说法正确的是（）A. a、b、c三点中a点的电势最高B. a、b、c

6、三点中c点的电场强度最大C. b点的电场强度方向与 x轴垂直D.把一电子从a点移到b点，电子的电势能减小11 .下列说法正确的是（）A .布朗运动是由悬浮在液体中的微粒之间的相互碰撞引起的B. 0c的铁和0c的冰，它们的分子平均动能相同C.当分子力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的增大而减小D.晶体一定具有各向异性，非晶体一定具有各向同性12. 一列简谐横波在介质中沿 x轴负方向传播，t=0时刻的波形如图所示，此时刻质点P的位移为5cm,质点Q位于x= 4m处，从t=0时刻开始计时，当t= 16.5s时质点Q刚好第3次到达波峰。下列说法正确的是（）A .该波的振动周期为 4sB.该波的传播速

7、度为 -m/s3匚乎./ .、叫C. t=3s时质点P沿y轴正方向运动2 '七,2-一in®*.+ +D. 030s内质点Q通过的路程为2m第II卷（非选择题）评卷人得分三、填空题13 .某研究性学习小组利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示，在气垫导轨上安装个光电门，滑块上固定一遮光条（1）用天平测得重物的质量为mi ,滑块的质量为 m2（2）用螺旋测微器测遮光条的宽度d测量结果如图乙所示，则d=cm.（3）按图甲所示组装实验装置，将滑块由静止释放测得遮光条起始位置到光电门的距离为x,遮光条通过光电门的时间为to若实验结果表明，重物和滑块运动过程中机械能守恒，则

8、机械能守恒的表达式为 migx =（用已知量相应的字母表示， g为重力加速度）。评卷人得分四、实验题14 .某实验小组要测量干电池组 （两节）的电动势和内阻，实验室有下列器材：A灵敏电流计 G（量程为010mA,内阻约为100 ）B电压表V （量程为03V,内阻约为10k ）C.电阻箱 R1（0999.9 Q）D.滑动变阻器R2（010只额定电流为1A）E.旧电池2节F.开关、导线若干（1）由于灵敏电流计的量程太小，需扩大灵敏电流计的量程。测量灵敏电流计内阻的电路如图甲所示，调节R2和电阻箱，使得电压表示数为 2.00V,灵敏电流计示数为 4.00mA, 此时电阻箱接入电路的电阻为398.3

9、Q,则灵敏电流计内阻为 Q保留一位小数）。（2）为将灵敏电流计的量程扩大为100mA,该实验小组将电阻箱与灵敏电流计并联，则应将电阻箱R1的阻值调为 保留三位有效数字）。(3)把扩大量程后的电流表接入如图乙所示的电路，根据测得的数据作出UIg(U为电压表的示数，Ig为灵敏电 流计的示数)图象如图丙所示则该干电池组的电动势 E=V ,内阻r=保留三位有效数字)。物理试卷第8页，共8页评卷人得分五、解答题15 .如图所示，一束质量为 m、电荷量为q的粒子，恰好沿直线从两带电平行板正中间通过，沿圆心方向进入右侧圆形匀强磁场区域，粒子经过圆形磁场区域后，其运动方向与入射方向的夹角为W弧度)。已知粒子的

10、初速度为 V0,两平行板间与右侧圆形区域内d,不计空气的磁场的磁感应强度大小均为B,方向均垂直纸面向内，两平行板间距为阻力及粒子重力的影响，求：(1)两平行板间的电势差 U；七十 一(2)粒子在圆形磁场区域中运动的时间t;世其*七xB x X(3)圆形磁场区域的半径 RoI16 .如图所示，一条带有圆轨道的长轨道水平固定，圆轨道竖直底端分别与两侧的直轨 道相切，半径 R=0.5m。物块A以某一速度滑入圆轨道，滑过最高点Q,再沿圆轨道滑出后，与直轨道上 P处静止的物块B发生弹性碰撞，P点左侧轨道光滑，右侧轨道呈粗 糙段、光滑段交替排列，每段长度都为L=0.1m,物块与各粗糙段间的动摩擦因数都为p

11、=0.5, A、B的质量均为 m=1kg(重力加速度g取10m/s2； A、B视为质点，碰撞时间极 短，有阴影的地方代表粗糙段 )，碰后B最终停止在第100个粗糙段的末端。求：(1) A刚滑入圆轨道时的速度大小vo；(2) A滑过Q点时受到的弹力大小 F ;(3)碰后B滑至第n个(n<100)光滑段上的速度 vn与n的关系式。17 .如图所示，体积为 V的汽缸由导热性良好的材料制成，面积为S的活塞将汽缸分成体积相等的上下两部分，汽缸上部通过单向阀门 K （气体只能进入汽缸，不能流出汽缸）与一打气筒相连。开始时汽缸内上部分气体的压强为Po,现用打气筒向容器内打气，已知打气筒每次能打入压强为

12、 Po,体积为 V的空气，当打气49次后，稳定时汽缸上下两10部分的体积之比为 9:1,重力加速度大小为 g,外界温度恒定，不计活塞与汽缸间的摩擦。求： 打气49次后，稳定时汽缸上部分气体的压强p；活塞的质量m。di =8cm.18.如图所示，足够大的水平桌面上有一足够大的平行玻璃砖，玻璃砖厚度黑纸中央有一半径 R=8cm的圆形区4玻璃砖的折射率 n =,上表面被不透光黑纸覆盖, 3域被挖去.圆形区域的圆心的正上方到玻璃砖的距离d2=6cm处有一点光源A,求桌面被照亮的区域面积S （计算结果保留两位有效数字）。答案与解析第9页，共7页2019年海南省海口市高三一模物理试题参考答案1 . D【解

13、析】A.光电子的最大初动能与照射光的强度无关，故 A错误；B.放射性矿石经过两个半衰期，该放射性物质总质量只剩下原来的四分之一，但还生成了其它的物质，总质量大于原来的四分之一，故B错误；C.原子核的比结合能越大，(不是结合能)，其核子就结合得越牢固，原子核就越稳定，故C错误；D.卢瑟福通过分析 “粒子散射实验发现原子中带正电部分的体积很小，但几乎占有全部质 量，故D正确。2. B【解析】根据安培定则可知， 环形电流产生的磁场的方向垂直于纸面向外，根据左手定则可知， 电流受到的安培力的方向垂直于导线向左。故B正确，ACD错误。3. C【解析】 B根据法拉第电磁感应定律可知，E = n =nS；因

14、此要使感应电流减小应使线圈中:t t的磁通量的变化率减小，即 B-t图象中的斜率应减小，故 C正确，ABD错误。4. C【解析】铜珠做自由落体运动，落到蟾蛛口的速度为：v = "2gh =2m/s。以竖直向上为正方向，根据动量定理可知：Ft-mgt = 0-(mv),代入数据解得：F = 100N,故ABD错误，C正确。5. A根据GMmR2GM=mg ,得 g =-2- R因为金星的半径是地球半径的n倍，质量是地球质量的 m nrt g金m 2口 1 2 ，2h ，一 一、,倍，则 =,根据h=_gt , s = vt知，水平射程s = v I,由题息可知在该星球g地 n2g g上

15、，从同样高度以同样的初速度水平抛出同一物体，则水平射程之比为亘=近,故A正s2n确，BCD错误。6. C【解析】向上运动的末速度等于 0,其逆过程为初速度为 0的匀加速直线运动，设加速度的大小为 ai,1 212则：x= a1t1，设向下运动的加速度的大小为a2,则向下运动的过程中：x = a2t2,由2 2于知物块下滑的时间是上滑时间的3倍，即t2 = 3t1。联立可得：a1 = 9a2,对物块进行受力分析，可知向上运动的过程中：ma = mgsin日+ NmgcosB ,向下运动的过程中：ma2 =mgsinH RmgcosQ ,联立得：4 =-tanQ =0.46,故 C 正确，ABD

16、错误。57. CD【解析】ABC . x-t图象的斜率等于物体运动的速度，由图可知两图线的斜率都不变，所以都是做匀速直线运动。故 AB错误，C正确；D. x-t图象斜率的正负表示运动的方向，由图可知，二者运动的方向相反。故 D正确；8. ACD【解析】A .物体在水平地面上运动，重力做功为零，故 A正确；B.在2s内摩擦力与运动方向相反，摩擦力做负功不为零，故 B错误；C.根据功的定义式得拉力做功为W= FLcos“= 2>/3 J,故C正确；D .根据运动学公式得 2=工父2, 2s末速度大小v= 2m/s,根据P = Fvcos a得2s末拉力的 2功率为P= 2，3w,故D正确；9

17、. BC【解析】A.由电动势的表达式可知，线圈转动的角速度为：® =50nrad/s,所以可得交流电的频co50二Hz=25Hz。故 A 错误。率为：f =2 二 2 二B.此交流电为正弦式交流电，所以该交流电的电动势的有效值为u = 乂？ =-v = 100V。故 b 正确。22C. t=0.1s时，感应电动势为e=100j2sin(50nM0.1)V =0V ,所以穿过矩形线圈的磁通 量最大。故C正确。D.两个交流电的表达式相同，故他们的有效值一定相同。故 D错误。10. BD【解析】AB.该处是正点电荷的电场， 由正点电荷的电场线的特点： 电场线从正电荷出发， 为辐射状， 等势

18、面为以点电荷为圆心的同心圆， 所以可以判断出正电荷位于 c的右侧，结合点电荷的电 场的特点可知，c处的电场强度最大，电势最高，故 B正确，A错误；C.由于电场线方向与等势面方向垂直，所以b点电场强度的方向沿 x轴的方向。故 C错误；D.把一电子从a点移到b点，电势升高，电子带负电，所以电子的电势能减小。故 D正确。11. BC【解析】A.布朗运动是由液体分子之间的不规则运动引起的，故 A错误。B.温度是分子平均动能的标志，0c的铁和0c的冰，它们的分子平均动能相同，故B正确。C.分子力表现为斥力时，分子间距离增大，分子力做正功，分子势能减小，故C正确。D.只有单晶体具有各向异性，而多晶体是各向

19、同性的，故 D错误。12. BD【解析】A .简谐横波沿x轴负方向传播，由波形平移法知t = 0时刻质点Q向下振动，根据当t= 16.5s3时质点Q刚好第3次到达波峰，有t=16.5s=2 T,得T=6s,故A错误。44B.根据波形图得到波长H 8m,则这列简谐横波的波速为 v=-m/s,故B正确。T 3C. t=0时刻质点P正沿y轴正方向运动，因为t= 3s=工，则t=3s时质点P沿y轴负方向2运动，故C错误。D,因为t=30s=5T,所以030s内质点 Q通过的路程为 S=5X4A= 20M0cm=2m,故 D正确。13. 0.5500【解析】1一、7、22 (mi +m2)螺旋测微器读数

20、等于 5.5mm+0.0 * 0.01mm=5.500mm=0.5500cm ;系统机械能守恒得:m1gx = 1(m1 +m2)v2, v = d1 1. 0 0. 214. 50.0;4.55;2.91±0.01；(1)根据题意应用欧姆定律可以求出电流表内阻。(2)把灵敏电流计改装成电流表需要并联分流电阻，应用并联电路特点与欧姆定律求出并联电阻阻值。(3)由闭合电路欧姆定律确定出U-Ig的关系式，结合图象求得 E, r(1)灵敏电流计内阻：Rg =U R =2.00V 3 -398.3建=101.7。；I 4.00 10 A(2)灵敏电流计满偏电流为10mA,把它改装成100mA

21、的电流表，电流表量程扩大了10倍，并联电阻分流为 90mA,为电流计的9倍，由并联电路特点可知，并联电阻阻值：Rg100.% = =1 =11.1'.199(3)电流表示数：I=10Ig,由图示电路图可知，电源电动势：E=U+Ir = U+10lG，整理得:U = E- (10r) Ig,2.91-2.00 小由图示U-Ig图象可知，电源电动势： E=2.91V ,图象斜率：k=10r=3 =91厚10x10电源内阻：r=9.1 Q【点睛】本题关键是明确实验的原理，明确各个部分联接关系，由部分电路欧姆定律与全电路欧姆定律分析求解，对于图象类问题要写出表达式进行分析。-m15. (1)U

22、=Bv0d; (2) 一qB(3) R=e mv0 tan 2qB【解析】(1)由粒子在平行板间做直线运动可知洛伦兹力和电场力平衡，可得两平行板间的电势差。(2)在圆形磁场区域中，洛伦兹力提供向心力，找到转过的角度和周期的关系可得粒子在圆形磁场区域中运动的时间。(3)由几何关系求半径 R。(1)由粒子在平行板间做直线运动可知，Bvoq=qE,平行板间的电场强度 E=U，解得两平d行板间的电势差：U = Bv0d(2)在圆形磁场区域中，由洛伦兹力提供向心力可知：2Bvoq=m v0 r2二 r同时有：T=V0粒子在圆形磁场区域中运动的时间：t=T2 二【m解得：t=BqQ由几何关系可知：rtan

23、= R2e解得：圆形磁场区域的半径R= mV0tan2qBX XA 16. (1)10m/s；(2) 150N;(3) Vn= Jl00 - k m/s (k<100)【解析】(1)先求出滑块每经过一段粗糙段损失的机械能巳进而求得损失的总能量，根据动量守恒和和能量守恒可得 A刚滑入圆轨道时的速度大小 Vo。(2)在最高点Q由机械能守恒求 得速度，由牛顿第二定律可得弹力 F。(3)算出B滑到第n个光滑段前已经损失的能量，由能量守恒得速度 Vn与k的关系式。(1)滑块每经过一段粗糙段损失的机械能4E= NmgL,解得匚 E=0.5J1 c设碰后B的速度为vb,由能重关系有：一mvB=100ZE2设碰后A的速度为VA, A、B碰撞