高二(下)期末物理试卷(共18页)

1、精选优质文档-倾情为你奉上高二（下）期末物理试卷一、单选题1一根粗细均匀的电阻丝的阻值为R，在材料和温度不变的情况下，下列情况中阻值仍为R的是A 长度和横截面的半径都增大为原来的2倍B 长度不变，横截面的面积增大为原来的2倍C 横截面的面积不变，长度减小为原来的12D 长度和横截面的面积都减小为原来的122在一根直导线上通以稳恒电流I,方向垂直指向纸外,且和匀强磁场B垂直,如图所示,则在图中圆周上,磁感应强度数值最大的点是( )A a点 B b点 C c点 D d点3某静电场的电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为EP和EQ，电势分别为P和Q，则A EPEQ，PQB EPEQ

2、，PQC EPQD EPEQ，PQ4如图,在方向垂直于纸面向里的匀强磁场中有一U形金属导轨,导轨平面与磁场垂直。金属杆P、Q置于导轨上并与导轨形成闭合回路PQRS,一圆环形金属框T位于回路围成的区域内,线框与导轨共面。现让金属杆P、Q突然向右运动,在运动开始的瞬间,关于感应电流的方向,下列说法正确的是( )A PQRS中沿顺时针方向, T中沿逆时针方向B PQRS中沿顺时针方向, T中沿顺时针方向C PQRS中沿逆时针方向,T中沿逆时针方向D PQRS中沿逆时针方向,T中沿顺时针方向5如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图象，下列结论错误的是A 电源的电动势为6.0 VB 电源的内阻为2 C

3、 电源的短路电流为0.5 AD 当外电阻为2 时电源的输出功率最大6一质量为m 、带正电的粒子从O 点竖直向上进入虚线框内的水平方向的匀强电场中，其运动轨迹如图所示，P点为轨迹的最高点，则（ ）A 电场方向向左，粒子从O 点到P 点的过程中动能先增加后减少B 电场方向向左，粒子从O点到P 点的过程中电势能减少C 电场方向向右，粒子从O 点到P点的过程中动能先减少后增加D 电场方向向右，粒子从O 点到P点的过程中电势能增加7如图所示，电源电动势为E，内电阻为r当滑动变阻器R的滑片P从右端滑到左端时，发现电压表V1、V2示数变化的绝对值分别为U1和U2，下列说法中正确的是（ ）A 小灯泡L1、L3

4、变暗，L2变亮B 小灯泡L3变暗，L1、L2变亮C U1U2D U1U2二、多选题8如图所示为磁流体发电机的原理图：将一束等离子体垂直于磁场方向喷入磁场，在磁场中有两块金属板A、B，这时金属板上就会聚集电荷，两板间就会产生电压，如果射入的等离子体速度均为v，两金属板间距离为d，板平面的面积为S，匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直于速度方向，负载电阻为R，等离子体充满两板间的空间当发电机稳定发电时，电流表示数为I，下列说法正确的是（ ）A上极板A带负电B两极板间的电动势为IRC板间等离子体的内阻是D板间等离子体的电阻率9如图所示，a、b分别表示一个电池组和一只电阻的伏安特性曲线。正确的有 A 电

5、阻的阻值为15B 电池内阻是0.2C 将该电阻接在该电池组两端，电池组的输出功率将是15WD 改变外电阻的阻值时，该电池组的最大输出功率为20W10如图所示，两平行竖直线MN、PQ间距离a，其间存在垂直纸面向里的匀强磁场（含边界PQ），磁感应强度为B，在MN上O点处有一粒子源，能射出质量为m，电量为q的带负电粒子，当速度方向与OM夹角=60时，粒子恰好垂直PQ方向射出磁场，不计粒子间的相互作用及重力则（ ）A 粒子的速率为2qBamB 粒子在磁场中运动的时间为m3qBC 若只改变粒子速度方向，使角能在0至180间不断变化，则粒子在磁场中运动的最长时间为2m3qBD 若只改变粒子速度方向，使角能

6、在0至180间不断变化，则PQ边界上有粒子射出的区间长度为23 a三、实验题11在“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实验中,实验室备有下列器材供选择:A待测小灯泡“3.0V、1.5W”B电流表(量程3A,内阻约为1)C电流表(量程0.6A,内阻约为5)D电压表(量程3.0V,内阻约为10)E.电压表(量程15.0V,内阻约为50)F.滑动变阻器(最大阻值为100,额定电流50mA)G.滑动变阻器(最大阻值为10,额定电流1.0A)H.电源(电动势为4.0V,内阻不计)I.电键及导线等（1）为了使实验完成的更好,电流表应选用_;电压表应选用_;滑动变阻器应选用_(只需填器材前面的字母即可)（2）请在虚

7、线框内画出实验电路图_（3）某同学在一次测量时,电流表、电压表的示数如图1所示则电压值为_V,电流值为_A,由图2可知,小灯泡的电阻随着电压的增大而_(增大、减小、不变).12（1）下述关于用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的是（_）A测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量B测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果C测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开D 测量完电阻后，选择开关不用动，只需把红黑表笔拔出即可E. 测量二极管电阻时，若指针偏转角较小，说明与黑表笔相连的是负极（2）如图为一正在测量中的多用电表表盘。如果是用直流2.5

8、V挡测量电压，则读数为_V。如果是用直流5mA挡测量电流，则读数为_mA。如果是用“100”挡测量电阻，则读数为_。13一同学测量某干电池的电动势和内阻。(1)如图是该同学正准备接入最后一根导线(图中虚线)时的实验电路，实验中他注意到了正确选择电流表的量程，并将电阻箱的阻值调到了零，结合图，指出该同学在器材操作上存在的两个不妥之处：_(2)实验测得的电阻箱阻值R和电流表示数I，以及计算的11数据见表，根据表中数据，在方格纸上作出R11关系图象如图，由图象可计算出该干电池的电动势为_V；内阻为_。四、解答题14如图所示，一带电荷量为q、质量为m的小物块处于一倾角为的光滑斜面上，整个装置置于一水平

9、向右的匀强电场中，小物块处于静止状态。已知重力加速度为g，求：（1）匀强电场的场强；（2）若将匀强电场的场强减小为原来的1/2，物块将沿斜面加速下滑，则物块下滑的加速度为多大？15如图所示，在水平面上放置的相距为0.2m的平行金属导轨与电源、电键、导体棒AB、滑动变阻器可构成闭合电路，磁感应强度为B=0.5T的匀强磁场竖直向下，导体棒AB的质量m=05kg，它与轨道之间的动摩擦因数=0.05。当电键S闭合时，电路中电流为5A(g取10ms2)求：(1)此时导体棒AB受到的安培力大小及方向(2)此时导体棒AB的加速度大小16如图所示，在xoy平面内有以虚线OP为理想边界的匀强电场和匀强磁场区域，

10、OP与x轴成45角，OP与y轴之间的磁场方向垂直纸面向外，OP与x轴之间的电场平行于x轴向右，电场强度为E，在y轴上有一点M，到O点的距离为L，现有一个质量为m，带电量为+q的带电粒子从静止经电压为U的电场加速后从M点以垂直y轴的速度方向进入磁场区域（加速电场图中没有画出），不计带电粒子的重力，求（1）从M点进入匀强磁场的带电粒子速度的大小？（2）为使带电粒子刚好不能进入电场区域，则磁感应强度为B应为多大？（3）改变匀强磁场的磁感应强度的大小，使带电粒子沿y轴负方向进入匀强电场，则带电粒子从x轴离开电场时的位置到O点的距离为多少？17如图所示的xoy坐标系中，在第象限内存在沿y轴负向的匀强电场

11、，第IV象限内存在垂直纸面向外的匀强磁场。一质量为m、电荷量为q的带正电粒子，从y轴上的P点垂直进入匀强电场，经过x轴上的Q点以速度可进入磁场，方向与x轴正向成30。若粒子在磁场中运动后恰好能再回到电场，已知OQ=3L，粒子的重力不计，电场强度E和磁感应强度B大小均未知。求（1）OP的距离（2）磁感应强度B的大小（3）若在O点右侧2L处放置一平行于y轴的挡板，粒子能击中挡板并被吸收，求粒子从P点进入电场到击中挡板的时间专心-专注-专业参考答案1D【解析】【详解】A. 由R=LS可知，当长度和横截面的半径都增大为原来的2倍时，横截面积增大为原来的4倍，故电阻变为原来的一半；故A错误； B.由R=

12、LS可知，长度不变，横截面积增为2倍时，电阻变为原来的一半，故B错误； C. 由R=LS可知，当长度减为原来的一半，横截面积不变时，电阻变化原来的12倍，故C错误； D. 由R=LS可知，当长度和横截面积都缩小一半时，电阻不变；故D正确。故选：D.2C【解析】【详解】用安培定则判断通电直导线在abcd四个点上所产生的磁场方向，如图所示：在C点，通电导线产生的磁场与匀强磁场的方向相同，叠加后磁感应强度数值最大。故C正确；ABD错误。故选C。3A【解析】电场线的疏密表示电场强弱，由图可知P点电场线密，电场强度大，EPEQ，沿电场线的方向电势降低，PQ，故A正确，BCD错误。4D【解析】因为PQ突然

13、向右运动，由右手定则可知，PQRS中有沿逆时针方向的感应电流，穿过T中的磁通量减小，由楞次定律可知，T中有沿顺时针方向的感应电流，D正确，ABC错误。【名师点睛】解题关键是掌握右手定则、楞次定律判断感应电流的方向，还要理解PQRS中感应电流产生的磁场会使T中的磁通量变化，又会使T中产生感应电流。5C【解析】【分析】电源的路端电压与电流的关系图象中应明确：图象与纵坐的交点为电源的电动势；但与横坐标的交点可能不是短路电流，要根据对应的纵坐标进行分析；图象的斜率表示电源的内阻。【详解】因该电源的U-I图象的纵轴坐标并不是从零开始的，故纵轴上的截距虽为电源的电动势，即E=6.0V，但横轴上的截距0.5

14、A并不是电源的短路电流，且内阻应按斜率的绝对值计算，即r=UI=6.0-0.50.5=2，当外电阻与电源内阻相等时，电源输出功率最大，本题选不正确的，故应选：C。【点睛】对于电源的U-I图象要注意认真观察其坐标的设置，本题中由于纵坐标不是从零开始的，故图象与横坐标的交点不是短路电流。6C【解析】粒子在水平方向上初速度为零，将粒子分解为水平方向和竖直方向，知在水平方向上做加速直线运动，则电场力水平向右，可知电场方向的向右从O到P，电场力做正功，电势能减小，粒子所受的合力斜向右下方，从O到P，合力先做负功再做正功，则动能先减小后增加故C正确，ABD错误故选C7BC【解析】试题分析：当滑动变阻器的触

15、片P从右端滑到左端时，分析变阻器接入电路的电阻的变化，确定外电路总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化，判断灯L2亮度的变化根据总电流的变化，分析并联部分电压的变化，判断L3亮度的变化根据总电流与通过L3电流的变化，分析通过L1电流的变化，判断其亮度变化根据路端电压的变化，分析U1和U2的大小解：A、B、当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，则L2变亮变阻器的电阻减小，并联部分的电阻减小，则并联部分电压减小，则L3变暗总电流增大，而L3的电流减小，则L1的电流增大，则L1变亮故A错误，B正确C、D、由上分析可知，电压表V1

16、的示数减小，电压表V2的示数增大，由于路端电压减小，所以U1U2故C正确，D错误故选：BC【点评】本题是电路动态变化分析问题，按“局部整体局部”思路进行分析运用总量法分析两电压表读数变化量的大小8ACD【解析】试题分析：大量带正电和带负电的微粒向右进入磁场时，由左手定则可以判断正电荷受到的洛伦兹力向下，所以正电荷会聚集的B板上，负电荷受到的洛伦兹力向上，负电荷聚集到A板上，故B板相当于电源的正极，A板相当于电源的负极，故A正确；由闭合电路的欧姆定律可知，两极板间的电动势为I（R+r内），选项B错误；根据得，E=Bdv根据欧姆定律得，选项C正确；由电阻定律，则有：电阻率=故D正确故选ACD考点：

17、霍尔效应及其应用【名师点睛】根据洛伦兹力的方向判断物体的运动方向，此题还可以根据洛伦兹力与极板间产生的电场力平衡解得磁流体发电机的电动势，注意确定正负电荷的洛伦兹力的方向是解题的关键解决本题的关键知道稳定时，电荷所受洛伦兹力和电场力平衡，电路中电流越大，则单位时间内到达金属板A、B的等离子体数目增多。9ACD【解析】【分析】a图线的斜率的倒数读出电源的内阻，b图线的斜率倒数得到电阻的阻值两图线的交点表示该电阻接在该电源上时的工作状态，由交点坐标读出电阻的电压和电流，由此可以判断电源的输出功率，并求出电源的总功率。【详解】A项：电阻的阻值等于b图线的斜率的倒数，为：R=UI=15，故A正确；B项

18、：电池组的内阻等于a图线的斜率倒数，为：r=UI=204=5，故B错误；C项：两图线的交点表示将该电阻接在该电池组两端的工作状态，则电阻两端的电压为U=15V，电流为I=1A，则电池组的输出功率为：P=UI=151=15W，故C正确；D项：电源的输出功率为：P=I2R=(Er+R)2R=E2(R-r)2R+4r，当外电阻的阻值等于内阻时，其电源的输出功率最大为：Pmax=20245W=20W，故D正确。故应选：ACD。【点睛】本题考查学生对图象的认识，要由U=E-Ir去理解图象的性质，明确图象与纵坐标的交点表示电源的电动势，图象的斜率倒数表示电源的内电阻。10ACD【解析】【详解】根据左手定则

19、，由粒子带负电以及磁场方向可知粒子所受洛伦兹力的方向与速度的方向垂直指向右下方。当速度方向与OM夹角=60时，粒子恰好垂直PQ方向射出磁场，所以粒子运动的半径Rasin302a。由粒子在磁场中运动，洛伦兹力作向心力可得，Bvq=mv2R，所以，vBqRm2Bqam，故A正确；粒子在磁场中运动的周期T2mBq，则粒子在磁场中运动的时间t130360T1122mBqm6Bq，故B错误；当=0时，如图所示，可知粒子打在PQ上的位置为O点水平线上方3a处；， 当增大时，粒子打在PQ上的位置下移，知道粒子的运动轨迹与PQ相切时，如图所示，可知粒子打在PQ上的位置为O点水平线下方3a处；当继续增大直到18

20、0，粒子的运动轨迹与PQ不相交，直接从MN上射出，且在MN上的出射点不断上移直到O点，所以，若只改变粒子速度方向，使角能在0至180间不断变化，则PQ边界上有粒子射出的区间长度为23a，故D正确；若只改变粒子速度方向，使角能在0至180间不断变化，则粒子运动半径不变，那么粒子运动周期不变，所以，粒子在磁场中运动的轨迹所对应的弦长越长，则粒子在磁场中运动的越长，由D的分析可知，当粒子的出射点在PQ上时，粒子的弦长可取a，2a的任意值；当粒子的出射点在MN上时，粒子的弦长可取0，23a的任意值；所以粒子运动轨迹的弦长最大可取23a，此时对应的中心角=120，所以，粒子在磁场中运动的最长时间t212

21、0360T13T132mBq2m3Bq，故C正确。故选ACD。【点睛】在粒子在磁场中的运动问题上，常用几何关系求解半径，并根据几何关系分析不同入射角的运动情况11（1）C; D G （2）滑动变阻器分压式接法,电流表外接法; （3）1.80; 0.34; 增大 【解析】【详解】（1）电灯的额定电流1.53.0A=0.5A，为了使实验完成的更好，电流表应选用C；电压表应选用G；滑动变阻器要接成分压电路，故应选用D.（2）因灯泡电阻较小，则用安培表外接电路，滑动变阻器分压式接法，电路如图；（3）电压表的最小刻度为0.1V，则电压值为1.80V；电流表的最小刻度0.02A，则电流值为0.34A；由图

22、2可知，小灯泡的电阻随着电压的增大而增大.【点睛】此实验中滑动变阻器的分压限流接法，安培表内外接法，仪器的选择是电学实验考查的重点，同时要学会根据图线进行数据处理12ACE 1.64 3.28 800.0 【解析】【详解】(1) A项：测量电阻时如果指针偏转过大，说明电阻较小，应换小挡，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量，故A正确；B项：测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，故B错误；C项：、测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开，故C正确；D项：测量完电阻后，选择开关应转到交流电压的最高档或OFF档，故D错误；E项：测量二极管电阻时，若指针偏转角

23、较小，说明二极管电阻较小，由“红进黑出”可知，与黑表笔相连的是负极，故E正确。故应选：ACE。(2) 如果是用直流2.5V档测量电压，由图示表盘可知，其读数为1.64V；如果是用直流5mA挡测量电流，由图示表盘可知，则其读数为3.28mA；如果是用“100”挡测量电阻，由图示表盘可知，则其读数为8.0100=800.0。【点睛】本题考查了欧姆表的使用方法，特别注意是每次换挡都要重新调零；对多用电表读数时，先根据选择开关位置确定其所测量的量与量程，然后根据表盘确定其分度值，再根据指针位置读数。13开关未断开，电阻箱电阻为零； 1.4； 1.2； 【解析】【分析】(1)明确实验中安全要求，知道连线

24、时开关应断开，电阻箱在闭合开关前应调至最大；(2)根据图示电路图应用闭合电路欧姆定律求出图象的函数表达式，然后根据图象求出电源电动势与内阻。【详解】(1) 由图可知，该同学连线时开关应断开；闭合开关前，电阻箱不能为零，应使其阻值调至最大。(2) 根据图示电路可知，电源电动势E=I(r+R)，整理得：R=E1I-r。由图示R-1I图象可知，图象斜率k=E=8.06.7-0.9V1.4V；图象纵截距b=-r，则r=1.2。【点睛】本题考查测量电动势和内电阻的实验，要注意明确实验原理，注意数据处理的基本方法，明确图象的应用是解题的关键。14（1）E=mgtanq；（2）a=12gsin【解析】【分析】（1）利用平衡求出电场强度（2）根据牛顿第二定律可求出物块下滑的加速度值【详解】（1）小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力。对小物块由平衡条件得对小物块沿斜面由平衡条件得 mgsin-Eqcos=0 解得 E=mgtanq（2）当电场减为原来的12时，对小物块沿斜面由牛顿第二定律得：mgsin-12Eqcos=ma 解得：a=12gsin故本题答案是：（1）E=mgtanq；（2