电容 精选组卷

1、电容1、如图所示,A、B为两块水平放置的金属板,通过闭合的开关S分别与电源两极相连,两极中央各有一个小孔a和b,在a孔正上方某处放一带电质点由静止开始下落,若不计空气阻力,该质点到达b孔时速度恰为零,然后返回.现要使带电质点能穿过b孔,则可行的方法是( )A.保持S闭合,将A板适当上移B.保持S闭合,将B板适当下移C.先断开S,再将A板适当上移D.先断开S,再将B板适当下移2、如图所示,平行金属板A与B相距5cm,电源电压为10v,则与A板相距1cm的C点的场强为( )A.1000V/mB.500V/mC.250V/mD.200V/m 3、(极板间距为d的平行板电容器,充电后与电源断开,此时两

2、极板间的电势差为U1,板间电场强度大小为E1;现将电容器极板间距变为,其它条件不变,这时两极板间电势差为U2,板间电场强度大小为E2,下列说法正确的是A.U2 = U1,E2 = E1B.U2 = 2U1,E2 = 2E1C.U2 = 2U1,E2 = E1D.U2 = U1,E2 = E1 4、如图所示,电路中R1、R2均为可变电阻,电源内阻不能忽略。平行板电容器C的极板水平放置。闭合电键S,电路达到稳定时,带电油滴悬浮在两板之间静止不动。 如果仅改变下列某一个条件,油滴仍能静止不动的是A.增大R1的阻值B.增大R2的阻值C.增大两板间的距离D.断开电键S 5、(0分)如图所示,平行板电容器

3、与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接,下极板接地。在两板间的P点固定一个带正电的试探电荷。现将电容器的下极板竖直向下移动一小段距离,使两极板间的距离增大,则A.两极板间的电势差增大B.两极板间的电场强度保持不变C.固定在P点的正电荷电势能增加D.P点的电势降低6、如图所示,将充好电的平行板电容器与静电计连接,静电计指针偏转的角度为。在如下的变化中,关于静电计指针偏转角度的变化,说法正确的是(      )A.若两极板间的距离减小,则变大B.若两极板相互错开一些(距离不变),则变小C.若在两极板间插入玻璃板,则变大D.若在两极板间插入

4、金属板,则变小 7、(0分)(10分)如图所示的电路中,电源的电动势E=9V,内阻r=1;电阻R1=10,R2=10,R3=30,R4=40;电容器的电容C=100F,电容器原来不带电,求:(1)开关S未接通时电源的电流I;(2)接通开关S后流过R4的总电量Q。 8、(0分)如图所示,将平行板电容器与电池相连,两板间的带电尘埃恰好处于静止状态.若将两板缓慢地错开一些,其他条件不变,则(   )A.电容器带电量变大B.尘埃仍静止C.电容器内部的场强变大D.灵敏电流计中有ab的电流 9、(0分)如图所示,平行板电容器的电容为C,带电荷量为Q,板间距离为d, 今在两板的

5、中点处放一电荷q,则它所受电场力的大小为(   )A.B.C.D. 10、(0分)如图所示,描述对给定的电容器充电时电量Q、电压U、电容C之间相互关系的图像,其中正确的有    (      ) 11、(0分)如图所示,A、B是平行板电容器的两个极板,B板接地,A板带有电荷量+Q,板间电场中有一固定点P,若将B板固定,A板下移一些;或者将A板固定,B板上移一些,在这两种情况下,以下说法中正确的是(  ) A.A板下移时,P点的电场强度不变,P点电势不变B.

6、A板下移时,P点的电场强度不变,P点电势升高C.B板上移时,P点的电场强度不变,P点电势降低D.B板上移时,P点的电场强度减小,P点电势降低 12、(0分)平行板电容器充电后与电源断开,负极板接地,在两极板之间有一个正电荷(电荷量很小)固定在P点,以E表示极板之间的电场强度,U表示电容器两极板间的电势差,W表示正电荷在P点的电势能。若保持负极板不动,将正极板移动到图中虚线位置,则( )A.U变小,E不变B.E变大,W变大 C.U变小,W变小D.U不变,W不变 13、如右图所示,将电键S合到1位置,对平行板电容器充电,充电完成后,将电键S闭合到2位置,让其放电,在电键S闭合瞬间将产生火

7、花.放电后,再次将电键S合到1位置,对平行板电容器充电,然后断开电键,将两金属板间距离拉大些,并再次将电键闭合到2位置,让其放电,产生火花,则两次放电过程相比较( )A.两次放电过程放出的电荷量相等B.两次放电过程释放的能量相等C.第二次放电过程放出的电荷量较大D.第二次放电过程释放的能量较小 14、如图所示,平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接,下极板接地,静电计所带电量很少,可被忽略.一带负电油滴被固定于电容器中的P点,现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离,则(   ) A.平行板电容器的电容值将变大B.静电计指针张角变小C.带电油滴的电势能将减

8、少D.若先将上极板与电源正极的导线断开再将下极板向下移动一小段距离,则带电油滴所受电场力不变 15、(0分)(1)试求质子在t1=l/ 2v0时偏转的距离y和此时的速度大小?   (2)当在t1= l/ 2v0时突然改变两板带电性质且电压,当保持两板间电压为U1时,质子恰好能贴紧B端飞出电场,试求电压U1和U0的比值是多大? 16、(0分)如图所示的电路中,两平行金属板A、B水平放置,两板间的距离d=40Cm.电源电动势E=24V内电阻r=l,电阻R=15闭合开关S,待电路稳定后,将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4m/s竖直向上射入板间。若小球带电量为q=

9、1×10-2C,质量为m=2×10-2kg,不考虑空气阻力.(1)滑动变阻器接入电路的阻值为多大时,小球恰能到达A板?(2)此时,电源的输出功率是多大? 17、(0分)如图所示,电源A的电压为6V,电源B的电压为8V,当开关S从A转到B时(电容器的电容为2F),通过电流计的电荷量为A.4×10-6CB.12×10-6CC.16×10-6CD.28×10-6C 18(10分)如图12所示,将一电动势为E=6 V、内阻r=0.5 的电源,与一粗细均匀的电阻丝AB相连,电阻丝的长度为L=0.30 m,阻值为R=4 ,电容器的电容为C=3 F

10、.闭合开关S使其达到稳定状态后,将滑动触头P向右以速度v=0.6  m/s匀速滑动的过程中,电流计的读数为多少?流过电流计的电流方向如何? 19、如图所示,平行板电容器与电源相连,下极板接地.一带电油滴位于两极板的中心P点且恰好处于静止状态,现将平行板电容器两极板在纸面内绕O、O迅速顺时针转过45°,则:A.P点处的电势不变B.带电油滴仍将保持静止状态C.带电油滴将水平向右做匀加速直线运动D.带电油滴到达极板前具有的电势能不断增加 20、如图所示,在平行金属板AB间和BC间分别由电源提供恒定的电压U1和U2,且U2>U1。在A板附近有一电子,质量为m,电荷量为-e,由

11、静止开始向右运动,穿过B板的小孔进人BC之间,若AB间距为d1,BC间距为d2。求:(1)电子通过B板小孔后向右运动距B板的最大距离;(2)电子在AC间往返运动的周期。 21、如图所示的电路中,已知电容C1=C2,电阻R1=R2,电源电动势为E,内阻不计,当开关S由闭合状态断开时,下列说法中正确的是( )A.电容器C1的电量增多,电容器C2的电量减少B.电容器C1的电量减少,电容器C2的电量增多C.电容器C1、C2的电量都增多D.电容器C1、C2的电量都减少22、平行板电容器的两极板A、B接于电源两极,两极板竖直、平行正对,一带正电小球悬挂在电容器内部.闭合电键S,电容器充电,悬线偏离竖直方向

12、的夹角为,如图所示,则下列说法正确的是( )A.保持电键S闭合,带正电的A板向B板靠近,则减小B.保持电键S闭合,带正电的A板向B板靠近,则不变C.电键S断开,带正电的A板向B板靠近,则增大D.电键S断开,带正电的A板向B板靠近,则不变 23、如图所示电路中,平行板电容器极板水平放置,板间有一质量为m的带电油滴悬浮在两板间静止不 动.要使油滴向上运动,可采用的方法是( )A.只把电阻R1阻值调大B.只把电阻R2阻值调大C.只把电阻R3阻值调大D.只把电阻R4阻值调大 24、(0分)如图所示的电路中,平行板电容器C的极板水平放置,当S断开时,极板间的带电尘粒P处于静止,把S闭合,则带电

13、尘粒将 ( )A.向上运动B.向下运动C.因不知尘粒种类和电荷量,所以无法判断D.因为不知道R1、R2的值,所以无法判断25、如图所示是一个由电池、电阻R与平行板电容器组成的串联电路,在增大电容器两板间距离的过程中( )A.电阻R中有从a流向b的电流B.电容器的电容变小C.电阻R中没有电流D.电容两板间的场强变强26、如图甲中通过P点电流的(向右为正)变化规律如图乙所示,则( )A.在t从0.5sls,电容器C正在充电B.0.5s1s间,电容器C上板带正电C.1s1.5s内,Q点电势比P点电势高D.1s一1.5s磁场能转化为电场能27、如图所示的电路,闭合开关S,当滑动变阻器滑片P向

14、右移动时,下列说法正确的是( )A.电流表读数变小,电压表读数变大B.小电泡L变暗C.电容器C上电荷量减小D.电源的总功率变大28、传感器是一种采集信息的重要器件.如图所示是一种测定压力的电容式传感器,当待测压力F作用于可动膜片电极上时,可使膜片产生形变,引起电容的变化,将电容器、灵敏电流计和电源串接成闭合电路,那么( )A.当F向上压膜片电极时,电容将减小B.当F向上压膜片电极时,电容将增大C.若电流计有示数,则压力F发生变化D.若电流计有示数,则压力F不发生变化29、(0分)如图所示,面积为S的回路中有一个电容量为C的电容器,垂直穿过回路的磁场的磁感应强度B随时间t均匀变化,若其变化率为,

15、则电容器所带的电荷量等于  A.B.C.D. 30、把以空气为介质的平行板电容器a与电阻R和电动势为E的直流电源如图连接,平衡后,把一块玻璃板插入电容器a中,则再达到平衡时( )A.与玻璃板插入前比,电容器a两极板间的电压增大B.与玻璃板插入前比,电容器a两极板间的电压减小C.与玻璃板插入前比,电容器a贮存的电能增大了D.玻璃板插入过程中有电流从左向右通过电阻R 31、一平行板电容器充电后与电源断开,负极板接地.两板间有一个正试探电荷固定在点,如图所示,以表示电容器的电容、表示两板间的场强、表示点的电势,表示正电荷在点的电势能,若正极板保持不动,将负极板缓慢向右平移一小段距离的过程中

16、,各物理量与负极板移动距离的关系图象中正确的是(    )A. B.C. D. 32、如图所示,带有等量异种电荷的两块很大的平行金属板M、N水平正对放置,两板间有一带电微粒以速度v0沿直线运动,当微粒运动到P点时,迅速将M板上移一小段距离,则此后微粒的运动情况可能的是( )A.沿轨迹做曲线运动B.方向改变沿轨迹做直线运动C.方向不变沿轨迹做直线运动D.沿轨迹做曲线运动33、如图,D为一理想二极管(正向电阻为0,反向电阻无穷大),平行板电容器通过二极管与电动势不变的电源相连,下列是有关极板上的电量Q、极板间的电场强度E随板间距离变化的说法:板间距离变小,Q增大;板间

17、距离变小,E增大;板间距离变大,Q减小;板间距离变大,E不变.其中正确的是( )A.B.C.D. 34水平放置的平行板电容器与一电池相连.在电容器的两板间有一带正电的质点处于静止平衡状态.现将电容器两板间的距离增大,则( )A.电容变大,质点向上运动B.电容变大,质点向下运动C.电容变小,质点保持静止D.电容变小,质点向下运动 35、如图所示,由两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器的极板N与静电计相接,极板M接地.用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差U.在两板相距一定距离d时,给电容器充电,静电计指针张开一定角度.在整个实验过程中,保持电容器所带电量Q不变,下面哪些操作将使静电计指针

18、张角变小( )A.将M板向下平移B.将M板沿水平向左方向远离N板C.在M、N之间插入云母板(介电常数>1)D.在M、N之间插入金属板,且不和M、N接触36、(0分)如图所示,水平放置的平行板电容器,上板带负电,下板带正电,带电小球以速度v0水平射入电场,且沿下板边缘飞出.若下板不动,将上板上移一小段距离,小球仍以相同的速度v0从原处飞入,则带电小球( )A.将打在下板中央B.仍沿原轨迹由下板边缘飞出C.不发生偏转,沿直线运动D.若上板不动,将下板上移一段距离,小球可能打在下板的中央37、(0分)如图所示,两平行金属板竖直放置,左极板接地,中间有小孔.右极板电势随时间变化的规律如图所示.电

19、子原来静止在左极板小孔处.(不计重力作用)下列说法中正确的是:A.从t=0时刻释放电子,电子必将始终向右运动,直到打到右极板上B.从t=0时刻释放电子,电子可能在两极板间振动C.从t=T/4时刻释放电子,电子必将在两极板间振动D.从t=3T/8时刻释放电子,电子必将从左极板上的小孔中穿出 38、(0分)真空中的某装置如图所示,现有质子、氘核和粒子都从O点由静止释放,经过相同加速电场和偏转电场,射出后都打在同一个与OO垂直的荧光屏上,使荧光屏上出现亮点(已知质子、氘核和粒子质量之比为124,电荷量之比为112,重力不计).下列说法中正确的是(  )A.三种粒子在偏转电场中运动时间之比为

20、211B.三种粒子出偏转电场时的速度相同C.在荧光屏上将只出现1个亮点D.偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为112 39、(0分)如图所示,无限大均匀带正电薄板竖直放置,其周围空间的电场可认为是匀强电场。光滑绝缘细管垂直于板穿过中间小孔,一个视为质点的带负电小球在细管内运动。以小孔为原点建立x轴,规定x轴正方向为加速度a、速度v的正方向,下图分别表示x轴上各点的电势,小球的加速度a、速度v和动能Ek随x的变化图象,其中正确的是(   ) 40、如图所示,初速为零的电子经电压加速后,垂直进入偏转电场偏转,离开偏转电场时侧向位移是.偏转板间距离为,偏转电压为,板长为.为了提高

21、偏转灵敏度(每单位偏转电压引起的侧向位移),可采用下面哪个办法A.增大偏转电压B.减小板长C.减小板间距离D.增大加速电压 41、如图所示,质子()和氦核()从静止在加速电压为U1的加速电场加速后垂直进入电压为U2的偏转电场,射出后打到屏幕上,下列说法正确的是A.质子和氦核从加速电场射出后的速度相同B.质子在加速电场中获得的动能是e U1C.氦核在偏转电场中获得的动能为2e U2D.质子和氦核在不同时刻打到屏幕的同一点上 42、如图1所示,在两平行金属板中央有一个静止的电子(不计重力),当两板间加上如图2所示的交变电压后,能使电子有可能做往返运动的电压是(   )

22、图1 43、(0分)如图所示,水平放置的三块带孔的平行金属板与一个直流电源相连,一个带正电的液滴从A板上方M点处由静止释放,不计空气阻力,设液滴电量不变从释放到达B板小孔处为过程I,在BC之间运动为过程,则    A.液滴一定能从C扳小孔中穿出 B.过程I中一定是重力势能向电势能和动能转化 C.过程I和过程系统机械能变化量大小相等 D.过程中一定是重力势能向电势能和动能转化 44、如图所示,带等量异号电荷的两平行金属板在真空中水平放置,M、N为板间同一电场线上的两点,一带电粒子(不计重力)以速度vM经过M点在电场线上向下运动,且未与下板接触,一段时间后,

23、粒子以速度vN折回N点。则     A.粒子受电场力的方向一定由M指向NB.粒子在M点的速度一定比在N点的大 C.粒子在M点的电势能一定比在N点的大 D.电场中M点的电势一定高于N点的电势 45、(0分)如图所示,有一带电粒子贴A板沿水平方向射入匀强电场,当偏转电压为U1时,带电粒子沿轨迹从两板正中间飞出;当偏转电压为U2时,带电粒子沿轨迹落到B板中间;设两次射入电场的水平速度相同,则电压U1、U2之比为    A.1:8 B.1:4 C.1:2 D.1:1 46、(0分)如图所示,水平放置的平行金属板A、B连接一

24、恒定电压,两个质量相等的电荷M和N同时分别从极板A的边缘和两极板的正中间沿水平方向进入板间电场,两电荷恰好在板间某点相遇.若不考虑电荷的重力和它们之间的相互作用,则下列说法正确的是 ()A.电荷M的电荷量等于电荷N的电荷量B.两电荷在电场中运动的加速度相等C.从两电荷进入电场到两电荷相遇,电场力对电荷M做的功大于电场力对电荷N做的功D.电荷M进入电场的初速度大小与电荷N进入电场的初速度大小一定相同 47、如图10所示,质量相同的两个带电粒子P、Q以相同的速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中,P从两极板正中央射入,Q从下极板边缘处射入,它们最后打在同一点(重力不计),则从开始射入到打到

25、上板的过程中                       ( )A.它们运动的时间tQ>tPB.它们运动的加速度aQ<aPC.它们所带的电荷量之比qPqQ=12D.它们的动能增加量之比EkPEkQ=12 48、带电尘埃P静止在平行板电容器C的两极板之间,此时滑动变阻器和的位置及电路图如图所示。欲使尘埃向下加速运动,下列方法中可行的是(  

26、;   )A.的滑片向左移动                  B.的滑片向左移动C.平行板电容器下极板向左移动       D.断开开关 49、如图所示,在光滑绝缘水平面上有一半径为R的圆,AB是一条直径,空间有匀强电场场强大小为E,方向与水平面平行。在圆上A点有一发射器,以相同的动能平行于水平面沿不同方向发射带电量为+q的小球,小球会

27、经过圆周上不同的点,在这些点中,经过C点的小球的动能最大。由于发射时刻不同时,小球间无相互作用。且=30°,下列说法正确的是(    )A.电场的方向与AC间的夹角为90°B.电场的方向与AC间的夹角为60°C.小球在A点垂直电场方向发射,恰能落到C点,则初动能为qERD.小球在A点垂直电场方向发射,恰能落到C点,则初动能为qER50、如图所示,D是一只理想二极管,电流只能从a流向b,而不能从b流向a0.平板电容器的A、B两极板之间有一电荷,在P点处于静止状态.以p表示P点的电势,U表示两极板间电压,EP表示电荷在电场中的电势能.若保

28、持极板B不动,将极板A稍向上平移,则下列说法中正确( )A.U变大     B.p不变           C.Ep变大  D.电荷将向上加速 51、在图中,EF、GH为平行的金属导轨,其电阻不计,R为电阻,C为电容器,AB为可在EF和GH上滑动的导体横杆.有匀强磁场垂直于导轨平面.若用I1和I2分别表示图中该处导线中的电流,则当横杆AB( )A.匀速滑动时,I1=0,I2=0     

29、  B.匀速滑动时,I10,I20C.加速滑动时,I1=0,I2=0       D.加速滑动时,I10,I20 52、两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置,构成一平行板电容器,接通开关S,电源即给电容器充电(    )A.保持S接通,减小两极板间的距离,则两极板间电场的电场强度减小B.保持S接通,在两极板间插入一块介质,则极板上的电量增大C.断开S,减小两极板间的距离,则两极板间的电势差减小D.断开S,在两极板间插入一块介质,则两极板间的电势差增大53、如图所示,两个水平放置的平行板电容器

30、,A板用导线与M板相连,B板和N板都接地。让A板带电后,在两个电容器间分别有P、Q两个带电油滴都处于静止状态。A、B间电容为C1,电压为U1,带电量为Q1;M、N间电容为C2,电压为U2,带电量为Q2。若将B板稍向下移,下列说法正确的是(    )A.P向下动,Q向上动               B.U1减小,U2增大C.Q1减小,Q2增大       &

31、#160;          D.C1减小,C2增大54、如图所示,平行板电容器的两个极板为A、B,B板接地,使其A板带有电荷量+Q,B板带有电荷量Q,板间电场中有一固定点P,以下说法正确的是( )A.若将B板固定,A板下移时,P点的电场强度不变,P点电势降低B.若将B板固定,A板下移时,P点的电场强度增大,P点电势升高C.若将A板固定,B板上移时,P点的电场强度不变,P点电势降低D.如果A板固定,B板上移时,P点的电场强度增大,P点电势升高55、用一个8V的直流电源对一个电容器充电,充满之后电容器通过电

32、阻R放电,放电的图像如图所示,则可估算该电容器的电容最接近的是(  )A、        B、    C、        D、 56、(0分)两块大小.形状完全相同的金属平板平行放置,构成一平行板电容器,与它相连的电路如图所示,接通开关S,电源即给电容器充电,则(    )A. 保持S接通,减小两极板间的距离,则两极板间电场的电场强度减小B. 保持S接通,在两极板间插入一块介质,则极板上的电荷量增大C. 断开S,减小两极板间的

33、距离,则两极板间的电势差减小D. 断开S,在两极板间插入一块介质,则两极板间的电势差增大 57、如图所示,三条虚线表示某电场的三个等势面,其中1=10V,2=20V,3=30V一个带电粒子只受电场力作用,按图中实线轨迹从A点运动到B点,由此可知(   )A.粒子带正电        B.粒子的速度变大C.粒子的加速度变大  D.粒子的电势能变小 参考答案：1.答案： B解析： 设质点距离A板的高度h,A、B两板原来的距离为d,电压为U.质点的电量为q.A、由题质点到达b孔时速度恰为零,根据动能定

34、理得mg(h+d)-qU=0.若保持S闭合,将A板适当上移,设质点到达b时速度为v,由动能定理得mg(h+d)-qU=mv2,v=0,说明质点到达b孔时速度恰为零,然后返回,不能穿过b孔.故A错误.B、若保持S闭合,将B板适当下移距离d,由动能定理得mg(h+d+d)-qU=mv2,则v>0,质点能穿过b孔.故B正确.C、若断开S时,将A板适当上移,板间电场强度不变,设A板上移距离为d,质点进入电场的深度为d时速度为零.由动能定理得mg(h-d)-qEd=0,又由原来情况有mg(h+d)-qEd=0.比较两式得,d<>D、若断开S,再将B板适当下移,根据动能定理可知,质点到达

35、b孔原来的位置速度减为零,然后返回,不能到达b孔.故D错误.故选B2.答案： D3.答案： D解析： 试题分析: 根据电容的定义式,由匀强电场公式,电容器充电后与电源断开,电量Q不变,据题知S和不变,则E不变。由U=Ed可知,将电容器极板间距变为,则则得:,故D正确,A、B、C错误。4.答案： B解析： 试题分析:以油滴为研究对象进行受力分析可知,油滴静止不动,所受电场力与重力平衡,即,现欲使油滴仍能处于平衡状态,则保证电场强度不发生变化即可,R1的电压不变即可,题中R2没有电流通过,故改变R2时对电路工作状态无影响,所以选项B正确、A错误;而增大两板间距离时,电场强度减小,油滴下落,所以选项

36、C错误;断开电键S时,电容器与可变电阻构成闭合回路,电容器放电,油滴下落,所以选项D错误;5.答案： C解析： 试题分析:电容器始终于电源相连,则电容器两极板间的电势差不变,A错误;由,U不变,d增大,则E减小,B错误;P点与下极板的电势差U=P-0=Ed,而d增大,则p增大,由Ep=pq则固定在P点的正电荷电势能增加,C正确,D错误。6.答案： D解析： 试题分析:若两极板间的距离减小,根据C=电容增大,根据U=电势差变小,偏转角度变小.故A错误.若两极板相互错开一些(距离不变),根据C=电容减小,根据U=电势差变大,偏转角度变大.故B错误.若在两极板间插入玻璃板,根据C=电容增大,根据U=

37、电势差变小,偏转角度变小.故C错误,D正确.7.答案： (1)1A;(2)6×10-4C 解析： 试题分析:(1)开关S未接通时,R2、R3串联后与R1并联,根据串、并联规律可知外电路的总电阻为:、      (1分)根据闭合电路欧姆定律得通过电源的电流:     (3分)(2)电容器充电完成后相当于开路,对电路没有影响,根据题意可知此时的路端电压为:       (2分)根据串联分压规律得R3的电压(即电

38、容器两端的电势差):    (2分)根据电容定义可知,电容器充电后的电荷量:      (2分)故流过R4的电荷量为电容器充电完成后在电路中相当于开路,8.答案： BD 解析： 试题分析:平行板电容器与电源连接电压不变,尘埃处于静止说明重力和电场力平衡。若将两板缓慢地错开一些,平行板电容器正对面积变小,电容变小,电容器的电荷量变小选项A错。下极板带负电,电荷量减小即部分负电荷从下极板向外转移即负电荷从b向a移动,所以又从 a到b 的放电电流,选项D对。电容器电压不变,两板之间距离d不变,所以场强

39、不变,选项C错。尘埃的电场力不变仍然静止选项B对。9.答案： C解析： 试题分析:平行板电容器电容,所以电压,平行板电容器中间为匀强电场电场强度,所以电荷q所受到电场力,选项C对。注意电荷量是一个极板的电荷量而不是两个极板电荷量。10.答案： BCD解析： 试题分析:电容为电容器本身的性质,与带电量和电压均无关,A错;BD对;由Q=CU可知C恒定不变,Q与U成正比,C对;故选BCD点评:难度较小,明确电容是电容器本身的性质,不会随着带电量Q和电压U的变化而变化 11.答案： AC解析： 试题分析:由题意可知,电容器所带电荷量不变,正对面积不变,当A板下移时,根据 得知平行板电容器极板

40、间的电场强度与板极间距离d无关,可以知道此时P点的电场强度E不变。P点与下极板的距离不变,根据可知,P点与下极板间的电势差不变,则P点的电势不变,所以A正确、B错误;当B极板上移时,同理可知,电场强度不变,根据可知,P点与下极板间的电势差减小,而P点的电势高于下极板的电势,下极板的电势为零,所以可知P点的电势降低,所以C正确 、D错误。12.答案： A解析： 试题分析:由,联立得到,将上板下移一小段距离后,金属板的电荷量Q不变,场强E不变,B错;由U=Ed知电势差U减小,D错A对;电势能知电势能W不变,C错。点评:本题学生知道当电容器的电荷量不变时,其场强大小与极板间的距离无关。13.答案：

41、A解析： 试题分析:两次充电是用同一电源进行的,根据公式克的所以所充电的电荷量相同,故放电时所放出的电荷量也相等,A正确,C错误;根据公式可得断开电源后,在将两金属板间距离拉大的过程中,电场力不变,距离增大,故克服电场力做功,电场能增加.BD错误故选A点评:本题需要知道,当断开电源后,电容器两极版间的电场大小与两极板的距离无关14.答案： CD15.答案： (1)  (2)解析： 1)质子在电场中做类平抛运动,其加速度(1分)则在t为0l/ 2v0的过程中:质子在竖直方向上偏转的位移    (2分)在t=l/ 2v0时,质子在电场方向

42、上的速度(1分)则质子的速度   (2分)(2)由于电场反向后,质子在电场中的时间仍为t1= l/ 2v0  (2分)那么在电场方向上由运动学公式和牛顿运动定律有:                   (3分)把(1)问求得的和代入上式可得:  (2分 16.答案： (1)(2)23W解析： 试题分析:(1)小球进入板间后,受重力和电场力

43、作用,且到A板时速度为零.设两板间电压为UAB,由动能定理得一mgd一qUAB=0一mv02                               (2 17.答案： D解析： 开关在A端时,电容器上极板带正电荷,当搬到B端时上极板为负电荷,所以电容器先放电后充电,电量变化为流过电流

44、计的电荷量,为28×10-6C,D对;18.答案： 32 A 从右向左解析： 设在t时间内,触头P移动的距离为L,则L=vt,由于电阻丝单位长度上电压值为=·因此在t时间内PB间电压改变U=L=而I=C则I=·v= ×0.6 A=32 A电流方向从右向左.19.答案： AC解析： 由于P点仍处于板的中间,故电势不变,A正确;设原来两极板间距为d,两极板的电势差为U,带电油滴处于静止状态,则mg=q,当电容器两极板绕O、O顺时针转过45°后,两极板间距变小为d,由于电容器始终与电源相连,两极板的电势差仍为U,故此时的电场力为原来的倍,方

45、向与水平方向成45°指向右上方.带电油滴的合力方向恰好水平向右,故油滴沿水平方向向右做初速度为零的匀加速直线运动,此过程中电场力做正功,油滴的电势能不断减少,B、D选项错,C选项正确.20.答案： (1)xm=;(2)T=2t1+2t2="" =( +)解析： 1)(共3分)设这个最大距离为xm,则由功能关系,有:  q·d1 = q·xm  (1分)             

46、   xm=(2分)(2)(共5分)eU1 =mv(1分)    d1 =t1(1分)     xm=t2(1分)T=2t1+2t2="" =( +)(2分21.答案： C解析： 当开关S闭合时,电容器C2的电压等于R1的电压,电容器C1的电压等于电阻R2的电压.而两电阻串联,电压都小于电源的电动势E.当开关S断开后,电路稳定后,电路中无电流,两电容器的电压都等于电源的电动势,可见,两电容器的电压增大,电量也都增多.故选C 22.答案： D解析：

47、 A、B保持电键S闭合时,电容器板间电压不变,带正电的A板向B板靠近时,板间距离d减小,分析得知,板间场强增大,小球所受电场力增大,则增大.故AB均错误.C、电键S断开,根据推论可知,板间场强不变,小球所受电场力不变,则不变.故C错误,D正确.故选D23.答案： B解析： A、只把电阻R1阻值调大,并联部分电压减小,R4的电压减小,电容器的电压减小,板间场强减小,油滴向下运动.故A错误.B、只把电阻R2阻值调大,外电路总电阻增大,并联部分电压增大,则电容器的电压增大,板间场强增大,油滴向上运动.故B正确.C、只把电阻R3阻值调大,外电路总电阻增大,干路电流减小,并联部分电压增大,R1的电流增大

48、,流过R4的电流减小,R4的电压减小,油滴向下运动.故C错误.D、只把电阻R4阻值调大,外电路总电阻增大,干路电流减小,并联部分电压增大,R1的电流增大,流过R4的电流减小,R3的电压增大,R4的电压增大,油滴向上运动.故D正确.故选BD24.答案： B解析： 当S断开时,带电尘粒P处于静止,尘粒的重力与电场力平衡,此时平行板电容器C的电压等于电源的电动势.把S闭合,电路稳定时,平行板电容器C的电压等于电阻R2两端的电压,电容器的电压减小,板间场强减小,尘粒所受电场力减小,则尘粒向下运动.故选B25.答案： A解析： A、B、C在增大电容器两板间距离的过程中,电容C减小,电压U不变,则电量Q=

49、CU减小,电容器放电.由于电容器上极板带正电,则电阻R中有从a流向b的电流.故AB正确,C错误.分析可知,U不变,d增大,E变小.故D错误.故选AB26.案： A 解析： A、从0.5sls,电容器反向充电,电流逐渐减小到0,磁场能全部转化为电场能.电容器下板带正电.故A正确,B错误.  C、11.5s内,电容器放电,电流从0逐渐增大到最大值,电场能全部转化为磁场能,电流的方向为Q到P,在外电路中沿着电流的方向电势逐渐降低,所以Q点电势比P点电势高.故C正确.D错误.故选AC.27.答案： C解析： A、当滑动变阻器滑片P向右移动时,变阻器接入电路的电阻减小,根据欧姆定律可

50、知,电流I=ER+RL+r增大,电压表的读数U=E-Ir减小.故A错误.   B、灯泡功率P=I2RL,RL不变,I增大,P增大,则灯泡变亮.故B错误.   C、电容器电压UC=E-I(RL+r)减小,电容器电量Q=CUC减小.故C正确.   D、电源的总功率P总=EI,E不变,I增大,P总增大.故D正确.故选CD28.答案： B解析： A、B,当F向上压膜片电极时,板间距离减小,由电容的决定式C=?S4d得到,电容器的电容将增大.故A错误,B正确.C、D,当F变化时,电容变化,而板间电压不变,由Q=CU

51、,故带电荷量Q发生变化,电容器将发生充、放电现象,回路中有电流,电流计有示数.反之,电流计有示数时,压力F必发生变化.故C正确,D错误.故选BC29.答案： A30.答案： C解析： AB、由于电容器一直与电源相连,故电容器两端的电压不变,故AB错误;C、插入玻璃后,由C=S4kd可知因为介电常数增大,所以电容C增大,则由Q=UC可知,电容器两端的电量增大,则贮存的电能增大,故C正确;D、因电量增大,则电容器将充电,则电流由电源的正极流入正极板;故回路中有由左向右的电流,故D正确;故选:CD.31.答案： C解析： A、当负极板左移时,由可知,与成反比,故A错误;B、由可知,则,故与无关,故B

52、错误;C、因负极板接地,设点原来距负极板为1,则点的电势;故C正确;D、电势能,不可能为水平线,故D错误;故选:C.32.答案： C解析： 当微粒运动到P点时,迅速将M板上移一小段距离,由电容的决定式C=33.答案： C解析： 板间距离变小,电容增大,电压不变,由Q=CU得知,电量增大,电容器充电.故正确.   板间距离变小,电压不变,由E=分析可知场强E增大.故正确.   板间距离变大,电容减小,电压不变,由于二极管的单向导电性,电容器不能放电,电量Q不变.故错误.   板间距离变大,电容减小,电容器不

53、能放电,电量Q不变,根据推论E=分析可知,板间电场强度E不变.故正确.故选C34.答案： D35.答案： C36.答案： B37.答案： A解析： 试题分析: B从t=0时刻释放电子,前内,电子受到的电场力向右,电子向右做匀加速直线运动;后内,电子受到向左的电场力作用,电子向右做匀减速直线运动;接着周而复始,所以电子一直向右做单向的直线运动,直到打在右板上.故A正确,B错误;从t=时刻释放电子,在-内,电子向右做匀加速直线运动;在-,电子受到的电场力向左,电子继续向右做匀减速直线运动,有可能打到右极板上,所以C错;用同样的方法分析从t=T时刻释放电子的运动情况,电子先向右运动,也有可能打到右极

54、板上,所以D错。38.答案： CD解析： 试题分析:带电粒子经过加速电场时根据电场力做功有,进入偏转电场后做类平抛运动,水平方向匀速直线则有运动时间,带入三种粒子的电荷量和质量之比,可得选项A错。偏转电场里面竖直方向做匀加速直线运动,偏转位移,偏转电场对粒子做功,所以有,选项D正确。粒子出偏转电场时,假设速度与水平夹角为,则有可见速度方向与电荷量质量无关,所以速度方向相同,根据竖直方向位移也是相同的,所以他们将打在荧光屏上同一点,选项C对。出偏转电场的速度,根据方向相同可得,选项B错。39.答案： D解析： 试题分析:由题意知周围电场是匀强电场,故电势随x应呈线性关系,所以A错误;在x正半轴上

55、,因小球带负电,小球受电场力与电场方向相反,所以力的方向沿x轴负方向,所以加速度为负值,故B错误;又因是匀强电场,故小球受电场力不变,小球在x正、负半轴分别做匀变速直线运动,根据,得:速度与位移不是线性关系,故C错误;根据动能定理,所以D正确。40.答案： C解析： 试题分析:对电子在加速过程中应用动能定理: ,粒子在偏转电场中的偏转位移为:,联立两式可得:,偏转灵敏度为,要想提高偏转灵敏度,可以增大板长,减小加速电压,减小偏转电极两板之间的距离,C正确,ABD错误。41.答案： BD解析： 试题分析:根据公式可得,两粒子的带电量不相等,质量不同,所以从加速电场射出后的速度不同,质子

56、在加速电场中获得的动能是,A错误B正确,因为氦在偏转电场的竖直位移未知,所以无法确定其获得的动能,C错误,它们是由同一个电场从静止加速,由动能定理得:解得:粒子水平方向做匀速直线运动,运动时间为,粒子竖直方向做初速度为零的匀速直线运动则,由此可见,两种带电粒子在竖直方向的偏转位移仅与偏转电压、极板长度L、加速电压U有关,过程中,这三个物理量都相同,所以它们的偏转位移相同,粒子都打到同一点上,但是运动时间不同,所以D正确,42.答案： ABC解析： 试题分析:由A图象可知,电子先做加速度减小的加速运动,时刻速度最大,由到时间内做加速度增加的减速运动,时刻速度减为零.从到时间内电子反向做加速度减小

57、的加速运动,时刻速度最大,由时刻到T时间内做加速度增大的减速运动,T时刻速度减为零,回到原位置,即电子能做往复运动.同样的方法可以得到BC正确.D选项不可能的,故选ABC点评:本题难度中等,由电场力与电压的关系可知加速度与时间t的关系与U-t的关系图像一样,但速度变化要看加速度方向,可画出速度时间图像进而判断43.答案： AC44.答案： B45.答案： A46.答案： C解析： 试题分析:由题,两个电荷都做类平抛运动,竖直方向做匀加速运动,其加速度为a=,竖直位移为y=,由图看出,相遇时,M的竖直位移大于N的竖直位移,而m、E、t相等,则得到,M的比荷大于N的比荷,M的加速度大于N的加速度.

58、故A、B错误;由于m相等,则上分析知,M受到的电场力大于N受到的电场力,而电场力在竖直方向上,M的竖直位移大于N的竖直位移,所以从两电荷进入电场到两电荷相遇,电场力对M做的功大于电场力对N做的功.故C正确;D、水平方向两电荷都做匀速直线运动,则有 x=v0t,t相等,而M的水平位移大于N的水平位移,所以M的初速度大于N的初速度.故D错误.47.答案： C解析： 设P、Q两粒子的初速度是,加速度分别是和,粒子P到上极板的距离是0.5h,它们类平抛的水平距离为l。则对P,由,得到,同理对Q,得到。同时可见,而,可见。由动能定理,它们的动能增加量之比。综上,选C48.答案： B解析： 由题意知,尘埃受重力和电场力